2019版高考物理總復(fù)習(xí) 第六章 碰撞與動(dòng)量守恒 基礎(chǔ)課1 動(dòng)量和動(dòng)量定理學(xué)案
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1、 基礎(chǔ)課1 動(dòng)量和動(dòng)量定理 [高考導(dǎo)航] 考點(diǎn)內(nèi)容 要求 高考(全國(guó)卷)三年命題情況對(duì)照分析 2015 2016 2017 動(dòng)量、動(dòng)量定理、動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用 Ⅱ Ⅰ卷·T35(2):動(dòng)量守恒和能量守恒 Ⅱ卷·T35(2):動(dòng)量守恒和能量守恒 Ⅰ卷·T35(2):動(dòng)量定理和能量觀點(diǎn) Ⅱ卷·T35(2):動(dòng)量守恒和能量守恒 Ⅲ卷·T35(2):動(dòng)量守恒和能量守恒 Ⅰ卷·T14:動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用 Ⅲ卷·T20:動(dòng)量定理的應(yīng)用 彈性碰撞和非彈性碰撞 Ⅰ 實(shí)驗(yàn)七:驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律 說(shuō)明:只限于一維 知識(shí)排查 動(dòng)量 1.定義:運(yùn)動(dòng)物體的質(zhì)量和
2、速度的乘積叫做物體的動(dòng)量,通常用p來(lái)表示。 2.表達(dá)式:p=mv。 3.單位:kg·m/s。 4.標(biāo)矢性:動(dòng)量是矢量,其方向和速度方向相同。 沖量 1.定義:力和力的作用時(shí)間的乘積叫做這個(gè)力的沖量。 公式:I=Ft。 2.單位:沖量的單位是牛·秒,符號(hào)是N·s。 3.方向:沖量是矢量,沖量的方向與力的方向相同。 動(dòng)量定理 1.內(nèi)容:物體所受合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化。 2.表達(dá)式:Ft=Δp=p′-p。 3.矢量性:動(dòng)量變化量的方向與合外力的方向相同,可以在某一方向上用動(dòng)量定理。 小題速練 1.(2017·北京西城區(qū)模擬)(多選)關(guān)于動(dòng)量和沖量,下列說(shuō)法正確的是
3、( ) A.物體所受合外力的沖量的方向與物體動(dòng)量的方向相同 B.物體所受合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化 C.物體所受合外力的沖量等于物體的動(dòng)量 D.物體動(dòng)量的方向與物體的運(yùn)動(dòng)方向相同 解析 物體所受合外力的沖量的方向與合外力的方向相同,與物體動(dòng)量變化量的方向相同,與動(dòng)量的方向不一定相同,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由動(dòng)量定理可知,物體所受合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化,故選項(xiàng)B正確,C錯(cuò)誤;物體的動(dòng)量p=mv,故物體動(dòng)量的方向與物體的運(yùn)動(dòng)方向相同,選項(xiàng)D正確。 答案 BD 2.一質(zhì)量為m=100 g的小球從高h(yuǎn)=0.8 m處自由下落,落到一個(gè)厚軟墊上,若從小球接觸軟墊到小球陷至最低點(diǎn)經(jīng)歷了t
4、=0.2 s,以向下為正方向,則在這段時(shí)間內(nèi),軟墊對(duì)小球的沖量為(重力加速度大小g取10 m/s2)( ) A.0.4 N·s B.-0.4 N·s C.0.6 N·s D.-0.6 N·s 解析 設(shè)小球自由下落h=0.8 m的時(shí)間為t1,由h=gt得t1==0.4 s。設(shè)軟墊對(duì)小球的沖量為IN,則對(duì)小球整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程運(yùn)用動(dòng)量定理得,mg(t1+t)+I(xiàn)N=0,得IN=-0.6 N·s,選項(xiàng)D正確。 答案 D 沖量、動(dòng)量及動(dòng)量變化的計(jì)算 1.沖量的計(jì)算方法 (1)計(jì)算沖量可以使用定義式I=Ft求解,此方法僅限于恒力的沖量,無(wú)需考慮物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。 (2)利用
