（浙江專用）2021版新高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第九章 平面解析幾何 7 第7講 拋物線教學(xué)案

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1、第7講　拋物線 1．拋物線的定義 滿足以下三個條件的點的軌跡是拋物線： (1)在平面內(nèi)； (2)動點到定點F的距離與到定直線l的距離相等； (3)定點不在定直線上． 2．拋物線的標準方程和幾何性質(zhì) 標準方程 y2＝2px (p＞0) y2＝－2px (p＞0) x2＝2py (p＞0) x2＝－2py (p＞0) p的幾何意義：焦點F到準線l的距離 圖形 頂點 O(0，0) 對稱軸 y＝0 x＝0 焦點 F F F F 離心率 e＝1 準線方程 x＝－ x＝ y＝－ y＝ 范圍 x≥0，y∈R x≤0，y∈R

2、 y≥0，x∈R y≤0，x∈R 開口方向 向右 向左 向上 向下 焦半徑(其中P(x0，y0)) |PF|＝x0＋ |PF|＝－x0＋ |PF|＝y(tǒng)0＋ |PF|＝－y0＋ [疑誤辨析] 判斷正誤(正確的打“√”，錯誤的打“×”) (1)平面內(nèi)與一個定點F和一條定直線l的距離相等的點的軌跡一定是拋物線．(　　) (2)若直線與拋物線只有一個交點，則直線與拋物線一定相切．(　　) (3)若一拋物線過點P(－2，3)，則其標準方程可寫為y2＝2px(p>0)．(　　) (4)拋物線既是中心對稱圖形，又是軸對稱圖形．(　　) 答案：(1)×　(2)×　(3

3、)×　(4)× [教材衍化] 1．(選修2-1P72練習(xí)T1改編)過點P(－2，3)的拋物線的標準方程是(　　) A．y2＝－x或x2＝y(tǒng) B．y2＝x或x2＝y(tǒng) C．y2＝x或x2＝－y D．y2＝－x或x2＝－y 解析：選A.設(shè)拋物線的標準方程為y2＝kx或x2＝my，代入點P(－2，3)，解得k＝－，m＝，所以y2＝－x或x2＝y(tǒng).故選A. 2．(選修2-1P73A組T3改編)拋物線y2＝8x上到其焦點F距離為5的點P有(　　) A．0個　　　　　　　　　 B．1個 C．2個 D．4個 解析：選C.設(shè)P(x1，y1)，則|PF|＝x1＋2＝5，y＝8x1，所以x

4、1＝3，y1＝±2.故滿足條件的點P有兩個．故選C. [易錯糾偏] (1)忽視拋物線的標準形式； (2)忽視p的幾何意義； (3)易忽視焦點的位置出現(xiàn)錯誤． 1．拋物線8x2＋y＝0的焦點坐標為(　　) A．(0，－2) B．(0，2) C. D. 解析：選C.由8x2＋y＝0，得x2＝－y. 2p＝，p＝，所以焦點為，故選C. 2．已知拋物線C與雙曲線x2－y2＝1有相同的焦點，且頂點在原點，則拋物線C的方程是(　　) A．y2＝±2x B．y2＝±2x C．y2＝±4x D．y2＝±4x 解析：選D.由已知可知雙曲線的焦點為(－，0)，(，0)．設(shè)

5、拋物線方程為y2＝±2px(p＞0)，則＝，所以p＝2，所以拋物線方程為y2＝±4x.故選D. 3．若拋物線的焦點在直線x－2y－4＝0上，則此拋物線的標準方程為________． 解析：令x＝0，得y＝－2；令y＝0，得x＝4.所以拋物線的焦點是(4，0)或(0，－2)，故所求拋物線的標準方程為y2＝16x或x2＝－8y. 答案：y2＝16x或x2＝－8y 　　　　　　拋物線的定義、標準方程與應(yīng)用(高頻考點) 拋物線的定義是高考的熱點，考查時多以選擇題、填空題形式出現(xiàn)，個別高考題有一定難度．主要命題角度有： (1)求拋物線的標準方程； (2)求拋物線上的點與焦點的距離；

