2020版高考物理總復(fù)習(xí) 沖A方案 3+2+3沖A練（三）（含解析）新人教版

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1、3+2+3沖A練(三)16.2019寧波十校模擬 如圖C3-1所示,小張同學(xué)乘坐電梯上樓,發(fā)現(xiàn)體重計(jì)示數(shù)會(huì)變化,甲圖是他站在地面上時(shí)體重計(jì)示數(shù),乙、丙是電梯運(yùn)行過程中某時(shí)刻體重計(jì)示數(shù),下列說法正確的是()圖C3-1A.小張的體重在電梯上行的過程中發(fā)生了變化B.乙圖時(shí)小張?zhí)幱诔貭顟B(tài),加速度約為0.65 m/s2C.丙圖時(shí)小張?zhí)幱谑е貭顟B(tài),小張的重力變?yōu)?30 ND.丙圖時(shí)處在減速上升過程中,小張的機(jī)械能可能不變17.2019金華十校模擬 掃地機(jī)器人是智能家用電器的一種,能自動(dòng)進(jìn)行吸塵清掃.已知某品牌的掃地機(jī)器人工作的額定電壓為15 V,額定功率為30 W;充電額定電壓為24 V,額定電流為0.

2、5 A,充電時(shí)間約為240 min;電池容量為200 mAh.下列說法正確的是()A.電池容量是指電池儲(chǔ)存的電能B.機(jī)器人的電阻為7.5 C.機(jī)器人正常工作時(shí)的電流為2 AD.機(jī)器人充滿電后一次工作時(shí)間最多約為4 h18.2019紹興診斷 直角坐標(biāo)系xOy中,M、N兩點(diǎn)位于x軸上,G、H、P三點(diǎn)坐標(biāo)如圖C3-2所示.M、N兩點(diǎn)處固定著一對等量異種點(diǎn)電荷,它們在G點(diǎn)產(chǎn)生的合場強(qiáng)為E,方向水平向右;另有一點(diǎn)電荷固定于P點(diǎn),它在G點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為E,方向沿y軸正方向.由此可知,H點(diǎn)處的合場強(qiáng)大小為()圖C3-2A.829EB.174EC.2ED.109E19.2019春暉中學(xué)模擬 如圖C3-3

3、所示,研究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的實(shí)驗(yàn)裝置放置在水平桌面上,利用光電門傳感器和碰撞傳感器可測得小球的水平初速度和飛行時(shí)間,底板上的標(biāo)尺可以測得水平位移.保持水平槽口距底板高度h=0.420 m不變,改變小球在斜槽導(dǎo)軌上下滑的起始位置,測出小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0、飛行時(shí)間t和水平位移d,記錄在下表中.(空氣阻力可忽略)圖C3-3v0/(m/s)0.7411.0341.3181.584t/ms292.7293.0292.8292.9d/cm21.730.338.646.4(1)由表中數(shù)據(jù)可知,在h一定時(shí),小球水平位移d與其初速度v0成關(guān)系.(2)一位同學(xué)計(jì)算出小球飛行時(shí)間的理論值t理=2hg=20.42

4、010 ms=289.8 ms,發(fā)現(xiàn)理論值與測量值之差約為3 ms.經(jīng)檢查,實(shí)驗(yàn)及測量無誤,其原因是.(3)另一位同學(xué)分析并糾正了上述偏差后,另做了這個(gè)實(shí)驗(yàn),竟發(fā)現(xiàn)測量值t依然大于自己得到的理論值t理,但二者之差在37 ms之間,且初速度越大則差值越小.對實(shí)驗(yàn)裝置的安裝進(jìn)行檢查,確認(rèn)斜槽槽口與底座均水平,則導(dǎo)致偏差的原因是.20.2019桐鄉(xiāng)一中模擬 小區(qū)藍(lán)牙門禁卡失效,小明換上一塊電池,但是問題依舊,他拆下此紐扣電池(如圖C3-4甲所示)去實(shí)驗(yàn)室測定其電動(dòng)勢和內(nèi)阻.圖C3-4(1)先用多用電表直流5 V擋位對電池電動(dòng)勢進(jìn)行粗測,結(jié)果如圖乙所示,示數(shù)為V.(2)小明進(jìn)一步設(shè)計(jì)了精確測量電池電動(dòng)

5、勢和內(nèi)阻的電路,請幫助他完成實(shí)物連線.(3)小明將實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪成U-I圖線,如圖戊所示,可知電池電動(dòng)勢測量值為V,測量值(選填“大于”“等于”或“小于”)電動(dòng)勢的真實(shí)值.(4)請用數(shù)據(jù)分析門禁卡失效的原因:.21.在傾角為30的光滑斜面上垂直于紙面放置一段長為L、質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒.一勻強(qiáng)磁場垂直于斜面向上,如圖C3-5所示.當(dāng)導(dǎo)體棒內(nèi)通有垂直于紙面向里的電流I時(shí),導(dǎo)體棒恰好靜止在斜面上,求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小.(重力加速度為g)圖C3-522.如圖C3-6所示,一足夠長的斜面傾角為37,斜面BC與水平面AB平滑連接,質(zhì)量m=2 kg的物體靜止于水平面上的M點(diǎn),M點(diǎn)與B點(diǎn)之間的距離L=9 m,物體與