5、F-t圖象計(jì)算,F(xiàn)-t圍成的面積可以表示沖量,該種方法可以計(jì)算變力的沖量。 2.動(dòng)量、動(dòng)能、動(dòng)量變化量的比較 名稱 項(xiàng)目 動(dòng)量 動(dòng)能 動(dòng)量變化量 定義 物體的質(zhì)量和速度的乘積 物體由于運(yùn)動(dòng)而具有的能量 物體末動(dòng)量與初動(dòng)量的矢量差 定義式 p=mv Ek=mv2 Δp=p′-p 矢標(biāo)性 矢量 標(biāo)量 矢量 特點(diǎn) 狀態(tài)量 狀態(tài)量 過(guò)程量 關(guān)聯(lián)方程 Ek=,Ek=pv,p=,p= 1.(多選)對(duì)任何一個(gè)固定質(zhì)量的物體,下列說(shuō)法正確的是( ) A.物體的動(dòng)量發(fā)生變化,其動(dòng)能一定發(fā)生變化 B.物體的動(dòng)量發(fā)生變化,其動(dòng)能不一定發(fā)生變化
6、 C.物體的動(dòng)能發(fā)生變化,其動(dòng)量一定發(fā)生變化 D.物體的動(dòng)能發(fā)生變化,其動(dòng)量不一定發(fā)生變化 解析 物體的動(dòng)量發(fā)生變化,可能是方向改變也可能是大小改變,所以物體的動(dòng)能不一定發(fā)生變化,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;物體的動(dòng)能變化,速度大小一定變化,則動(dòng)量一定發(fā)生變化,故選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤。 答案 BC 2.(2018·河南鄭州市調(diào)研)(多選)如圖1所示,兩個(gè)質(zhì)量相等的物體在同一高度沿傾角不同的兩個(gè)光滑斜面由靜止開(kāi)始自由下滑,不計(jì)空氣阻力,在它們到達(dá)斜面底端的過(guò)程中( ) 圖1 A.重力的沖量相同 B.斜面彈力的沖量不同 C.斜面彈力的沖量均為零 D.合力的沖量不同 解析 設(shè)斜面
7、高度為h,傾角為θ,物體質(zhì)量為m,可求得物體滑至斜面底端的速度大小為v=,所用時(shí)間t= 。由沖量定義可求得重力的沖量大小為IG=mgt=,方向豎直向下,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;斜面彈力的沖量大小為IN=mgcos θ·t=,方向垂直斜面向上,選項(xiàng)B正確,C錯(cuò)誤;合力的大小為mgsin θ,I合=mgsin θ·t=m,方向沿斜面向下(與合力方向相同),即合力沖量的大小相同,方向不同,故選項(xiàng)D正確。 答案 BD 3.(2017·安徽合肥一模)質(zhì)量為0.2 kg的球豎直向下以6 m/s 的速度落至水平地面,再以4 m/s的速度反向彈回。取豎直向上為正方向,在小球與地面接觸的時(shí)間內(nèi),關(guān)于球的動(dòng)量變化量Δp
8、和合外力對(duì)小球做的功W,下列說(shuō)法正確的是( ) A.Δp=2 kg·m/s W=-2 J B.Δp=-2 kg·m/s W=2 J C.Δp=0.4 kg·m/s W=-2 J D.Δp=-0.4 kg·m/s W=2 J 解析 取豎直向上為正方向,則小球與地面碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變化量Δp=mv2-mv1=0.2×4 kg·m/s-0.2×(-6) kg·m/s=2 kg·m/s,方向豎直向上。由動(dòng)能定理知,合外力做的功W=mv-mv=×0.2×42 J-×0.2×62 J=-2 J。 答案 A 4.(2017·全國(guó)卷Ⅲ,20)(多選)一質(zhì)量為2 kg的物塊在合外力F的作用下從靜
9、止開(kāi)始沿直線運(yùn)動(dòng)。F隨時(shí)間t變化的圖線如圖2 所示,則( ) 圖2 A.t=1 s時(shí)物塊的速率為1 m/s B.t=2 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為4 kg·m/s C.t=3 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為5 kg·m/s D.t=4 s時(shí)物塊的速度為零 解析 由動(dòng)量定理可得Ft=mv,解得v=。t=1 s時(shí)物塊的速率為v== m/s=1 m/s,故選項(xiàng)A正確;t=2 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小p2=F2t2=2×2 kg·m/s=4 kg·m/s,故選項(xiàng)B正確;t=3 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為p3=(2×2-1×1) kg·m/s=3 kg·m/s,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;t=4 s 時(shí)物塊的動(dòng)量大小為p4