6、 (3)求距離和的最值． 角度一　求拋物線的標準方程 已知動圓過定點F，且與直線x＝－相切，其中p>0，則動圓圓心的軌跡E的方程為________． 【解析】　依題意得，圓心到定點F的距離與到直線x＝－的距離相等，由拋物線的定義可知，動圓圓心的軌跡E為拋物線，其方程為y2＝2px. 【答案】　y2＝2px 角度二　求拋物線上的點與焦點的距離 已知F是拋物線C：y2＝8x的焦點，M是C上一點，F(xiàn)M的延長線交y軸于點N.若M為FN的中點，則|FN|＝____________． 【解析】　法一：依題意，拋物線C：y2＝8x的焦點F(2，0)，準線x＝－2，因為M是C上一點，F(xiàn)M的

7、延長線交y軸于點N，M為FN的中點，設(shè)M(a，b)(b>0)，所以a＝1，b＝±2，所以N(0，±4)，|FN|＝＝6. 法二：依題意，拋物線C：y2＝8x的焦點F(2，0)，準線x＝－2，因為M是C上一點，F(xiàn)M的延長線交y軸于點N，M為FN的中點，則點M的橫坐標為1，所以|MF|＝1－(－2)＝3，|FN|＝2|MF|＝6. 【答案】　6 角度三　求距離和的最值 已知拋物線y2＝4x的焦點是F，點P是拋物線上的動點，又有點B(3，2)，則|PB|＋|PF|的最小值為________． 【解析】　如圖，過點B作BQ垂直準線于點Q，交拋物線于點P1，則|P1Q|＝|P1F|，則有|P

8、B|＋|PF|≥|P1B|＋|P1Q|＝|BQ|＝4. 即|PB|＋|PF|的最小值為4. 【答案】　4 (變條件)若本例中的B點坐標改為(3，4)，試求|PB|＋|PF|的最小值． 解：由題意可知點(3，4)在拋物線的外部．因為|PB|＋|PF|的最小值即為B，F(xiàn)兩點間的距離， 所以|PB|＋|PF|≥|BF|＝＝＝2.即|PB|＋|PF|的最小值為2. 拋物線定義的應(yīng)用 (1)利用拋物線的定義解決此類問題，應(yīng)靈活地進行拋物線上的點到焦點的距離與到準線的距離的等價轉(zhuǎn)化．即“看到準線想到焦點，看到焦點想到準線”． (2)注意靈活運用拋物線上一點P(x，y)到焦點F的距

9、離|PF|＝|x|＋或|PF|＝|y|＋.　 1．已知拋物線C：y2＝8x的焦點為F，準線為l，P是l上一點，Q是直線PF與C的一個交點，若＝4，則|QF|＝(　　) A.　　　　　　　　　　 B. C．3 D．2 解析：選C.因為＝4， 所以||＝4||，所以＝.如圖，過Q作QQ′⊥l，垂足為Q′，設(shè)l與x軸的交點為A， 則|AF|＝4， 所以＝＝， 所以|QQ′|＝3，根據(jù)拋物線定義可知|QF|＝|QQ′|＝3. 2.如圖，設(shè)拋物線y2＝4x的焦點為F，不經(jīng)過焦點的直線上有三個不同的點A，B，C，其中點A，B在拋物線上，點C在y軸上，則△BCF與△ACF的面積之

10、比是(　　) A. B. C. D. 解析：選A.由題圖可知，△BCF與△ACF有公共的頂點F，且A，B，C三點共線，易知△BCF與△ACF的面積之比就等于.由拋物線方程知焦點F(1，0)，作準線l，如圖所示，則l的方程為x＝－1.因為點A，B在拋物線上，過A，B分別作AK，BH與準線垂直，垂足分別為點K，H，且與y軸分別交于點N，M.由拋物線定義，得|BM|＝|BF|－1，|AN|＝|AF|－1.在△CAN中，BM∥AN，所以 ＝＝. 　　　　　　拋物線的性質(zhì)及應(yīng)用 (1)以拋物線C的頂點為圓心的圓交C于A，B兩點，交C的準線于D，E兩點．已知|AB|＝4，|DE|＝2，

