《（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 小卷30分鐘提分練（三）（8選擇+2實(shí)驗(yàn)）（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 小卷30分鐘提分練（三）（8選擇+2實(shí)驗(yàn)）（含解析）（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、小卷30分鐘提分練(8選擇2實(shí)驗(yàn))(三)一、選擇題(本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)14甲、乙兩輛汽車(chē)沿同一條平直公路行駛，其運(yùn)動(dòng)的位置時(shí)間圖線如圖所示，其中甲車(chē)圖線為直線，乙車(chē)圖線為拋物線下列關(guān)于兩車(chē)運(yùn)動(dòng)情況的說(shuō)法正確的是()A甲車(chē)做直線運(yùn)動(dòng)，乙車(chē)做曲線運(yùn)動(dòng)B在04 s內(nèi)，甲、乙兩車(chē)的平均速度大小均為2 m/sC在t2 s時(shí)，甲、乙兩車(chē)速度大小相等D在t2 s時(shí)，甲、乙兩車(chē)相遇解析：xt圖線只能表示物體做直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由圖象可知，04 s內(nèi)甲車(chē)的位移
2、大小為x甲8 m，甲車(chē)的平均速度大小為v甲2 m/s，乙車(chē)的位移大小大于8 m，乙車(chē)的平均速度大于甲車(chē)的平均速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在t2 s時(shí)，甲車(chē)與乙車(chē)到達(dá)同一位置，甲、乙兩車(chē)相遇，選項(xiàng)D正確；由xt圖線的斜率表示速度，可知在t2 s時(shí)，甲車(chē)的速度大小小于乙車(chē)的速度大小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤答案：D15天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭開(kāi)了原子核的秘密，在科學(xué)史上意義重大. U的半衰期為T(mén)，衰變方程為：UThHe，下列說(shuō)法正確的是()A天然放射現(xiàn)象是由居里夫婦首先發(fā)現(xiàn)的BTh與He的結(jié)合能之和一定大于U的結(jié)合能CTh與He的質(zhì)量之和一定大于U的質(zhì)量D1 000個(gè)U核經(jīng)2T時(shí)間后還有250個(gè)U沒(méi)有發(fā)生衰變解析：天然放射現(xiàn)
3、象是由貝可勒爾首先發(fā)現(xiàn)的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；鈾核在發(fā)生衰變反應(yīng)時(shí)釋放能量，根據(jù)能量守恒定律，可知Th與He的結(jié)合能之和一定大于U的結(jié)合能，選項(xiàng)B正確；根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程，可知由于衰變時(shí)釋放能量，有質(zhì)量虧損，Th與He的質(zhì)量之和一定小于U的質(zhì)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于半衰期是統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)大量原子核的衰變才適用，所以1 000個(gè)U核經(jīng)過(guò)2T(兩個(gè)半衰期)時(shí)間后，不一定還有250個(gè)U沒(méi)有發(fā)生衰變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案：B16如圖所示，三條虛線表示某電場(chǎng)中的三個(gè)等差等勢(shì)面，電勢(shì)分別為1、2、3.一個(gè)帶電粒子只在電場(chǎng)力作用下按圖中實(shí)線軌跡從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，則以下說(shuō)法正確的是()A123B粒子在A點(diǎn)的加速度方向與速度方向
4、的夾角為鈍角C粒子在B點(diǎn)的加速度大于在A點(diǎn)的加速度D粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能解析：由于帶電粒子的電性未知，則無(wú)法確定三個(gè)等勢(shì)面的電勢(shì)高低，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直以及粒子做曲線運(yùn)動(dòng)的條件可以判斷出帶電粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，速度方向和電場(chǎng)力方向的夾角為銳角，粒子做加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，粒子的電勢(shì)能減小，所以粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤，D正確；根據(jù)等差等勢(shì)面密集的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，可知A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，由FqE可知帶電粒子在A點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大于在B點(diǎn)所受的電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律Fma，可知粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度，