10、=(2×2-1×2) kg·m/s= 2 kg·m/s,所以t=4 s時(shí)物塊的速度為1 m/s,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 答案 AB 動(dòng)量定理的理解和應(yīng)用 1.理解動(dòng)量定理的要點(diǎn) (1)應(yīng)用動(dòng)量定理時(shí)研究對(duì)象既可以是單一物體,也可以是系統(tǒng),當(dāng)為系統(tǒng)時(shí)不考慮內(nèi)力的沖量。 (2)求合力的沖量的方法有兩種:第一先求合力再求合力沖量,第二求出每個(gè)力的沖量再對(duì)沖量求矢量和。 (3)動(dòng)量定理是矢量式,列方程之前先規(guī)定正方向。 2.用動(dòng)量定理解釋現(xiàn)象 (1)Δp一定時(shí),F(xiàn)的作用時(shí)間越短,力就越大;時(shí)間越長(zhǎng),力就越小。 (2)F一定,此時(shí)力的作用時(shí)間越長(zhǎng),Δp就越大;力的作用時(shí)間越短,Δp就越小。
11、 分析問(wèn)題時(shí),要把哪個(gè)量一定,哪個(gè)量變化搞清楚。 3.動(dòng)量定理的兩個(gè)重要應(yīng)用 (1)應(yīng)用I=Δp求變力的沖量。 (2)應(yīng)用Δp=FΔt求動(dòng)量的變化量。 【典例】 一輛轎車強(qiáng)行超車時(shí),與另一輛迎面駛來(lái)的轎車相撞,兩車相撞后,兩車車身因相互擠壓,皆縮短了0.5 m,據(jù)測(cè)算兩車相撞前速率約為30 m/s。則: (1)試求車禍中車內(nèi)質(zhì)量約60 kg的人受到的平均沖力是多大? (2)若此人系有安全帶,安全帶在車禍過(guò)程中與人體的作用時(shí)間是1 s,求這時(shí)人體受到的平均沖力為多大? 解析 (1)兩車相撞時(shí)認(rèn)為人與車一起做勻減速運(yùn)動(dòng)直到停止,位移為0.5 m。 設(shè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,根據(jù)x=t得,
12、t== s。 根據(jù)動(dòng)量定理Ft=Δp=mv0得, F== N=5.4×104 N。 (2)若人系有安全帶時(shí), F′== N=1.8×103 N。 答案 (1)5.4×104 N (2)1.8×103 N 用動(dòng)量定理解題的基本思路 1.下列解釋中正確的是( ) A.跳高時(shí),在落地處墊海綿是為了減小沖量 B.在碼頭上裝橡皮輪胎,是為了減小渡船靠岸過(guò)程受到的沖量 C.動(dòng)量相同的兩個(gè)物體受相同的制動(dòng)力作用,質(zhì)量小的先停下來(lái) D.人從越高的地方跳下,落地時(shí)越危險(xiǎn),是因?yàn)槁涞貢r(shí)人受到的沖量越大 解析 跳高時(shí),在落地處墊海綿是為了延長(zhǎng)作用時(shí)間減小沖力,不是減
13、小沖量,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;在碼頭上裝橡皮輪胎,是為了延長(zhǎng)作用時(shí)間,從而減小沖力,不是減小沖量,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;動(dòng)量相同的兩個(gè)物體受相同的制動(dòng)力作用,根據(jù)動(dòng)量定理Ft=mv,則知運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;從越高的地方跳下,落地時(shí)速度越大,動(dòng)量越大,則沖量越大,故選項(xiàng)D正確。 答案 D 2.如圖3所示,跳水運(yùn)動(dòng)員(圖中用一小圓圈表示),從某一峭壁上水平跳出,跳入湖水中,已知運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量m=60 kg,初速度v0=10 m/s。若經(jīng)過(guò)1 s時(shí),速度大小為v=10 m/s,則在此過(guò)程中,運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的變化量為(g=10 m/s2,不計(jì)空氣阻力)( ) 圖3 A.600 kg·m/s B.
