2018-2019版高中物理 第1章 碰撞與動量守恒 微型專題 動量和能量的綜合應(yīng)用學(xué)案 滬科版選修3-5

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1、微型專題 動量和能量的綜合應(yīng)用 [學(xué)習(xí)目標(biāo)]1.熟練掌握動量守恒定律的運(yùn)用.2.綜合應(yīng)用動量和能量觀點(diǎn)解決力學(xué)問題. [導(dǎo)學(xué)探究] 如圖1所示,質(zhì)量為2kg的物體靜止在與其之間動摩擦因數(shù)為μ=0.5的粗糙水平面上,現(xiàn)加一F=20N的水平恒力使之開始向右加速運(yùn)動,求物體速度達(dá)到20m/s時(shí),需要的時(shí)間t和經(jīng)過的位移s.(請分別利用牛頓運(yùn)動定律、動量定理和動能定理計(jì)算,重力加速度g=10 m/s2) 圖1 答案 對物體受力分析如圖所示: 方法一:根據(jù)牛頓第二定律 F-μmg=ma v=at s=at2 解得t=4s,s=40m. 方法二:根據(jù)動量定理可得:(F-μm

2、g)t=mv-0 解得:t=4s. 根據(jù)動能定理可得:Fs-μmgs=mv2-0 解得s=40m. [知識梳理] 解決力學(xué)問題的三個基本觀點(diǎn) (1)力的觀點(diǎn):主要是牛頓運(yùn)動定律和運(yùn)動學(xué)公式相結(jié)合,常涉及物體的受力、加速度或勻變速運(yùn)動的問題. (2)動量的觀點(diǎn):主要應(yīng)用動量定理或動量守恒定律求解,常涉及物體的受力和時(shí)間問題,以及相互作用物體的問題. (3)能量的觀點(diǎn):在涉及單個物體的受力和位移問題時(shí),常用動能定理分析;在涉及系統(tǒng)內(nèi)能量的轉(zhuǎn)化問題時(shí),常用能量守恒定律. 一、滑塊—木板模型 1.把滑塊、木板看做一個整體,摩擦力為內(nèi)力,在光滑水平面上滑塊和木板組成的系統(tǒng)動量守恒.

3、 2.由于摩擦生熱,機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,系統(tǒng)機(jī)械能不守恒,應(yīng)由能量守恒求解問題. 3.注意:若滑塊不滑離木板,就意味著二者最終具有共同速度,機(jī)械能損失最多. 例1 如圖2所示,B是放在光滑的水平面上質(zhì)量為3m的一塊木板,物塊A(可視為質(zhì)點(diǎn))質(zhì)量為m,與木板間的動摩擦因數(shù)為μ.最初木板B靜止,物塊A以水平初速度v0滑上長木板,木板足夠長.求:(重力加速度為g) 圖2 (1)木板B的最大速度的大??; (2)木塊A從剛開始運(yùn)動到A、B速度剛好相等的過程中,木塊A所發(fā)生的位移的大??; (3)若物塊A恰好沒滑離木板B,則木板至少多長? 答案 (1) (2) (3) 解析 (1)由題意

4、知,A向右減速,B向右加速,當(dāng)A、B速度相等時(shí)B速度最大.以v0的方向?yàn)檎较?,根?jù)動量守恒定律:mv0=(m+3m)v① 得:v=② (2)A向右減速的過程,根據(jù)動能定理有 -μmgs1=mv2-mv02③ 則木塊A的位移為s1=④ (3)方法一:B向右加速過程的位移設(shè)為s2. 則μmgs2=×3mv2⑤ 由⑤得:s2= 木板的最小長度: L=s1-s2= 方法二:從A滑上B至達(dá)到共同速度的過程中,由能量守恒定律得: μmgL=mv02-(m+3m)v2 得:L=. 二、子彈打木塊模型 1.子彈打木塊的過程很短暫,認(rèn)為該過程內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力,則系統(tǒng)動量守恒. 2.