11、則C的焦點到準線的距離為(　　) A．2　　　　　　　　　 B．4 C．6 D．8 (2)(2020·寧波模擬)若點P為拋物線y＝2x2上的動點，F(xiàn)為拋物線的焦點，則|PF|的最小值為(　　) A．2 B. C. D. 【解析】　(1)由題意，不妨設(shè)拋物線方程為y2＝2px(p＞0)，由|AB|＝4，|DE|＝2，可取A，D，設(shè)O為坐標原點，由|OA|＝|OD|，得＋8＝＋5，得p＝4，所以選B. (2)由題意知x2＝y(tǒng)，則F，設(shè)P(x0，2x)，則|PF|＝＝＝2x＋，所以當(dāng)x＝0時，|PF|min＝. 【答案】　(1)B　(2)D 拋物線性質(zhì)的應(yīng)用技巧

12、 (1)利用拋物線方程確定及應(yīng)用其焦點、準線時，關(guān)鍵是將拋物線方程化成標準方程． (2)要結(jié)合圖形分析，靈活運用平面圖形的性質(zhì)以形助數(shù)．　 1．已知拋物線C：y2＝x的焦點為F，A(x0，y0)是C上一點，|AF|＝x0，則x0＝(　　) A．1 B．2 C．4 D．8 解析：選A.由題意知拋物線的準線為x＝－.因為|AF|＝x0，根據(jù)拋物線的定義可得x0＋＝|AF|＝x0，解得x0＝1. 2．(2020·浙江省名校協(xié)作體高三聯(lián)考)拋物線y2＝2px(p>0)的焦點為F，O為坐標原點，M為拋物線上一點，且|MF|＝4|OF|，△MFO的面積為4，則拋物線的方程為(　

13、　) A．y2＝6x B．y2＝8x C．y2＝16x D．y2＝ 解析：選B.設(shè)M(x，y)，因為|OF|＝，|MF|＝4|OF|，所以|MF|＝2p，由拋物線定義知x＋＝2p，所以x＝p，所以y＝±p，又△MFO的面積為4，所以××p＝4，解得p＝4(p＝－4舍去)．所以拋物線的方程為y2＝8x. 3．(2020·杭州中學(xué)高三月考)設(shè)拋物線y2＝2px(p＞0)的焦點為F，準線為l，點A(0，2)．若線段FA的中點B在拋物線上，則F到l的距離為________，|FB|＝________． 解析：依題意可知F點坐標為， 所以B點坐標為，代入拋物線方程解得p＝， 所以F

14、到l的距離為，|FB|＝＋＝. 答案：　 　　　　　　拋物線與圓的交匯 (1)設(shè)經(jīng)過拋物線C的焦點的直線l與拋物線C交于A，B兩點，那么拋物線C的準線與以AB為直徑的圓的位置關(guān)系為(　　) A．相離 B．相切 C．相交但不經(jīng)過圓心 D．相交且經(jīng)過圓心 (2)(2020·杭州市高三模擬)已知點A是拋物線y2＝2px(p>0)上一點，F(xiàn)為其焦點，以F為圓心，以|FA|為半徑的圓交準線于B，C兩點，△FBC為正三角形，且△ABC的面積是，則拋物線的方程為(　　) A．y2＝12x B．y2＝14x C．y2＝16x D．y2＝18x 【解析】　(1)設(shè)圓心為M

15、，過點A，B，M作準線l的垂線，垂足分別為A1，B1，M1，則|MM1|＝(|AA1|＋|BB1|)．由拋物線定義可知|BF|＝|BB1|，|AF|＝|AA1|， 所以|AB|＝|BB1|＋|AA1|，|MM1|＝|AB|，即圓心M到準線的距離等于圓的半徑，故以AB為直徑的圓與拋物線的準線相切． (2)由題意，如圖可得＝cos 30°及|DF|＝p， 可得|BF|＝， 從而|AF|＝， 由拋物線的定義知點A到準線的距離也為， 又因為△ABC的面積為，所以××＝， 解得p＝8，故拋物線的方程為y2＝16x. 【答案】　(1)B　(2)C 解拋物線與圓的交匯問題的方法 (1

16、)利用圓的幾何特征與拋物線的幾何特征相結(jié)合，轉(zhuǎn)化為兩者的元素關(guān)系列出相應(yīng)關(guān)系式． (2)利用圓的定義與拋物線的定義相結(jié)合建立相關(guān)的代數(shù)關(guān)系是求解圓與拋物線綜合問題的有效方法．　 　設(shè)M(x0，y0)為拋物線C：x2＝8y上的一點，F(xiàn)為拋物線C的焦點，以F為圓心、|FM|為半徑的圓和拋物線C的準線相交，則y0的取值范圍是(　　) A．(0，2) B．[0，2] C．(2，＋∞) D．[2，＋∞) 解析：選C.設(shè)圓的半徑為r，因為F(0，2)是圓心，拋物線C的準線方程為y＝－2，由圓與準線相交知r>4，因為點M(x0，y0)為拋物線C：x2＝8y上的一點，所以r＝|FM|＝y(tǒng)0