14、600 kg·m/s C.600(-1) kg·m/s D.600(+1) kg·m/s 解析 根據(jù)動(dòng)量定理得Δp=mgt=60×10×1 kg·m/s=600 kg·m/s,故選項(xiàng)A正確。 答案 A 3.質(zhì)量為1 kg的物體做直線運(yùn)動(dòng),其速度—時(shí)間圖象如圖4所示。則物體在前 10 s內(nèi)和后10 s內(nèi)所受外力的沖量分別是( ) 圖4 A.10 N·s,10 N·s B.10 N·s,-10 N·s C.0,10 N·s D.0,-10 N·s 解析 由圖象可知,在前10 s內(nèi)初、末狀態(tài)的動(dòng)量相同,p1=p2=5 kg·m/s,由動(dòng)量定理知I1=0;在后10 s內(nèi)
15、末狀態(tài)的動(dòng)量p3=-5 kg·m/s,由動(dòng)量定理得I2=p3-p2=-10 N·s,故選項(xiàng)D正確。 答案 D 4.(多選)從2017年6月5日起至年底,蘭州交警采取五項(xiàng)措施部署預(yù)防較大道路交通事故工作。在交通事故中,汽車與拖車脫鉤有時(shí)發(fā)生。如圖5所示,質(zhì)量為M的汽車帶著質(zhì)量為m的拖車在平直公路上以加速度a勻加速前進(jìn),當(dāng)速度為v0時(shí)拖車突然與汽車脫鉤,到拖車停下瞬間司機(jī)才發(fā)現(xiàn)。若汽車的牽引力一直未變,車與路面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,那么從脫鉤到拖車剛停下的過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是( ) 圖5 A.汽車和拖車整體動(dòng)量守恒 B.汽車和拖車整體機(jī)械能守恒 C.從脫鉤到拖車剛停下用時(shí) D
16、.拖車剛停下時(shí)汽車的速度為v0 解析 汽車和拖車整體合外力不為零,故動(dòng)量不守恒,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;汽車和拖車整體除重力之外的其他力做功之和大于零,系統(tǒng)機(jī)械能增加,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;以拖車為研究對(duì)象,由牛頓第二定律得-μmg=ma′,則a′=-μg,由-v0=a′t得,拖車脫鉤后到停止經(jīng)歷的時(shí)間為t=,選項(xiàng)C正確;全過(guò)程系統(tǒng)受到的合外力始終為(M+m)a,末狀態(tài)拖車的動(dòng)量為零,全過(guò)程對(duì)系統(tǒng)應(yīng)用動(dòng)量定理可得(M+m)a·=Mv′-(M+m)v0,解得v′=v0,選項(xiàng)D正確。 答案 CD 應(yīng)用動(dòng)量定理解決流體問(wèn)題,建立“柱狀模型” 對(duì)于“連續(xù)”質(zhì)點(diǎn)系發(fā)生持續(xù)作用,物體動(dòng)量(或其他量)連續(xù)發(fā)生變化這類
17、問(wèn)題的處理思路是:正確選取研究對(duì)象,即選取很短時(shí)間Δt內(nèi)動(dòng)量(或其他量)發(fā)生變化的那部分物體作為研究對(duì)象,建立如下的“柱狀模型”:在時(shí)間Δt內(nèi)所選取的研究對(duì)象均分布在以S為截面積、長(zhǎng)為vΔt的柱體內(nèi),這部分質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為Δm=ρSvΔt,以這部分質(zhì)量為研究對(duì)象,研究它在Δt時(shí)間內(nèi)動(dòng)量(或其他量)的變化情況,再根據(jù)動(dòng)量定理(或其他規(guī)律)求出有關(guān)的物理量。 模型一 流體類問(wèn)題 流體及其特點(diǎn) 通常液體流、氣體流等被廣義地視為“流體”,質(zhì)量具有連續(xù)性,通常已知密度ρ 分析步驟 1 建立“柱狀”模型,沿流速v的方向選取一段柱形流體,其橫截面積為S 2 微元研究,作用時(shí)間Δt內(nèi)的一段柱形
18、流體的長(zhǎng)度為Δl,對(duì)應(yīng)的質(zhì)量為Δm=ρSvΔt 3 建立方程,應(yīng)用動(dòng)量定理研究這段柱狀流體 【例1】 [2016·全國(guó)卷Ⅰ,35(2)]某游樂(lè)園入口旁有一噴泉,噴出的水柱將一質(zhì)量為M的卡通玩具穩(wěn)定地懸停在空中。為計(jì)算方便起見(jiàn),假設(shè)水柱從橫截面積為S的噴口持續(xù)以速度v0豎直向上噴出;玩具底部為平板(面積略大于S);水柱沖擊到玩具底板后,在豎直方向水的速度變?yōu)榱悖谒椒较虺闹芫鶆蛏㈤_(kāi)。忽略空氣阻力。已知水的密度為ρ,重力加速度大小為g。求 (ⅰ)噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量; (ⅱ)玩具在空中懸停時(shí),其底面相對(duì)于噴口的高度。 解析 (ⅰ)在剛噴出一段很短的Δt時(shí)間內(nèi),可認(rèn)為噴出的水
