2022年高考化學(xué) 備考百強(qiáng)校微測試系列 專題01 物質(zhì)的量濃度及相關(guān)計算

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1、2022年高考化學(xué) 備考百強(qiáng)校微測試系列 專題01 物質(zhì)的量濃度及相關(guān)計算120時，飽和NaCl溶液的密度為 gcm3，物質(zhì)的量濃度為c molL1，則下列說法中錯誤的是A 溫度低于20時，飽和NaCl溶液的濃度小于c molL1B 20時，飽和NaCl溶液的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為58.5c(1000) 100%C 20時，密度小于 gcm3的NaCl溶液是不飽和溶液D 20時，飽和NaCl溶液的溶解度S5850c(-58.5) g水【答案】D【解析】【詳解】【點(diǎn)睛】本題重點(diǎn)考查以物質(zhì)的量濃度為中心的計算。要熟記基本公式:c=n/V，=m/V，n=m/M，根據(jù)以上三個基本公式可推出（計算時要保持單位一致）

2、。2在a L Al2(SO4)3和(NH4)2SO4的混合溶液中加入b mol BaCl2，恰好使溶液中的SO42-完全沉淀；如加入足量強(qiáng)堿并加熱可得到c mol NH3，則原溶液中Al3的濃度(mol/L)為A B C D 【答案】B【解析】【分析】由消耗的BaCl2計算溶液中n（SO42-），由生成的NH3計算溶液中n（NH4+），運(yùn)用電荷守恒計算n（Al3+），結(jié)合溶液的體積計算c（Al3+）?！驹斀狻考尤隑aCl2發(fā)生的離子反應(yīng)為：Ba2+SO42-=BaSO4，溶液中n（SO42-）=n（Ba2+）=bmol；根據(jù)N守恒，溶液中n（NH4+）=n（NH3）=cmol；原溶液中的電荷守

3、恒為：3n（Al3+）+n（NH4+）=2n（SO42-），原溶液中n（Al3+）=mol，c（Al3+）=molaL=mol/L，答案選B。3在t時，將agNH3完全溶于水，得到V mL溶液，假設(shè)該溶液的密度為g/cm-3，質(zhì)量分?jǐn)?shù)為，其中含NH4+的物質(zhì)的量為b moL下列敘述中正確的是（）A 溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度c=1000a/35Vmol/LB 溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為=a /(V-a)100%C 溶液中c（OH-）=1000b/Vmol/L+c（H+）D 上述溶液中再加入VmL水后，所得溶液的質(zhì)量分?jǐn)?shù)大于0.5【答案】C【解析】【詳解】D水的密度比氨水的密度大，相等體積的氨水與水，水的質(zhì)量大，

4、等體積混合后溶液的質(zhì)量大于原氨水的2倍，溶液中氨氣的質(zhì)量相同，等體積混合所得溶液溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)小于05w，故D錯誤；答案選C。 420時，KCl的溶解度為34g，若忽略固體溶解引起的溶液體積變化，則在該溫度下，所配KCl溶液中KCl的物質(zhì)的量濃度不可能是( )A 2mol/L B 3mol/L C 4mol/L D 5mol/L【答案】D【解析】【詳解】20時，KCl的溶解度為34g，即100g水中溶解34gKCl，34gKCl的物質(zhì)的量為34/74.5mol=0.46mol，100g水的體積為100mL，忽略固體溶解引起的溶液體積變化，水的體積近似為溶液的體積，因此飽和KCl溶液的物質(zhì)的量濃

5、度為0.46/0.1molL1=4.6molL1，飽和KCl溶液的物質(zhì)的量濃度最大，實(shí)際所配溶液不一定是飽和溶液，其物質(zhì)的量濃度小于等于4.6molL1，故D正確。5下列所得溶液的物質(zhì)的量濃度等于0.1mol/L的是（）A 將0.1mol氨氣充分溶解在1L水中B 將10g質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98%的硫酸與990g水混合C 將8g三氧化硫溶于水并配成1L溶液D 將0.1mol氧化鉀溶于水并配成1L溶液【答案】C【解析】【詳解】6將質(zhì)量分?jǐn)?shù)為a %的氨水與質(zhì)量分?jǐn)?shù)為b %的氨水等質(zhì)量混合所得溶液的密度為X1；將質(zhì)量分?jǐn)?shù)為a %的氨水與質(zhì)量分?jǐn)?shù)為b %的氨水等體積混合所得溶液的密度為Y1。將質(zhì)量分?jǐn)?shù)為a %