5、在子彈打木塊過程中摩擦生熱,系統(tǒng)機(jī)械能不守恒,機(jī)械能向內(nèi)能轉(zhuǎn)化. 3.若子彈不穿出木塊,二者最后有共同速度,機(jī)械能損失最多. 例2 如圖3所示,在水平地面上放置一質(zhì)量為M的木塊,一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v射入木塊(未穿出),若木塊與地面間的動摩擦因數(shù)為μ,求:(重力加速度為g) 圖3 (1)射入的過程中,系統(tǒng)損失的機(jī)械能; (2)子彈射入后,木塊在地面上前進(jìn)的距離. 答案 (1) (2) 解析 因子彈未射出,故碰撞后子彈與木塊的速度相同,而系統(tǒng)損失的機(jī)械能為初、末狀態(tài)系統(tǒng)的動能之差. (1)設(shè)子彈射入木塊后,二者的共同速度為v′,取子彈的初速度方向?yàn)檎较?,則由動量守恒

6、定律得:mv=(M+m)v′① 射入過程中損失的機(jī)械能 ΔE=mv2-(M+m)v′2② 解得:ΔE=. (2)子彈射入木塊后二者一起沿地面滑行,設(shè)滑行的距離為x,由動能定理得: -μ(M+m)gs=0-(M+m)v′2③ 由①③兩式解得:x=. 子彈打木塊模型與滑塊—木板模型類似,都是通過系統(tǒng)內(nèi)的滑動摩擦力相互作用,系統(tǒng)動量守恒.當(dāng)子彈不穿出木塊時(shí),相當(dāng)于完全非彈性碰撞,機(jī)械能損失最多. 三、彈簧類模型 1.對于彈簧類問題,在作用過程中,若系統(tǒng)合外力為零,則滿足動量守恒. 2.整個過程往往涉及到多種形式的能的轉(zhuǎn)化,如:彈性勢能、動能、內(nèi)能、重力勢能的轉(zhuǎn)化,應(yīng)用能量守恒

7、定律解決此類問題. 3.注意:彈簧壓縮最短,或彈簧拉伸最長時(shí),彈簧連接的兩物體速度相等,此時(shí)彈簧彈性勢能最大. 例3 兩塊質(zhì)量都是m的木塊A和B在光滑水平面上均以速度向左勻速運(yùn)動,中間用一根勁度系數(shù)為k的水平輕彈簧連接,如圖4所示.現(xiàn)從水平方向迎面射來一顆子彈,質(zhì)量為,速度為v0,子彈射入木塊A并留在其中.求: 圖4 (1)在子彈擊中木塊后的瞬間木塊A、B的速度vA和vB的大?。? (2)在子彈擊中木塊后的運(yùn)動過程中彈簧的最大彈性勢能. 答案 (1)  (2)mv02 解析 (1)在子彈打入木塊A的瞬間,由于相互作用時(shí)間極短,彈簧來不及發(fā)生形變,A、B都不受彈簧彈力的作用,故v

8、B=; 由于此時(shí)A不受彈簧的彈力,木塊A和子彈構(gòu)成的系統(tǒng)在這極短過程中所受合外力為零,系統(tǒng)動量守恒,選向左為正方向,由動量守恒定律得: -=(+m)vA 解得vA= (2)由于子彈擊中木塊A后木塊A、木塊B運(yùn)動方向相同且vA