6、水平面和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0.5.現(xiàn)使物體受到一水平向右的恒力F=14 N作用,運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)撤去該力.sin 37=0.6,cos 37=0.8,g取10 m/s2.(1)物體在恒力作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度是多大?(2)物體到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度是多大?(3)物體沿斜面向上滑行的最遠(yuǎn)距離是多少?圖C3-623.2019紹興診斷 如圖C3-7所示,豎直平面內(nèi)半徑R=0.3 m的光滑半圓形管道BCD與傾角為30的斜面在B點(diǎn)處平滑連接,A、D兩點(diǎn)等高,在A處固定一彈射器.質(zhì)量m=0.3 kg的小物塊(可看作質(zhì)點(diǎn))從彈射器彈出后沿斜面下滑,到達(dá)B端時(shí)速度為26 m/s.已知小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=33

7、,g取10 m/s2,求:(1)彈簧的彈性勢能;(2)小物塊在D點(diǎn)時(shí)對管道的作用力大小;(3)小物塊從D點(diǎn)飛出后落在斜面上的位置.圖C3-73+2+3沖A練(三)16.B解析 超重與失重過程中,人的質(zhì)量不變.由甲圖中可知,人的質(zhì)量為46.5 kg,在乙圖中,讀數(shù)為49.5 kg,根據(jù)牛頓第二定律得a=495-46546.5 m/s2=0.65 m/s2,選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤,B正確;人在乘電梯上升中,無論是加速上升還是減速上升,支持力都做正功,因而人的機(jī)械能都是增加的,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.17.C解析 掃地機(jī)器人工作時(shí)額定電流為I=PU=2 A,但它并不是純電阻元件,所以內(nèi)阻無法直接計(jì)算,選項(xiàng)B錯(cuò)誤,C正確

8、;電池容量是指電池儲(chǔ)存的電荷量,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;充滿電的電池儲(chǔ)存的電荷量為0.2 Ah,正常工作時(shí)電流為2 A,因此能夠工作時(shí)間為0.1 h,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.18.A解析 根據(jù)點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度E=kQr2 可知,P處點(diǎn)電荷在H處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度E=19E,方向沿y軸正方向,由于對稱性,M、N處的點(diǎn)電荷在H、G兩處產(chǎn)生的合電場強(qiáng)度大小和方向相同,所以H處的合場強(qiáng)為E=19E2+E2=829E,選項(xiàng)A正確.19.(1)正比(2)重力加速度g取了10 m/s2(3)光電門傳感器位于水平槽口的內(nèi)側(cè),傳感器的中心距離水平槽口(小球開始做平拋運(yùn)動(dòng)的位置)還有一段很小的距離解析 (1)由表中數(shù)據(jù)可知,在h一定時(shí),小球

9、水平位移d與其初速度v0成正比.(2)根據(jù)t=2hg求解出的t偏小,是因?yàn)橹亓铀俣葦?shù)值取了10 m/s2,即g值偏大造成的.(3)導(dǎo)致偏差的原因是:光電門傳感器位于水平槽口的內(nèi)側(cè),傳感器的中心距離水平槽口(小球開始做平拋運(yùn)動(dòng)的位置)還有一段很小的距離,小球經(jīng)過傳感器到達(dá)拋出點(diǎn)還有一段很小的時(shí)間,而且速度越大,該時(shí)間越短.20.(1)3.79(2)如圖所示(3)2.0小于(4)電池內(nèi)阻太大,內(nèi)阻分壓過多,電池輸出電壓太低而造成門禁卡無法正常工作21.mg2IL解析 對導(dǎo)體棒受力分析,如圖所示由平衡條件得F=mgsin 安培力F=BIL解得B=mg2IL.22.(1)2 m/s2(2)6 m/s

10、(3)1.8 m解析 (1)在水平面上,根據(jù)牛頓第二定律得F-mg=ma解得a=2 m/s2(2)從M到B,根據(jù)速度與位移公式得vB2=2aL解得vB=6 m/s(3)在斜面上,根據(jù)牛頓第二定律得mgsin +mgcos =ma解得a=10 m/s2根據(jù)速度與位移公式得vB2=2ax解得x=1.8 m23.(1)3.6 J(2)9 N(3)距離B點(diǎn)0.8 m(或距離A點(diǎn)0.4 m)解析 (1)小物塊被彈出后直至到達(dá)B點(diǎn)的過程,根據(jù)動(dòng)能定理得W彈+(mgsin 30-mgcos 30)LAB=12mvB2-0LAB=2Rsin30解得W彈=3.6 J由功能關(guān)系知,彈簧的彈性勢能Ep=3.6 J(2)小物塊沿BCD管道運(yùn)動(dòng)過程,根據(jù)機(jī)械能守恒定律得12mvD2+mg2R=12mvB2假設(shè)物塊在D點(diǎn)處受到的作用力FN向下,根據(jù)牛頓第二定律得FN+mg=mvD2R聯(lián)立解得FN=9 N由牛頓第三定律知,物塊在D點(diǎn)時(shí)對管道的作用力FN=FN=9 N(3)以D點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn),水平向右為x軸,豎直向下為y軸,建立坐標(biāo)系,飛行t時(shí)間后撞在斜面上P點(diǎn),則有y=12gt2,x=vDt又知tan 30=2R-yx聯(lián)立解得t=0.2 s,x=0.43 m則PB=xcos30=0.8 m所以P點(diǎn)距離B點(diǎn)0.8 m(或P點(diǎn)距離A點(diǎn)0.4 m)- 7 -