17、＋2＞4，所以y0＞2. [基礎(chǔ)題組練] 1．已知點A(－2，3)在拋物線C：y2＝2px(p>0)的準線上，記C的焦點為F，則直線AF的斜率為(　　) A．－　　　　　　　　　 B．－1 C．－ D．－ 解析：選C.由已知得準線方程為x＝－2，所以F的坐標為(2，0)．又A(－2，3)，所以直線AF的斜率k＝＝－. 2．已知拋物線C1：x2＝2py(p>0)的準線與拋物線C2：x2＝－2py(p>0)交于A，B兩點，C1的焦點為F，若△FAB的面積等于1，則C1的方程是(　　) A．x2＝2y B．x2＝y(tǒng) C．x2＝y(tǒng) D．x2＝y(tǒng) 解析：選A.由題意得，F(xiàn)，

18、不妨設(shè)A，B(－p，－)，所以S△FAB＝·2p·p＝1，則p＝1，即拋物線C1的方程是x2＝2y，故選A. 3．(2020·麗水調(diào)研)已知等邊△ABF的頂點F是拋物線C：y2＝2px(p＞0)的焦點，頂點B在拋物線的準線l上且AB⊥l，則點A的位置(　　) A．在C開口內(nèi) B．在C上 C．在C開口外 D．與p值有關(guān) 解析：選B.設(shè)B，由已知有AB中點的橫坐標為，則A，△ABF是邊長|AB|＝2p的等邊三角形，即|AF|＝ ＝2p，所以p2＋m2＝4p2，所以m＝±p，所以A，代入y2＝2px中，得點A在拋物線C上，故選B. 4．已知拋物線y2＝2px(p＞0)的焦點為F，點

19、P1(x1，y1)，P2(x2，y2)，P3(x3，y3)在拋物線上，且2x2＝x1＋x3，則有(　　) A．|FP1|＋|FP2|＝|FP3| B．|FP1|2＋|FP2|2＝|FP3|2 C．|FP1|＋|FP3|＝2|FP2| D．|FP1|·|FP3|＝|FP2|2 解析：選C.根據(jù)拋物線的定義知|FP1|＝x1＋，|FP2|＝x2＋，|FP3|＝x3＋， 所以|FP1|＋|FP3|＝＋＝(x1＋x3)＋p＝2x2＋p＝2＝2|FP2|. 5．拋物線y2＝4x的焦點為F，準線為l，經(jīng)過F且斜率為的直線與拋物線在x軸上方的部分相交于點A，AK⊥l，垂足為K，則△AKF的面積

20、是(　　) A．4 B．3 C．4 D．8 解析：選C.F(1，0)，直線AF：y＝(x－1)，代入y2＝4x得3x2－10x＋3＝0， 解得x＝3或x＝. 由于點A在x軸上方且直線的斜率為，所以其坐標為(3，2)． 因為|AF|＝|AK|＝3＋1＝4，AF的斜率為，即傾斜角為60°，所以∠KAF＝60°， 所以△AKF為等邊三角形， 所以△AKF的面積為×42＝4. 6．(2020·杭州市高考模擬)設(shè)傾斜角為α的直線l經(jīng)過拋物線Г：y2＝2px(p>0)的焦點F，與拋物線Г交于A，B兩點，設(shè)點A在x軸上方，點B在x軸下方．若＝m，則cos α的值為(　　) A.