19、柱保持速度v0不變。 該時(shí)間內(nèi),噴出水柱高度Δl=v0Δt① 噴出水柱質(zhì)量Δm=ρΔV② 其中ΔV為水柱體積,滿足ΔV=ΔlS③ 由①②③可得:噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量為 =ρv0S (ⅱ)設(shè)玩具底面相對(duì)于噴口的高度為h 由玩具受力平衡得F沖=Mg④ 其中,F(xiàn)沖為水柱對(duì)玩具底部柱的作用力 由牛頓第三定律知F壓=F沖⑤ 其中,F(xiàn)壓為玩具底部對(duì)水柱的作用力,v′為水柱到達(dá)玩具底部時(shí)的速度 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得v′2-v=-2gh⑥ 在很短Δt時(shí)間內(nèi),沖擊玩具水柱的質(zhì)量為Δm Δm=ρv0SΔt⑦ 由題意可知,在豎直方向上,對(duì)該部分水柱應(yīng)用動(dòng)量定理得 -(F壓+Δmg)Δ
20、t=-Δmv′⑧ 由于Δt很小,Δmg也很小,可以忽略,⑧式變?yōu)? F壓Δt=Δmv′⑨ 由④⑤⑥⑦⑨可得h=- 答案 (ⅰ)ρv0S (ⅱ)- 將動(dòng)量定理應(yīng)用于流體時(shí),應(yīng)在任意時(shí)刻Δt時(shí)從流管中取出一個(gè)在流動(dòng)方向上的截面1和2圍起來(lái)的柱體體積ΔV,在此柱體內(nèi)截取一微小流束Δl,將“無(wú)形”流體變?yōu)椤坝行巍睂?shí)物Δm,則在Δt時(shí)間內(nèi)質(zhì)量為Δm的柱形流體的動(dòng)量變化為Δp,即F·Δt=Δmv2-Δmv1?! ? 模型二 微粒類問(wèn)題 微粒及其特點(diǎn) 通常電子流、光子流、塵埃等被廣義地視為“微?!保|(zhì)量具有獨(dú)立性,通常給出單位體積內(nèi)粒子數(shù)n 分析步驟 1 建立“柱體”模型,沿運(yùn)
21、動(dòng)的方向選取一段微元,柱體的橫截面積為S 2 微元研究,作用時(shí)間Δt內(nèi)一段柱形流體的長(zhǎng)度為Δl,對(duì)應(yīng)的體積為ΔV=Sv0Δt,則微元內(nèi)的粒子數(shù)N=nv0SΔt 3 先應(yīng)用動(dòng)量定理研究單個(gè)粒子,建立方程,再乘以N計(jì)算 【例2】 正方體密閉容器中有大量運(yùn)動(dòng)粒子,每個(gè)粒子質(zhì)量為m,單位體積內(nèi)粒子數(shù)量n為恒量。為簡(jiǎn)化問(wèn)題,我們假定:粒子大小可以忽略;其速率均為v,且與器壁各面碰撞的機(jī)會(huì)均等;與器壁碰撞前后瞬間,粒子速度方向都與器壁垂直,且速率不變。利用所學(xué)力學(xué)知識(shí),導(dǎo)出器壁單位面積所受粒子壓力f與m、n和v的關(guān)系。 (注意:解題過(guò)程中需要用到、但題目沒(méi)有給出的物理量,要在解題時(shí)做必要的說(shuō)明
22、) 解析 一個(gè)粒子每與器壁碰撞一次給器壁的沖量ΔI=2mv如圖所示,以器壁上面積為S的部分為底、vΔt為高構(gòu)成柱體,由題設(shè)可知,其內(nèi)有的粒子在Δt時(shí)間內(nèi)與器壁上面積為S的部分發(fā)生碰撞,碰壁粒子總數(shù) N=n·SvΔt Δt時(shí)間內(nèi)粒子給器壁的沖量I=N·ΔI=nSmv2Δt 器壁上面積為S的部分受到粒子的壓力F= 則器壁單位面積所受粒子的壓力f==nmv2 答案 f=nmv2 【針對(duì)訓(xùn)練】 如圖6所示,一個(gè)下面裝有輪子的貯氣瓶停放在光滑的水平地面上,底端與豎直墻壁接觸?,F(xiàn)打開(kāi)右端閥門,氣體向外噴出,設(shè)噴口的面積為S,氣體的密度為ρ,氣體向外噴出的速度為v,則氣體剛噴出時(shí)鋼瓶底端對(duì)豎直
23、墻面的作用力大小是( ) 圖6 A.ρvS B. C.ρv2S D.ρv2S 解析 Δt時(shí)間內(nèi)貯氣瓶噴出氣體的質(zhì)量Δm=ρSv·Δt,對(duì)于貯氣瓶、瓶?jī)?nèi)氣體及噴出的氣體所組成的系統(tǒng),由動(dòng)量定理得F·Δt=Δmv-0,解得F=ρv2S,選項(xiàng)D正確。 答案 D 活頁(yè)作業(yè) (時(shí)間:30分鐘) A級(jí):保分練 1.(多選)質(zhì)量為m的物塊以初速度v0從光滑斜面底端向上滑行,到達(dá)最高位置后再沿斜面下滑到底端,則物塊在此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中( ) A.上滑過(guò)程與下滑過(guò)程中物塊所受重力的沖量相同 B.整個(gè)過(guò)程中物塊所受彈力的沖量為零 C.整個(gè)過(guò)程中物塊合外力的沖量為零 D.若規(guī)定