9、恒定律得: ×mvA2+mvB2=×(m+m)v2+Epm 聯(lián)立解得v=v0,Epm=mv02. 處理動量和能量結(jié)合問題時(shí)應(yīng)注意的問題 1.守恒條件:動量守恒條件是系統(tǒng)所受合外力為零,而機(jī)械能守恒條件是只有系統(tǒng)內(nèi)部的重力(地球包含在系統(tǒng)內(nèi))和彈力做功,其他內(nèi)力和外力都不做功. 2.分析重點(diǎn):判斷動量是否守恒研究系統(tǒng)的受力情況,而判斷機(jī)械能是否守恒及能量的轉(zhuǎn)化情況研究系統(tǒng)的做功情況. 3.表達(dá)式:動量為矢量式,能量為標(biāo)量式. 4.注意:某一過程中系統(tǒng)動量守恒,但機(jī)械能不一定守恒,反之,機(jī)械能守恒的過程動量不一定守恒. 5.含有彈簧類的碰撞問題,要特別注意物體碰撞中機(jī)械能可能轉(zhuǎn)

10、化為內(nèi)能,所以全過程看系統(tǒng)機(jī)械能往往不守恒. 1.(滑塊—木板模型)如圖5所示,質(zhì)量為M、長為L的長木板放在光滑水平面上,一個質(zhì)量也為M的物塊(視為質(zhì)點(diǎn))以一定的初速度從左端沖上長木板,如果長木板是固定的,物塊恰好停在長木板的右端,如果長木板不固定,則物塊沖上長木板后在長木板上最多能滑行的距離為(  ) 圖5 A.LB.C.D. 答案 D 解析 長木板固定時(shí),由動能定理得:-μMgL=-Mv02,若長木板不固定,以物塊初速度的方向?yàn)檎较?,有Mv0=2Mv,μMgs=Mv02-×2Mv2,得s=,D項(xiàng)正確,A、B、C項(xiàng)錯誤. 2.(子彈打木塊模型)矩形滑塊由不同材料的上、下

11、兩層粘合在一起組成,將其放在光滑的水平面上,質(zhì)量為m的子彈以速度v水平射向滑塊,若射擊下層,子彈剛好不射出,若射擊上層,則子彈剛好能射穿一半厚度,如圖6所示,則上述兩種情況相比較,下列說法不正確的是(  ) 圖6 A.子彈的末速度大小相等 B.系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一樣多 C.子彈對滑塊做的功相同 D.子彈和滑塊間的水平作用力一樣大 答案 D 解析 設(shè)子彈的質(zhì)量是m,初速度是v0,滑塊的質(zhì)量是M,選擇子彈初速度的方向?yàn)檎较?,滑塊獲得最終速度(最后滑塊和子彈的共同速度)為v.則由動量守恒定律知: mv0=(m+M)v 所以:v= 可知兩種情況下子彈的末速度是相同的,故A正確;子

12、彈嵌入下層或上層過程中,系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量都等于系統(tǒng)減少的動能,而子彈減少的動能一樣多,滑塊增加的動能也一樣多,則系統(tǒng)減少的動能一樣,故系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一樣多,故B正確;滑塊的末速度是相等的,所以獲得的動能是相同的,根據(jù)動能定理,滑塊動能的增加是子彈做功的結(jié)果,所以兩次子彈對滑塊做的功一樣多,故C正確;子彈嵌入下層或上層過程中,系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量都等于系統(tǒng)減少的動能,Q=f·s相對,由于兩種情況相比較子彈能射穿的厚度不相等,即相對位移s相對不相等,所以兩種情況下子彈和滑塊間的水平作用力不一樣大,故D錯誤. 3.(彈簧類模型)(多選)如圖7所示,與水平輕彈簧相連的物體A停放在光滑的水平面上,物體B沿水平

13、方向向右運(yùn)動,跟與A相連的輕彈簧相碰.在B跟彈簧相碰后,對于A、B和輕彈簧組成的系統(tǒng),下列說法中正確的是(  ) 圖7 A.彈簧壓縮量最大時(shí),A、B的速度相同 B.彈簧壓縮量最大時(shí),A、B的動能之和最小 C.彈簧被壓縮的過程中系統(tǒng)的總動量不斷減少 D.物體A的速度最大時(shí),彈簧的彈性勢能為零 答案 ABD 解析 物體B與彈簧接觸時(shí),彈簧發(fā)生形變,產(chǎn)生彈力,可知B做減速運(yùn)動,A做加速運(yùn)動,當(dāng)兩者速度相等時(shí),彈簧的壓縮量最大,故A正確.A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒,壓縮量最大時(shí),彈性勢能最大,根據(jù)能量守恒,此時(shí)A、B的動能之和最小,故B正確.彈簧在壓縮的過程中,A、B和彈簧組成的