21、 B. C. D. 解析：選A.設(shè)拋物線y2＝2px(p>0)的準線為l：x＝－. 如圖所示，分別過點A，B作AM⊥l，BN⊥l，垂足分別為M，N. 在△ABC中，∠BAC等于直線AB的傾斜角α， 由＝m，|AF|＝m|BF|，|AB|＝|AF|＋|BF|＝(m＋1)|BF|， 根據(jù)拋物線的定義得，|AM|＝|AF|＝m|BF|，|BN|＝|BF|， 所以|AC|＝|AM|－|MC|＝m|BF|－|BF|＝(m－1)|BF|， 在Rt△ABC中，cos α＝cos ∠BAC＝＝＝，故選A. 7．已知拋物線y2＝2px(p>0)上一點M到焦點F的距離等于2p，則直線MF的

22、斜率為________． 解析：設(shè)M(xM，yM)，由拋物線定義可得|MF|＝xM＋＝2p，解得xM＝，代入拋物線方程可得yM＝±p，則直線MF的斜率為＝＝±. 答案：± 8．已知拋物線C的方程為y2＝2px(p>0)，○·M的方程為x2＋y2＋8x＋12＝0，如果拋物線C的準線與○·M相切，那么p的值為________． 解析：將○·M的方程化為標準方程(x＋4)2＋y2＝4，圓心坐標為(－4，0)，半徑r＝2，又因為拋物線的準線方程為x＝－，所以＝2，p＝12或4. 答案：12或4 9．若點P在拋物線y2＝x上，點Q在圓(x－3)2＋y2＝1上，則|PQ|的最小值為______

23、__． 解析：由題意得拋物線與圓不相交， 且圓的圓心為A(3，0)， 則|PQ|≥|PA|－|AQ|＝|PA|－1， 當(dāng)且僅當(dāng)P，Q，A三點共線時取等號， 所以當(dāng)|PA|取得最小值時，|PQ|最?。? 設(shè)P(x0，y0)，則y＝x0，|PA|＝＝＝ ，當(dāng)且僅當(dāng)x0＝時，|PA|取得最小值，此時|PQ|取得最小值－1. 答案：－1 10．(2020·浙江省名校協(xié)作體高三聯(lián)考)拋物線的頂點在原點，焦點在x軸上，且過點(4，4)，焦點為F. (1)求拋物線的焦點坐標和標準方程； (2)P是拋物線上一動點，M是PF的中點，求M的軌跡方程． 解：(1)拋物線頂點在原點，焦點在x軸上，

24、且過點(4，4)，設(shè)拋物線解析式為y2＝2px，把(4，4)代入，得16＝2×4p，所以p＝2， 所以拋物線的標準方程為y2＝4x，焦點坐標為F(1，0)． (2)設(shè)M(x，y)，P(x0，y0)，F(xiàn)(1，0)，M是PF的中點，則x0＋1＝2x，0＋y0＝2y， 所以x0＝2x－1，y0＝2y， 因為P是拋物線上一動點，所以y＝4x0， 所以(2y)2＝4(2x－1)，化簡得y2＝2x－1. 所以M的軌跡方程為y2＝2x－1. 11．已知拋物線y2＝2px(p>0)的焦點為F，A是拋物線上橫坐標為4，且位于x軸上方的點，A到拋物線準線的距離等于5，過A作AB垂直于y軸，垂足為B，

25、OB的中點為M. (1)求拋物線的方程； (2)若過M作MN⊥FA，垂足為N，求點N的坐標． 解：(1)拋物線y2＝2px的準線為x＝－， 于是4＋＝5，所以p＝2. 所以拋物線方程為y2＝4x. (2)因為點A的坐標是(4，4)， 由題意得B(0，4)，M(0，2)． 又因為F(1，0)，所以kFA＝， 因為MN⊥FA，所以kMN＝－. 又FA的方程為y＝(x－1)，① MN的方程為y－2＝－x，② 聯(lián)立①②，解得x＝，y＝， 所以點N的坐標為. [綜合題組練] 1．(2020·臺州書生中學(xué)月考)拋物線y2＝2px(p>0)的焦點為F，已知點A，B為拋物線上的兩

26、個動點，且滿足∠AFB＝120°，過AB的中點M作拋物線準線l的垂線MN，垂足為N，則的最大值為(　　) A. B．1 C. D．2 解析：選A.過A，B分別作拋物線準線的垂線，垂足分別為A1，B1，連接AF，BF，由拋物線的定義知|MN|＝(|AA1|＋|BB1|)＝(|AF|＋|BF|)，在△AFB中，|AB|2＝|AF|2＋|BF|2－2|AF||BF|·cos 120°＝|AF|2＋|BF|2＋|AF||BF|. 所以＝· ＝ ＝≤×＝， 當(dāng)且僅當(dāng)|AF|＝|BF|時取等號，所以的最大值為. 2．已知F為拋物線y2＝x的焦點，點A，B在該拋物線上且位于x軸的

