《2022-2023版高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用滾動訓(xùn)練一 新人教A版選修2-2》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2022-2023版高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用滾動訓(xùn)練一 新人教A版選修2-2(7頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、2022-2023版高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用滾動訓(xùn)練一 新人教A版選修2-2
一、選擇題
1.自變量x從x0變化到x1時,函數(shù)值的增量與相應(yīng)自變量的增量之比是函數(shù)( )
A.從x0到x1的平均變化率
B.在x=x1處的變化率
C.在x=x1處的變化量
D.在區(qū)間[x0,x1]上的導(dǎo)數(shù)
考點 平均變化率
題點 函數(shù)的平均變化率
答案 A
解析?。奖硎竞瘮?shù)從x0到x1的平均變化率.
2.下列求導(dǎo)結(jié)果正確的是( )
A.(a-x2)′=1-2x B.(2)′=3
C.(cos 60°)′=-sin 60° D.[ln(2x)]′=
考點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
2、
題點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
答案 B
解析 根據(jù)題意,依次分析選項:
對于A,(a-x2)′=a′-(x2)′=-2x,故A錯誤;
對于B,(2)′=()′=2××=3,故B正確;
對于C,(cos 60°)′=0,故C錯誤;
對于D,[ln(2x)]′=(2x)′=,故D錯誤.故選B.
3.函數(shù)y=x(1-ax)2(a>0),且y′|x=2=5,則實數(shù)a的值為( )
A. B.0
C.1 D.2
考點 導(dǎo)數(shù)乘除法則及運算
題點 導(dǎo)數(shù)乘除法則及運算
答案 C
解析 y′=(1-ax)2+x[(1-ax)2]′
=(1-ax)2+x[2(1-ax)(-a)]
3、=(1-ax)2-2ax(1-ax),
由y′|x=2=(1-2a)2-4a(1-2a)
=12a2-8a+1=5(a>0),
解得a=1.
4.曲線y=ln x在點M處的切線過原點,則該切線的斜率為( )
A.1 B.e
C.- D.
考點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
題點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
答案 D
解析 設(shè)M(x0,ln x0),
由y=ln x得y′=,
所以切線斜率k==,
所以切線方程為y-ln x0=(x-x0).
由題意得0-ln x0=(0-x0)=-1,
即ln x0=1,所以x0=e.
所以k==,故選D.
5.已知函數(shù)f(x)=asin x
4、+bx3+1(a,b∈R),f′(x)為f(x)的導(dǎo)函數(shù),則f(2 016)+f(-2 016)+f′(2 017)-f′(-2 017)等于( )
A.2 017 B.2 016
C.2 D.0
考點 導(dǎo)數(shù)的加減法則及運算
題點 導(dǎo)數(shù)的加減法則及運算
答案 C
解析 函數(shù)的導(dǎo)數(shù)f′(x)=acos x+3bx2,
則f′(x)為偶函數(shù),則f′(2 017)-f′(-2 017)
=f′(2 017)-f′(2 017)=0,
由f(x)=asin x+bx3+1,
得f(2 016)=asin 2 016+b·2 0163+1,
f(-2 016)=-asin
5、 2 016-b·2 0163+1,
則f(2 016)+f(-2 016)=2,
則f(2 016)+f(-2 016)+f′(2 017)-f′(-2 017)=2+0=2,故選C.
6.設(shè)f(x)=ln(x+1)++ax+b(a,b∈R且為常數(shù)),曲線y=f(x)與直線y=x在點(0,0)相切,則a+b的值為( )
A.-1 B.1 C.0 D.2
答案 A
解析 由y=f(x)過點(0,0)得b=-1,
∴f(x)=ln(x+1)++ax-1,
∴f′(x)=++a,
又∵曲線y=f(x)與直線y=x在點(0,0)相切,即曲線y=f(x)在點(0,0)處切線的
6、斜率為,
∴f′(0)=,即1++a=,
∴a=0,故a+b=-1,選A.
7.已知函數(shù)f(x)及其導(dǎo)數(shù)f′(x),若存在x0使得f(x0)=f′(x0),則稱x0是f(x)的一個“巧值點”.給出四個函數(shù):①f(x)=x2,②f(x)=e-x,③f(x)=ln x,④f(x)=tan x,其中有“巧值點”的函數(shù)的個數(shù)是( )
A.1 B.2
C.3 D.4
考點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
題點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
答案 B
解析 根據(jù)題意,依次分析所給的函數(shù):
①若f(x)=x2,則f′(x)=2x,由x2=2x,得x=0或x=2,這個方程顯然有解,①符合要求;
②若f(x)
7、=e-x,則f′(x)=-e-x,即e-x=-e-x,此方程無解,②不符合要求;
③f(x)=ln x,則f′(x)=,若ln x=,利用數(shù)形結(jié)合可知該方程存在實數(shù)解,③符合要求;
④f(x)=tan x,則f′(x)=,即sin xcos x=1,變形得sin 2x=2,無解,④不符合要求,故選B.
8.若函數(shù)f(x)=-eax(a>0,b>0)的圖象在x=0處的切線與圓x2+y2=1相切,則a+b的最大值為( )
A.4 B.2
C.2 D.