14、系統(tǒng)動量守恒,故C錯誤.當(dāng)兩者速度相等時(shí),彈簧的壓縮量最大,然后A繼續(xù)加速,B繼續(xù)減速,彈簧逐漸恢復(fù)原長,當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí),A的速度最大,此時(shí)彈簧的彈性勢能為零,故D正確. 4.(動量與能量的綜合應(yīng)用)如圖8所示,固定的光滑圓弧面與質(zhì)量為6kg的小車C的上表面平滑相接,在圓弧面上有一個質(zhì)量為2kg的滑塊A,在小車C的左端有一個質(zhì)量為2kg的滑塊B,滑塊A與B均可看做質(zhì)點(diǎn).現(xiàn)使滑塊A從距小車的上表面高h(yuǎn)=1.25m處由靜止下滑,與B碰撞后瞬間粘合在一起共同運(yùn)動,最終沒有從小車C上滑出.已知滑塊A、B與小車C間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.5,小車C與水平地面間的摩擦忽略不計(jì),取g=10m/s2.求:

15、 圖8 (1)滑塊A與B碰撞后瞬間的共同速度的大??; (2)小車C上表面的最短長度. 答案 (1)2.5m/s (2)0.375m 解析 (1)設(shè)滑塊A滑到圓弧末端時(shí)的速度大小為v1,由機(jī)械能守恒定律得:mAgh=mAv12① 解得v1==5m/s② 設(shè)A、B碰后瞬間的共同速度為v2,滑塊A與B碰撞瞬間與車C無關(guān),滑塊A與B組成的系統(tǒng)動量守恒,以向右的方向?yàn)檎较颍? mAv1=(mA+mB)v2③ 代入數(shù)據(jù)解得v2=2.5m/s④ (2)設(shè)小車C上表面的最短長度為L,滑塊A與B最終沒有從小車C上滑出,三者最終速度相同,設(shè)為v3,以向右的方向?yàn)檎较? 根據(jù)動量守恒定律有

16、: (mA+mB)v2=(mA+mB+mC)v3⑤ 根據(jù)能量守恒定律有: μ(mA+mB)gL=(mA+mB)v22-(mA+mB+mC)v32⑥ 聯(lián)立⑤⑥式代入數(shù)據(jù)解得L=0.375m. 一、選擇題 考點(diǎn)一 滑塊-木板模型 1.如圖1所示,在光滑水平面上,有一質(zhì)量M=3kg的薄板和質(zhì)量m=1kg的物塊都以v=4m/s的初速度相向運(yùn)動,它們之間有摩擦,薄板足夠長,當(dāng)薄板的速度為2.9 m/s時(shí),物塊的運(yùn)動情況是(  ) 圖1 A.做減速運(yùn)動 B.做加速運(yùn)動 C.做勻速運(yùn)動 D.以上運(yùn)動都有可能 答案 A 解析 開始階段,物塊向左減速,薄板向右減速,當(dāng)物塊的速度為

17、零時(shí),設(shè)此時(shí)薄板的速度為v1,規(guī)定向右為正方向,根據(jù)動量守恒定律得:(M-m)v=Mv1 代入數(shù)據(jù)解得:v1≈2.67m/s<2.9 m/s,所以物塊處于向左減速的過程中,故選A. 2.(多選)如圖2所示,圖甲表示光滑平臺上,物體A以初速度v0滑到上表面粗糙的水平小車上,車與水平面間的摩擦不計(jì);圖乙為物體A與小車B的v-t圖像,由此可知(  ) 圖2 A.小車上表面長度 B.物體A與小車B的質(zhì)量之比 C.A與小車B上表面間的動摩擦因數(shù) D.小車B獲得的動能 答案 BC 解析 由題圖乙可知,A、B最終以共同速度v1勻速運(yùn)動,不能確定小車上表面長度,故A錯誤;以v0的方向