5、選項(xiàng)C錯(cuò)誤答案：D172019陜西榆林三模2019年3月10日我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭成功將“中星6C”衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道，它是一顆用于廣播和通信的地球靜止軌道通信衛(wèi)星，假設(shè)該衛(wèi)星在距地面高度為h的同步軌道做圓周運(yùn)動(dòng)已知地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，引力常量為G.下列說(shuō)法正確的是()A同步衛(wèi)星運(yùn)行的周期為2B同步衛(wèi)星運(yùn)行的線速度為C同步軌道處的重力加速度為2gD地球的平均密度為解析：地球同步衛(wèi)星在距地面高度為h的同步軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，有mm，在地球表面，認(rèn)為重力等于萬(wàn)有引力，有mg，故同步衛(wèi)星運(yùn)行的周期為T(mén)2，線速度v，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤
6、；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有mg，聯(lián)立解得g2g，選項(xiàng)C正確；由mg得，M，故地球的平均密度為，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案：C18一含有理想變壓器的電路如圖所示，輸入端接有電壓為u220sin(100t)V的交流電，在原、副線圈的回路中接入的電阻阻值均為R.當(dāng)理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為2：1時(shí)，理想電壓表的示數(shù)為U1，當(dāng)理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為1：2時(shí)，理想電壓表的示數(shù)為U2，則()AU1U2 BU1U2CU1U2 D以上情況均可能解析：原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n22：1時(shí)，原、副線圈的電流比為I1：I21：2，原、副線圈上的電阻R上的電壓比為I1R：I2R1：2，此時(shí)理想電壓表的示數(shù)U1
7、即為副線圈上的電阻R上的電壓，則原線圈上的電阻R上的電壓為，由變壓器變壓公式可知原線圈輸入電壓為 2U1，輸入端電壓U2U1；當(dāng)理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為1：2時(shí)，原、副線圈的電流比為2：1，原、副線圈上的電阻R上的電壓比為I1R：I2R2：1，理想電壓表的示數(shù)為U2，則原線圈上的電阻R上的電壓為2U2，原線圈輸入電壓為，則輸入端電壓U2U2，所以U2U1，選項(xiàng)B正確答案：B192019鄭州市第一次質(zhì)量預(yù)測(cè)如圖所示，斜面體放置在粗糙的水平地面上，在水平向右的推力F作用下，物體A和斜面體B均保持靜止若減小推力F，物體A仍然靜止在斜面上，則()A物體A所受合力一定為零B斜面對(duì)物體A的支持力一
8、定變小C斜面對(duì)物體A的摩擦力一定變小D地面對(duì)斜面體B的摩擦力一定為零解析：物體A始終靜止，合外力一直為0，A正確；斜面對(duì)A的支持力為FNFsin mgcos ，減小F，則支持力減小，B正確；開(kāi)始時(shí)Fcos 和mgsin 大小關(guān)系未知，斜面對(duì)物體A的摩擦力方向不能確定，減小F后斜面對(duì)物體A的摩擦力方向和大小不能確定，C錯(cuò)誤；由整體法可知，D錯(cuò)誤答案：AB202019湖北武漢調(diào)研如圖甲所示，在足夠長(zhǎng)的光滑的斜面上放置著金屬線框，垂直于斜面方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示(規(guī)定垂直斜面向上為正方向)t0時(shí)刻將線框由靜止釋放，在線框下滑的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A線框中產(chǎn)生大
9、小、方向周期性變化的電流BMN邊受到的安培力先減小后增大C線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D線框中產(chǎn)生的焦耳熱等于其機(jī)械能的損失解析：穿過(guò)線圈的磁通量先向下減小，后向上增加，則根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；因B的變化率不變，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，感應(yīng)電流不變，而B(niǎo)的大小先減后增加，根據(jù)FBIL可知，MN邊受到的安培力先減小后增大，選項(xiàng)B正確；因線圈平行的兩邊電流等大反向，則整個(gè)線圈受的安培力為零，則線圈下滑的加速度為gsin 不變，則線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C正確；因安培力對(duì)線圈不做功，斜面光滑，則線框的機(jī)械能守恒，機(jī)械能無(wú)損失，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B、C.答案：BC21如圖所示，輕彈簧一端固