24、沿斜面向下為正方向,則整個(gè)過(guò)程中物塊合外力的沖量大小為2mv0 解析 物塊沿光滑斜面先上滑再下滑,兩過(guò)程所用時(shí)間相等,故重力的沖量相同,選項(xiàng)A正確;因彈力和其作用時(shí)間均不為零,故彈力的沖量不為零,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由動(dòng)量定理得I合=p′-p=mv0-(-mv0)=2mv0,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確。 答案 AD 2.如圖1所示,質(zhì)量為m的物體,在大小確定的水平外力F作用下,以速度v沿水平面勻速運(yùn)動(dòng),當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)撤去外力F,物體由A點(diǎn)繼續(xù)向前滑行的過(guò)程中經(jīng)過(guò)B點(diǎn),則物體由A點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是( ) 圖1 A.v越大,摩擦力對(duì)物體的沖量越大,摩擦力做功越多 B.v越大
25、,摩擦力對(duì)物體的沖量越大,摩擦力做功與v的大小無(wú)關(guān) C.v越大,摩擦力對(duì)物體的沖量越小,摩擦力做功越少 D.v越大,摩擦力對(duì)物體的沖量越小,摩擦力做功與v的大小無(wú)關(guān) 解析 由題知,物體所受的摩擦力Ff=F,且為恒力,由A到B的過(guò)程中,v越大,所用時(shí)間越短,If=Ft越小;因?yàn)閃f=F·,故Wf與v無(wú)關(guān)。選項(xiàng)D正確。 答案 D 3.(多選)在光滑水平面上有一質(zhì)量為m的物體,在與水平方向成θ角的恒定拉力F作用下沿水平面運(yùn)動(dòng),則在時(shí)間t內(nèi)( ) A.重力的沖量大小為0 B.拉力F的沖量大小為Ft C.拉力F的沖量大小為Ftcos θ D.物體動(dòng)量的變化量等于Ftcos θ 解析
26、 重力的沖量大小IG=mgt,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;拉力F的沖量大小IF=Ft,故選項(xiàng)B正確,C錯(cuò)誤;合力的沖量大小I合=Ftcos θ,根據(jù)動(dòng)量定理知,合力的沖量等于動(dòng)量的變化量,則動(dòng)量的變化量為Ftcos θ,故選項(xiàng)D正確。 答案 BD 4. (2017·天津理綜,4)“天津之眼”是一座跨河建設(shè)、橋輪合一的摩天輪,是天津市的地標(biāo)之一。摩天輪懸掛透明座艙,乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列敘述正確的是( ) 圖2 A.摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中,乘客的機(jī)械能保持不變 B.在最高點(diǎn)時(shí),乘客重力大于座椅對(duì)他的支持力 C.摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中,乘客重力的沖量為零 D.摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中,乘客
27、重力的瞬時(shí)功率保持不變
解析 機(jī)械能等于動(dòng)能和重力勢(shì)能之和,乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),動(dòng)能不變,重力勢(shì)能時(shí)刻發(fā)生變化,則機(jī)械能在變化,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;在最高點(diǎn)對(duì)乘客受力分析,根據(jù)牛頓第二定律有mg-FN=m,座椅對(duì)他的支持力FN=mg-m 28、變速直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)過(guò)2 s,動(dòng)量大小變?yōu)?4 kg·m/s,則該物體( )
A.所受合外力的大小可能大于11 N
B.所受合外力的大小可能小于3 N
C.沖量大小可能小于6 N·s
D.沖量大小可能大于18 N·s
解析 若以物體初速度方向?yàn)檎较?,則初動(dòng)量p1=mv1=8 kg·m/s,末動(dòng)量大小為14 kg·m/s,則有兩種可能:當(dāng)p2=14 kg·m/s,則Ft=p2-p1=6 kg·m/s,F(xiàn)=3 N;當(dāng)p2=-14 kg·m/s,則Ft=p2-p1=-22 kg·m/s,F(xiàn)=-11 N,負(fù)號(hào)表示方向,故選項(xiàng)A、B、C錯(cuò)誤,D正確。