18、為正方向,由動量守恒定律得,mAv0=(mA+mB)v1,解得:=,故可以確定物體A與小車B的質(zhì)量之比,故B正確;由題圖乙可以知道A相對小車B的位移Δx=v0t1,根據(jù)能量守恒得:μmAgΔx=mAv02-(mA+mB)v12,根據(jù)求得的質(zhì)量關(guān)系,可以解出A與小車B上表面間的動摩擦因數(shù),故C正確;由于小車A、B的質(zhì)量未知,故不能確定小車B獲得的動能,故D錯誤. 3.質(zhì)量為M、內(nèi)壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上,箱子中間有一質(zhì)量為m的小物塊,小物塊與箱子底板間的動摩擦因數(shù)為μ,初始時(shí)小物塊停在箱子正中間,如圖3所示.現(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v,小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間,

19、并與箱子保持相對靜止.設(shè)碰撞都是彈性的,則整個過程中,系統(tǒng)損失的動能為(  ) 圖3 A.mv2 B.μmgL C.NμmgL D. 答案 D 解析 由于箱子M放在光滑的水平面上,則由箱子和小物塊組成的整體動量始終是守恒的,直到箱子和小物塊的速度相同時(shí),小物塊與箱子之間不再發(fā)生相對滑動,以v的方向?yàn)檎较?,有mv=(m+M)v1 系統(tǒng)損失的動能是因?yàn)槟Σ亮ψ鲐?fù)功 ΔEk=-Wf=μmg·NL=mv2-(M+m)v12=,故D正確,A、B、C錯誤. 考點(diǎn)二 子彈打木塊模型 4.如圖4所示,木塊靜止在光滑水平桌面上,一子彈水平射入木塊的深度為d時(shí),子彈與木塊相對靜止,在子彈入

20、射的過程中,木塊沿桌面移動的距離為L,木塊對子彈的平均阻力為f,那么在這一過程中下列說法不正確的是(  ) 圖4 A.木塊的機(jī)械能增量為fL B.子彈的機(jī)械能減少量為f(L+d) C.系統(tǒng)的機(jī)械能減少量為fd D.系統(tǒng)的機(jī)械能減少量為f(L+d) 答案 D 解析 子彈對木塊的平均作用力大小為f,木塊相對于桌面的位移為L,則子彈對木塊做功為fL,根據(jù)動能定理得知,木塊動能的增加量,即機(jī)械能的增量等于子彈對木塊做的功,即為fL,故A正確.木塊對子彈的阻力做功為-f(L+d),根據(jù)動能定理得知:子彈動能的減少量等于子彈克服阻力做功,大小為f(L+d),故B正確.子彈相對于木塊的位移

21、大小為d,則系統(tǒng)克服阻力做功為fd,根據(jù)功能關(guān)系可知,系統(tǒng)機(jī)械能的減少量為fd,故C正確,D錯誤. 5.(多選)用不可伸長的細(xì)線懸掛一質(zhì)量為M的小木塊,木塊靜止,如圖5所示.現(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈自左方水平射向木塊,并停留在木塊中,子彈初速度為v0,重力加速度為g,則下列說法正確的是(  ) 圖5 A.從子彈射向木塊到一起上升到最高點(diǎn)的過程中系統(tǒng)的機(jī)械能守恒 B.子彈射入木塊瞬間動量守恒,故子彈射入木塊瞬間子彈和木塊的共同速度為 C.忽略空氣阻力,子彈和木塊一起上升過程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒,其機(jī)械能等于子彈射入木塊前的動能 D.子彈和木塊一起上升的最大高度為 答案 BD 解析 從