10、定在O1點(diǎn)，另一端系一小球，小球穿在固定于豎直面內(nèi)、圓心為O2的光滑圓環(huán)上，O1在O2的正上方，C是O1O2的連線和圓環(huán)的交點(diǎn)，將小球從圓環(huán)上的A點(diǎn)無(wú)初速度釋放后，發(fā)現(xiàn)小球通過(guò)了C點(diǎn)，最終在A、B之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)已知小球在A點(diǎn)時(shí)彈簧被拉長(zhǎng)，在C點(diǎn)時(shí)彈簧被壓縮，則下列判斷正確的是()A彈簧在A點(diǎn)的伸長(zhǎng)量一定大于彈簧在C點(diǎn)的壓縮量B小球從A至C一直做加速運(yùn)動(dòng)，從C至B一直做減速運(yùn)動(dòng)C彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，小球的速度最大D小球機(jī)械能最大的位置有兩處解析：因只有重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力做功，故小球和彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，小球在A點(diǎn)的動(dòng)能和重力勢(shì)能均最小，故小球在A點(diǎn)的彈性勢(shì)能必大于在C點(diǎn)的彈性勢(shì)能，所以彈簧在A點(diǎn)
11、的伸長(zhǎng)量一定大于彈簧在C點(diǎn)的壓縮量，故選項(xiàng)A正確；小球從A至C，在切線方向先做加速運(yùn)動(dòng)再做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)切線方向合力為零(此時(shí)彈簧仍處于伸長(zhǎng)狀態(tài))時(shí)，速度最大，故選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤；當(dāng)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，彈性勢(shì)能為零，小球機(jī)械能最大，由題意知，A、B相對(duì)于O1O2對(duì)稱，顯然，此位置在A、C與B、C之間各有一處，故選項(xiàng)D正確答案：AD二、非選擇題(考生按要求作答)22(5分)在描繪小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)先用多用電表的250 mA擋測(cè)量通過(guò)小燈泡的電流(1)圖(甲)電路中，多用電表的兩表筆需連接到a，b兩處，黑表筆應(yīng)接_(填“a”或“b”)(2)將得到的數(shù)據(jù)記錄在表格中，當(dāng)電源為1.50 V時(shí)，
12、對(duì)應(yīng)的多用電表指針指示如圖(乙)所示，其讀數(shù)為_(kāi)mA.(3)由于長(zhǎng)期使用多用電表，表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)會(huì)降低，則(2)的讀數(shù)會(huì)_(填“偏大”“偏小”或“不變”)(4)該同學(xué)描繪出的IU圖象應(yīng)是下圖中的_解析：(1)電流通過(guò)多用電表表筆的方向是紅進(jìn)黑出，則黑表筆應(yīng)接b處(2)由圖(乙)可知，電流表量程為250 mA，最小分度為5 mA，故讀數(shù)為174 mA.(3)測(cè)量電流時(shí)，不需要用到多用電表內(nèi)部電源，不會(huì)影響電流的測(cè)量，所以讀數(shù)不變(4)因燈絲(金屬)的電阻率隨溫度升高而增大，即電阻隨電流增大而增大，因此圖線的斜率應(yīng)越來(lái)越小，選B.答案：(1)b(2分)(2)174(1分)(3)不變(1分)(4)
13、B(1分)23(10分)某同學(xué)探究鉤碼加速度與合外力的關(guān)系，其實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板固定在桌面上，用輕繩繞過(guò)定滑輪及光滑的動(dòng)滑輪將滑塊與彈簧測(cè)力計(jì)相連實(shí)驗(yàn)中保持鉤碼的質(zhì)量不變，在滑塊上增加砝碼進(jìn)行多次測(cè)量，每一次滑塊均從同一位置P由靜止開(kāi)始釋放，在鉤碼帶動(dòng)下滑塊向右運(yùn)動(dòng)，此過(guò)程中，記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F和光電門(mén)遮光時(shí)間t，用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)得鉤碼受到的重力為G，用刻度尺測(cè)得P與光電門(mén)間的距離為s，用螺旋測(cè)微器測(cè)得滑塊上窄片的寬度為d.(1)實(shí)驗(yàn)中_(填“需要”或“不需要”)平衡滑塊受到的滑動(dòng)摩擦力(2)滑塊通過(guò)光電門(mén)的速度大小為_(kāi)，鉤碼的加速度大小為_(kāi)(用含有d、t、s的表達(dá)式表示)(3)對(duì)鉤碼，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的下列圖象中最符合本實(shí)驗(yàn)實(shí)際情況的是_解析：(1)實(shí)驗(yàn)中保持鉤碼的質(zhì)量不變，鉤碼所受的合力可由彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)求出，故不需要平衡摩擦力(2)滑塊通過(guò)光電門(mén)的速度v；由v22as得，滑塊的加速度a，鉤碼的加速度a1a.(3)對(duì)鉤碼，由牛頓第二定律得，G2Fma1，解得(G2F)，故(G2F)圖象為一條過(guò)原點(diǎn)的直線，選項(xiàng)A正確，B、C、D錯(cuò)誤答案：(1)不需要(2分)(2)(3分)(3分)(3)A(2分)- 6 -
（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 小卷30分鐘提分練（三）（8選擇+2實(shí)驗(yàn)）（含解析）