考點 簡單復(fù)合函數(shù)的導(dǎo)數(shù)
題點 簡單復(fù)合函數(shù)的導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用
答案 D
解析 函數(shù)的導(dǎo)數(shù)為f′(x)=-eax·a,
8、所以f′(0)=-e0·a=-,
即在x=0處的切線斜率k=-,
又f(0)=-e0=-,
所以切點坐標為,
所以切線方程為y+=-x,即ax+by+1=0.
圓心到直線ax+by+1=0的距離d==1,
即a2+b2=1,所以a2+b2=1≥2ab,即0
9、數(shù)
題點 常數(shù)、冪函數(shù)的導(dǎo)數(shù)
答案
解析 ∵函數(shù)f(x)=mxm-n的導(dǎo)數(shù)為
f′(x)=m(m-n)xm-n-1,
∴m(m-n)=8且m-n-1=3,解得m=2,n=-2,
由此可得mn=2-2=.
10.若某物體做運動方程為s=(1-t)2(位移單位為m,時間單位為s)的直線運動,則其在t=1.2 s時的瞬時速度v為________ m/s.
考點 導(dǎo)數(shù)的幾何意義的應(yīng)用
題點 導(dǎo)數(shù)的物理意義
答案 0.4
解析 ∵s=t2-2t+1,∴s′=2t-2,
∴v=s′|t=1.2=2×1.2-2=0.4(m/s).
11.函數(shù)f(x)=x(x-1)(x-2)(x-
10、3)(x-4)的導(dǎo)數(shù)為f′(x),則f′(1)=________.
考點 導(dǎo)數(shù)的乘除法則及運算
題點 導(dǎo)數(shù)的乘除法則及運算
答案?。?
解析 ∵f(x)=x(x-1)(x-2)(x-3)(x-4),
令g(x)=x(x-2)(x-3)(x-4),
則f(x)=(x-1)g(x)
∴f′(x)=(x-1)′g(x)+(x-1)g′(x)
=g(x)+(x-1)g′(x),
則f′(1)=g(1)+(1-1)g′(1)=g(1),
∵g(1)=1×(1-2)(1-3)(1-4)=-6,
∴f′(1)=g(1)=-6.
12.若點P是曲線y=x2-ln x上任意一點,則點P到
11、直線y=x-2的最小距離為________.
考點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
題點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
答案
解析 令y′=2x-=1,得x=1,
故當點P坐標為(1,1)時,它到已知直線的距離最小,最小距離d==.
三、解答題
13.已知a>0,f(x)=ax2-2x+1+ln(x+1),l是曲線y=f(x)在點P(0,f(0))處的切線,求切線l的方程.
考點 求函數(shù)在某點處的切線方程
題點 求函數(shù)在某點處的切線方程
解 ∵f(x)=ax2-2x+1+ln(x+1),f(0)=1,
∴f′(x)=2ax-2+,∴f′(0)=-1,
∴切點P的坐標為(0,1),l的斜率為-1,
12、
∴切線l的方程為x+y-1=0.
四、探究與拓展
14.已知函數(shù)f(x)=cos x+e-x+x2 016,令f1(x)=f′(x),f2(x)=f1′(x),f3(x)=f2′(x),…,fn+1(x)=fn′(x),則f2 017(x)等于( )
A.-sin x+e-x B.cos x-e-x
C.-sin x-e-x D.-cos x+e-x
考點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
題點 導(dǎo)數(shù)公式的應(yīng)用
答案 C
解析 f1(x)=f′(x)=-sin x-e-x+2 016x2 015,
f2(x)=f1′(x)=-cos x+e-x+2 016×2 015×x2 014
13、,
f3(x)=f2′(x)=sin x-e-x+2 016×2 015×2 014x2 013,
f4(x)=f3′(x)=cos x+e-x+2 016×2 015×2 014×2 013x2 012,
…,
∴f2 016(x)=f′2 015(x)=cos x+e-x+2 016×2 015×2 014×2 013×…×1,
∴f2 017(x)=-sin x-e-x,故選C.
15.已知函數(shù)f(x)=x3-3x及曲線y=f(x)上一點P(1,-2),過點P作直線l.
(1)若直線l與曲線y=f(x)相切于點P,求直線l的方程;
(2)若直線l與曲線y=f(x)相切,
14、且切點異于點P,求直線l的方程.
考點 求函數(shù)過某點的切線方程
題點 求函數(shù)過某點的切線方程
解 (1)由f(x)=x3-3x,得f′(x)=3x2-3.
過點P且以P(1,-2)為切點的直線l的斜率為f′(1)=0,
故所求直線l的方程為y=-2.
(2)設(shè)過點P(1,-2)的直線l與曲線y=f(x)相切于點(x0,x-3x0).
由f′(x0)=3x-3,
得直線l的方程為y-(x-3x0)=(3x-3)(x-x0).
又直線l過點P(1,-2),
所以-2-(x-3x0)=(3x-3)(1-x0),
即(x0-1)2(x0+2)=3(x-1)(x0-1),
解得x0=1(舍去)或x0=-,
故直線l的斜率k=-,
故直線l的方程為y-(-2)=-(x-1),
即9x+4y-1=0.