22、子彈射向木塊到一起運(yùn)動到最高點(diǎn)的過程可以分為兩個階段:子彈射入木塊的瞬間系統(tǒng)動量守恒,但機(jī)械能不守恒,有部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)內(nèi)能,之后子彈在木塊中與木塊一起上升,該過程只有重力做功,機(jī)械能守恒但總能量小于子彈射入木塊前的動能,故A、C錯誤;規(guī)定向右為正方向,由彈簧射入木塊瞬間系統(tǒng)動量守恒可知: mv0=(m+M)v′ 所以子彈射入木塊后的共同速度為:v′=,故B正確;之后子彈和木塊一起上升,該階段根據(jù)機(jī)械能守恒得: (M+m)v′2=(M+m)gh, 可得上升的最大高度為:h=,故D正確. 考點(diǎn)三 彈簧類模型 6.如圖6所示,靜止在光滑水平面上的木板,質(zhì)量M=2kg,右端有一根輕質(zhì)

23、彈簧沿水平方向與木板相連,質(zhì)量m=1kg的鐵塊以水平速度v0=6m/s,從木板的左端沿板面向右滑行,壓縮彈簧又被彈回,最后恰好停在木板的左端.在上述過程中彈簧具有的最大彈性勢能為(  ) 圖6 A.3JB.4JC.12JD.6J 答案 D 7.(多選)如圖7所示,水平輕質(zhì)彈簧的一端固定在墻上,另一端與質(zhì)量為m的物體A相連,A放在光滑水平面上,有一質(zhì)量與A相同的物體B,從離水平面高h(yuǎn)處由靜止開始沿光滑固定曲面滑下,與A相碰后一起將彈簧壓縮,彈簧復(fù)原過程中某時(shí)刻B與A分開且沿原曲面上升.下列說法正確的是(重力加速度為g)(  ) 圖7 A.彈簧被壓縮時(shí)所具有的最大彈性勢能為mg

24、h B.彈簧被壓縮時(shí)所具有的最大彈性勢能為 C.B與A分開后能達(dá)到的最大高度為 D.B與A分開后能達(dá)到的最大高度無法計(jì)算 答案 BC 解析 根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得B剛到達(dá)水平面的速度v0=,根據(jù)動量守恒定律可得A與B碰撞后的速度為v=v0,所以彈簧被壓縮時(shí)所具有的最大彈性勢能為Epm=×2mv2=mgh,A錯誤,B正確;當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時(shí),A與B分開,B以大小為v的速度向左沿曲面上滑,根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得mgh′=mv2,B能達(dá)到的最大高度為h′=h,C正確,D錯誤. 二、非選擇題 8.(子彈打木塊模型)如圖8所示,質(zhì)量mB=2kg的平板車B上表面水平,在平板車左端相對于車靜

25、止著一塊質(zhì)量mA=2kg的物塊A,A、B一起以大小為v1=0.5m/s的速度向左運(yùn)動,一顆質(zhì)量m0=0.01 kg的子彈以大小為v0=600 m/s的水平初速度向右瞬間射穿A后,速度變?yōu)関=200m/s .已知A與B之間的動摩擦因數(shù)不為零,且A與B最終達(dá)到相對靜止時(shí)A剛好停在B的右端,車長L=1 m,g=10 m/s2,求: 圖8 (1)A、B間的動摩擦因數(shù); (2)整個過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為多少? 答案 (1)0.1 (2)1600J 解析 (1)規(guī)定向右為正方向,子彈與A作用過程,根據(jù)動量守恒定律得:m0v0-mAv1=m0v+mAvA, 代入數(shù)據(jù)解得:vA=1.5m/s