答案 D
6.(2017·天津和平質(zhì)量 29、調(diào)查)(多選)幾個(gè)水球可以擋住一顆子彈?《國(guó)家地理頻道》的實(shí)驗(yàn)結(jié)果是:四個(gè)水球足夠!完全相同的水球緊挨在一起水平排列,子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng),恰好能穿出第4個(gè)水球,則可以判斷的是( )
圖3
A.子彈在每個(gè)水球中的速度變化相同
B.子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同
C.每個(gè)水球?qū)ψ訌椀臎_量不同
D.子彈在每個(gè)水球中的動(dòng)能變化相同
解析 恰好能穿出第4個(gè)水球,即末速度v=0,逆向看子彈由右向左做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),則自左向右子彈通過(guò)四個(gè)水球的時(shí)間比為(2-)∶(-)∶(-1)∶1,則選項(xiàng)B正確;由于加速度a恒定,由at=Δv,可知子彈在每個(gè)水球中的速度變化 30、不同,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;因加速度恒定,則每個(gè)水球?qū)ψ訌椀淖枇愣ǎ瑒t由I=ft可知每個(gè)水球?qū)ψ訌椀臎_量不同,選項(xiàng)C正確;由動(dòng)能定理知ΔEk=fx,f相同,x相同,則ΔEk相同,選項(xiàng)D正確。
答案 BCD
7.如圖4所示,在2015年第16屆亞洲杯足球賽上,一足球運(yùn)動(dòng)員踢一個(gè)質(zhì)量為0.4 kg的足球。
圖4
(1)若開(kāi)始時(shí)足球的速度是4 m/s,方向向右,踢球后,球的速度為10 m/s,方向仍向右(如圖甲),求足球的初動(dòng)量、末動(dòng)量以及踢球過(guò)程中動(dòng)量的改變量;
(2)若足球以10 m/s的速度撞向球門門柱,然后以3 m/s的速度反向彈回(如圖乙),求這一過(guò)程中足球的動(dòng)量改變量。
解析 ( 31、1)取向右為正方向,初、末動(dòng)量分別為
p=mv=0.4×4 kg·m/s=1.6 kg·m/s,方向向右
p′=mv′=0.4×10 kg·m/s=4 kg·m/s,方向向右
動(dòng)量的改變量為Δp=p′-p=2.4 kg·m/s,方向向右。
(2)取向右為正方向,初、末動(dòng)量分別為
p1=mv′=0.4×10 kg·m/s=4 kg·m/s,方向向右
p2=mv″=0.4×(-3) kg·m/s=-1.2 kg·m/s,方向向左,
動(dòng)量的改變量為Δp′=p2-p1=-5.2 kg·m/s,方向向左。
答案 (1)1.6 kg·m/s,方向向右 4 kg·m/s,方向向右 2.4 k 32、g·m/s,方向向右
(2)5.2 kg·m/s,方向向左
B級(jí):拔高練
8.(2017·安徽合肥模擬)(多選)一質(zhì)點(diǎn)靜止在光滑水平面上,現(xiàn)對(duì)其施加水平外力F,力F隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化,如圖5所示,下列說(shuō)法正確的是( )
圖5
A.第2 s末,質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)量為0
B.第4 s末,質(zhì)點(diǎn)回到出發(fā)點(diǎn)
C.在0~2 s時(shí)間內(nèi),力F的功率先增大后減小
D.在1~3 s時(shí)間內(nèi),力F的沖量為0
解析 由題圖可知,0~2 s時(shí)間內(nèi)F的方向和質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的方向相同,質(zhì)點(diǎn)經(jīng)歷了一個(gè)加速度逐漸增大的加速運(yùn)動(dòng)和加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng),所以第2 s末,質(zhì)點(diǎn)的速度最大,動(dòng)量最大,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;該質(zhì)點(diǎn)在 33、2~4 s內(nèi)F的方向與0~2 s內(nèi)F的方向不同,0~2 s內(nèi)做加速運(yùn)動(dòng),2~4 s 內(nèi)做減速運(yùn)動(dòng),所以質(zhì)點(diǎn)在0~4 s內(nèi)的位移均為正,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;0~2 s內(nèi),質(zhì)點(diǎn)速度在增大,力F先增大后減小,根據(jù)瞬時(shí)功率P=Fv得,力F瞬時(shí)功率開(kāi)始為0,2 s末時(shí)為0,所以在0~2 s時(shí)間內(nèi),力F的功率先增大后減小,故選項(xiàng)C正確;在F-t圖象中,圖線與橫軸所圍的面積表示力F的沖量大小,由題圖可知,1~2 s內(nèi)的面積與2~