27、兩側(cè)，·＝2(其中O為坐標原點)，則△ABO與△AFO面積之和的最小值是(　　) A．2 B．3 C. D. 解析：選B.設(shè)A(x1，)，B(x2，－)， 則S△AFO＝×＝. 由·＝2得x1x2－＝2， 即x1x2－－2＝0，解得x1x2＝4， 所以(||·||)2＝(x＋x1)(x＋x2) ＝xx＋x1x2·(x1＋x2)＋x1x2＝20＋4(x1＋x2)， 因為cos∠AOB＝， 所以sin∠AOB＝ ＝ 所以S△AOB＝||||sin∠AOB ＝|||| ＝ ＝＝ ＝＝＋， 所以S△ABO＋S△AFO＝＋≥2＝3，當(dāng)＝，即x1＝時等號成立．

28、 3．如圖，正方形ABCD和正方形DEFG的邊長分別為a，b(a＜b)，原點O為AD的中點，拋物線y2＝2px(p＞0)經(jīng)過C，F(xiàn)兩點，則＝________． 解析：依題知C，F(xiàn)，因為點C，F(xiàn)在拋物線上，所以兩式相除得－2－1＝0，解得＝1＋或＝1－(舍)． 答案：1＋ 4．(2020·臺州市高考模擬)如圖，過拋物線y2＝4x的焦點F作直線與拋物線及其準線分別交于A，B，C三點，若＝4，則||＝________． 解析：分別過A，B作準線的垂線，垂足分別為A1，B1，則|DF|＝p＝2，由拋物線的定義可知|FB|＝|BB1|，|AF|＝|AA1|， 因為＝4，所以＝＝， 所

29、以|FB|＝|BB1|＝. 所以|FC|＝4|FB|＝6， 所以cos ∠DFC＝＝， 所以cos ∠A1AC＝＝＝，解得|AF|＝3， 所以|AB|＝|AF|＋|BF|＝3＋＝. 答案： 5．已知拋物線x2＝4y的焦點為F，P為該拋物線在第一象限內(nèi)的圖象上的一個動點． (1)當(dāng)|PF|＝2時，求點P的坐標； (2)求點P到直線y＝x－10的距離的最小值． 解：(1)由拋物線x2＝4y的焦點為F，P為該拋物線在第一象限內(nèi)的圖象上的一個動點， 故設(shè)P(a＞0)， 因為|PF|＝2，結(jié)合拋物線的定義得＋1＝2， 所以a＝2，所以點P的坐標為(2，1)． (2)設(shè)點P的坐標

30、為P(a＞0)，則點P到直線y＝x－10的距離為＝. 因為－a＋10＝(a－2)2＋9， 所以當(dāng)a＝2時，－a＋10取得最小值9， 故點P到直線y＝x－10的距離的最小值為. 6．(2020·杭州寧波二市三校聯(lián)考)已知A，B，C是拋物線y2＝2px(p＞0)上三個不同的點，且AB⊥AC. (1)若A(1，2)，B(4，－4)，求點C的坐標； (2)若拋物線上存在點D，使得線段AD總被直線BC平分，求點A的坐標． 解：(1)因為A(1，2)在拋物線y2＝2px(p＞0)上，所以p＝2.所以拋物線方程為y2＝4x. 設(shè)C，則由kAB·kAC＝－1，即·＝－1，解得t＝6，即C(9，6)． (2)設(shè)A(x0，y0)，B，C，則y＝2px0， 直線BC的方程為＝，即(y1＋y2)y＝2px＋y1y2，由kAB·kAC＝·＝－1， 得y0(y1＋y2)＋y1y2＋y＝－4p2， 與直線BC的方程聯(lián)立，化簡，得(y1＋y2)(y＋y0)＝2p(x－2p－x0)，故直線BC恒過點E(x0＋2p，－y0)． 因此直線AE的方程為y＝－(x－x0)＋y0， 代入拋物線的方程y2＝2px(p＞0)， 得點D的坐標為. 因為線段AD總被直線BC平分， 所以 解得x0＝，y0＝±p， 即點A的坐標為. 16