26、, 子彈穿過A后,A以1.5m/s的速度開始向右滑行,B以0.5 m/s的速度向左運(yùn)動,當(dāng)A、B有共同速度時(shí),A、B達(dá)到相對靜止,對A、B組成的系統(tǒng)運(yùn)用動量守恒,規(guī)定向右為正方向,有:mAvA-mBv1=(mA+mB)v2, 代入數(shù)據(jù)解得:v2=0.5m/s. 根據(jù)能量守恒定律知:μmAgL=mAvA2+mBv12-(mA+mB)v22, 代入數(shù)據(jù)解得:μ=0.1. (2)根據(jù)能量守恒定律得,整個過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為: Q=m0v02+(mA+mB)v12-m0v2-(mA+mB)v22, 代入數(shù)據(jù)解得:Q=1600J. 9.(彈簧類模型)兩物塊A、B用水平輕彈簧相連,質(zhì)量

27、均為2kg,初始時(shí)彈簧處于原長,A、B兩物塊都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上運(yùn)動,質(zhì)量為4kg的物塊C靜止在前方,如圖9所示.B與C碰撞后二者會粘在一起運(yùn)動,則在以后的運(yùn)動中: 圖9 (1)當(dāng)彈簧的彈性勢能最大時(shí),物塊A的速度為多大? (2)系統(tǒng)中彈性勢能的最大值是多少? 答案 (1)3m/s (2)12J 解析 (1)當(dāng)A、B、C三者的速度相等時(shí)彈簧的彈性勢能最大.取A、B初速度方向?yàn)檎较?,由A、B、C三者組成的系統(tǒng)動量守恒得:(mA+mB)v=(mA+mB+mC)vABC, 解得vABC=m/s=3 m/s. (2)B、C碰撞時(shí)B、C組成的系統(tǒng)動量守恒,設(shè)碰后瞬

28、間B、C兩者速度為vBC,以v的方向?yàn)檎较?,則mBv=(mB+mC)vBC,得: vBC=m/s=2 m/s, 物塊A、B、C速度相同時(shí)彈簧的彈性勢能最大為Ep, 根據(jù)能量守恒定律,則Ep=(mB+mC)vBC2+mAv2-(mA+mB+mC)vABC2=×(2+4)×22J+×2×62J-×(2+2+4)×32J=12J. 10.(動量與能量問題的綜合應(yīng)用)如圖10所示,物體A置于靜止在光滑水平面上的平板小車B的左端,物體在A的上方O點(diǎn)用細(xì)線懸掛一小球C(可視為質(zhì)點(diǎn)),線長L=0.8m.現(xiàn)將小球C拉至水平無初速度釋放,并在最低點(diǎn)與物體A發(fā)生水平正碰,碰撞后小球C反彈的最大高度為h=

29、0.2m.已知A、B、C的質(zhì)量分別為mA=4kg、mB=8kg和mC=1kg,A、B間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,A、C碰撞時(shí)間極短,且只碰一次,取重力加速度g=10m/s2. 圖10 (1)求小球C與物體A碰撞前瞬間受到細(xì)線的拉力大??; (2)求A、C碰撞后瞬間A的速度大??; (3)若物體A未從小車B上掉落,小車B的最小長度為多少? 答案 (1)30N (2)1.5m/s (3)0.375m(或m) 解析 (1)碰撞前小球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動 根據(jù)機(jī)械能守恒定律,得mCgL=mCv22 由牛頓第二定律,得F-mCg= 解得v0=4m/s,F(xiàn)=30N (2)設(shè)A、C碰撞后瞬間的速度大小分別為vA、vC,由能量守恒定律和動量守恒定律,得mCvC2=mCgh mCv0=mAvA-mCvC 解得vC=2m/s,vA=1.5 m/s (3)設(shè)A與B最終的共同速度為v,相對位移為s,由動量守恒定律和能量守恒定律,得 mAvA=(mA+mB)v μmAgs=mAvA2-(mA+mB)v2 解得s=0.375m 要使A不從B車上滑下,小車的最小長度為0.375m(或m) 14

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