3 s 內(nèi)的面積大小相等,一正一負(fù),則在1~3 s時(shí)間內(nèi),力F的沖量為0,故選項(xiàng)D正確。
答案 CD
9.如圖6所示,a、b、c是三個(gè)相同的小球,a從光滑斜面頂端由靜止開(kāi)始自由下滑 34、,同時(shí)b、c從同一高度分別開(kāi)始自由下落和平拋。下列說(shuō)法正確的是( )
圖6
A.它們同時(shí)到達(dá)同一水平面
B.它們動(dòng)量變化的大小相等
C.它們的末動(dòng)能相同
D.重力對(duì)它們的沖量相等
解析 b做自由落體運(yùn)動(dòng),c的豎直分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng),故b、c的加速度為g,設(shè)斜面的傾角為θ,則a的加速度為gsin θ,下落相同高度,設(shè)高度為h,a下滑時(shí)間為t1,則=gtsin θ,所以t1=,b、c下落時(shí)間為t2=,a與b、c所用時(shí)間不同,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;a的動(dòng)量變化為mgsin θ·t1=m,b、c的動(dòng)量變化為mgt2=m,故三球動(dòng)量變化大小相等,選項(xiàng)B正確;由機(jī)械能守恒可知,c的末動(dòng)能大于a、 35、b的末動(dòng)能,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;由于t1>t2,所以重力對(duì)它們的沖量大小不相等,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
答案 B
10.(2018·安徽銅陵聯(lián)考)如圖7所示,在傾角為30°的足夠長(zhǎng)的光滑固定斜面上有一質(zhì)量為m的物體,它受到沿斜面方向的力F的作用。力F可按如圖所示的四種方式隨時(shí)間變化(圖中縱坐標(biāo)是F與mg的比值,力沿斜面向上為正)。已知此物體在t=0時(shí)速度為零,若用v1、v2、v3、v4分別表示上述四種受力情況下物體在3 s末的速率,則這四個(gè)速率中最大的是( )
圖7
解析 根據(jù)動(dòng)量定理分別研究四種情況下物體的速率。取t0=1 s,A圖中:mgsin 30°·3t0+F·2t0-Ft0=mv1, 36、得v1=20 m/s;B圖中:mgsin 30°·3t0-Ft0+Ft0=mv2,得v2=15 m/s;C圖中:mgsin 30°·3t0+F·2t0=mv3,得v3=25 m/s;D圖中:mgsin 30°·3t0+F·2t0-F′t0=mv4,得v4=15 m/s。故選項(xiàng)C正確。
答案 C
11.一質(zhì)量為0.5 kg的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn),距離A點(diǎn)5 m的位置B處是一面墻,如圖8所示。物塊以v0=9 m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動(dòng),在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7 m/s,碰后以6 m/s的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止。g取
10 m/s2。
圖8
(1)求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ;
(2)若碰撞時(shí)間為0.05 s,求碰撞過(guò)程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F;
(3)求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服摩擦力所做的功W。
解析 (1)由動(dòng)能定理,有-μmgs=mv2-mv,
可得μ=0.32
(2)規(guī)定向左為正,由動(dòng)量定理,F(xiàn)Δt=mv′-mv,可得
F=130 N
(3)由功能關(guān)系得W=mv′2=9 J
答案 (1)0.32 (2)130 N (3)9 J
17
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