6、的硫酸與質(zhì)量分?jǐn)?shù)為b%的硫酸等質(zhì)量混合所得溶液的密度為X2；將質(zhì)量分?jǐn)?shù)為a %的硫酸與質(zhì)量分?jǐn)?shù)為b%的硫酸等體積混合所得溶液的密度為Y2。則X1、Y1、X2、Y2的大小關(guān)系為( )A Y2X2Y1X1 B Y1X1Y2X2 C Y1X2Y2X1 D Y2X2X1Y1【答案】A【解析】度大于1g/mL時，質(zhì)量分?jǐn)?shù)越大，密度越大，故Y2X2，所以密度Y2X2Y1X1，故答案選A。7某溫度下，物質(zhì)X2SO4的飽和溶液密度為gmL1，c(X)=cmolL1 ，溶質(zhì) 的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為a% ，溶質(zhì)的摩爾質(zhì)量為Mgmol1，溶解度為Sg，下列表達(dá)式正確的是( )A c=2000a/M B a%=c/2000C

7、M=1000a%/c D S=100cM/(2000cM)【答案】D【解析】【詳解】A、X2SO4的濃度為1000a%/MmolL1，則X濃度為2000a%/MmolL1，或者為20a/MmolL1，故A錯誤；B、根據(jù)A選項分析，溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)a%=Mc/2000，故B錯誤；C、根據(jù)A選項分析，M=，故C錯誤；D、根據(jù)B選項分析，a%=Mc/2000，a%=S/(100+S)，得出S=100cM/(2000-cM)，故D正確。 8實(shí)驗室需要0.2 molL1NaOH溶液480 mL和0.5 molL1硫酸溶液500 mL。根據(jù)這兩種溶液的配制情況回答下列問題：（1）如圖所示的儀器中配制溶液肯定

8、不需要的是_(填序號)，配制上述溶液還需用到的玻璃儀器是_(填儀器名稱)。（2）下列有關(guān)容量瓶使用方法的操作中，錯誤的是_。A使用容量瓶之前應(yīng)檢查它是否漏水 B容量瓶用蒸餾水洗凈后,再用待配溶液潤洗C定容時,將蒸餾水小心倒入容量瓶中直至與刻度線齊平D配制溶液時,如果試樣是液體,用量筒量取試樣后直接倒入容量瓶中定容E蓋好瓶塞,用食指頂住瓶塞,另一只手托住瓶底,把容量瓶反復(fù)上下顛倒,搖勻（3）在配制NaOH溶液時：根據(jù)計算用托盤天平稱取NaOH的質(zhì)量為_g；若NaOH溶液在轉(zhuǎn)移至容量瓶時，灑落了少許，則所得溶液濃度_(填“”“”或“”)0.2 molL1；若NaOH固體溶解后立即移入容量瓶洗燒杯洗

9、滌液移入容量瓶定容，則所得溶液濃度_(填“”“”或“”)0.2 molL1。（4）在配制硫酸溶液時：所需質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98%、密度為1.84 gcm3的濃硫酸的體積為_(計算結(jié)果保留一位小數(shù))mL；如果實(shí)驗室有15 mL、20 mL、50 mL量筒，應(yīng)選用_mL量筒最好；配制過程中需先在燒杯中將濃硫酸進(jìn)行稀釋，稀釋時操作方法是_?！敬鸢浮緼C燒杯、玻璃棒BCD4.013.615將濃硫酸沿器壁緩緩倒入水中，并用玻璃棒不斷攪拌【解析】【分析】（1）根據(jù)配制步驟是計算、稱量、溶解、移液、洗滌、定容、搖勻、裝瓶來分析需要的儀器；（2）根據(jù)容量瓶的構(gòu)造及正確使用方法進(jìn)行解答；（3）實(shí)驗室沒有450mL容量瓶

10、，需要選用500mL容量瓶，實(shí)際上配制的溶液為500mL 0.1mol/L的氫氧化鈉溶液，根據(jù)n=cV計算出氫氧化鈉的物質(zhì)的量，再根據(jù)m=nM計算出氫氧化鈉的質(zhì)量，少量氫氧化鈉溶液灑落，配制的溶液中氫氧化鈉的物質(zhì)的量偏小，未等溶液冷卻至室溫就轉(zhuǎn)移到容量瓶中，熱的溶液體積偏大，冷卻后溶液體積變小，配制的溶液體積偏小，濃度偏高；（4）根據(jù)c=計算出濃硫酸的濃度，再根據(jù)溶液的稀釋過程中溶質(zhì)的物質(zhì)的量不變計算出需要濃硫酸的體積，根據(jù)計算結(jié)果選用量筒規(guī)格；濃硫酸密度大于水，且稀釋過程中放出大量熱，應(yīng)該將濃硫酸緩緩倒入水中。 【詳解】【點(diǎn)睛】本題考查了配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液的方法，根據(jù)c=n/V可得，一定物質(zhì)的量濃度溶液配制的誤差都是由溶質(zhì)的物質(zhì)的量n和溶液的體積V引起的，誤差分析時，關(guān)鍵要看配制過程中引起n和V怎樣的變化：若n比理論值小，或V比理論值大時，都會使所配溶液濃度偏小；若n比理論值大，或V比理論值小時，都會使所配溶液濃度偏大。