2022高考物理總復(fù)習(xí) 選擇題增分練（二）

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1、2022高考物理總復(fù)習(xí) 選擇題增分練（二） 說(shuō)明：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分． 1．氫原子的能級(jí)示意圖如圖所示，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)，會(huì)輻射出若干種不同頻率的光，若用這些光照射逸出功為4.5 eV的鎢時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．氫原子能輻射4種不同頻率的光子 B．氫原子輻射的光子都能使鎢發(fā)生光電效應(yīng) C．氫原子輻射一個(gè)光子后，氫原子的核外電子的速率增大 D．鎢能吸收兩個(gè)從n＝4向n＝2能級(jí)躍遷的光子而發(fā)生光電

2、效應(yīng) 解析：選C.氫原子從n＝4能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)能輻射6種不同頻率的光子．從n＝4到n＝3躍遷輻射出的光子能量E43＝(1.51－0.85)eV＝0.66 eV＜4.54 eV，故不能使鎢發(fā)生光電效應(yīng)；氫原子輻射一個(gè)光子后，能級(jí)降低，半徑變小，動(dòng)能變大，速率增大；金屬發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，不能同時(shí)吸收兩個(gè)光子；綜上述選項(xiàng)C正確． 2．如圖所示，一定質(zhì)量的小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))用輕質(zhì)細(xì)線固定懸掛在天花板上．在水平拉力F作用下，當(dāng)細(xì)線與豎直方向夾角為30°時(shí)小物體恰能處于平衡狀態(tài)．若對(duì)小物體施加同樣大小的拉力，方向垂直于細(xì)線，仍然使物體處于平衡狀態(tài)．則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．小物體所受到的

3、重力大小為F B．當(dāng)施加水平方向作用力時(shí)細(xì)線受到沿線方向的拉力大小等于F C．當(dāng)施加垂直于細(xì)線方向的拉力時(shí)，細(xì)線受到沿線方向的拉力大小等于2F D．當(dāng)施加垂直于細(xì)線方向的拉力時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角大于60° 解析：選A.對(duì)小物體受力分析，根據(jù)平衡條件可得tan 30°＝，F(xiàn)Tsin 30°＝F，解得小物體所受到的重力大小mg＝F，細(xì)線受到沿線方向的拉力大小FT＝＝2F，故A正確，B錯(cuò)誤；當(dāng)施加垂直于細(xì)線方向的拉力時(shí)，根據(jù)平衡條件可得FT＝＝F，解得細(xì)線受到沿線方向的拉力大小FT＝F，故C錯(cuò)誤；當(dāng)施加垂直于細(xì)線方向的拉力時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角θ，則有mgsin θ＝F，解得細(xì)線與豎直

4、方向的夾角sin θ＝＜sin 60°，故D錯(cuò)誤；故選A. 3．如圖所示，在光滑水平面上有一靜止小車，小車上靜止地放置著一小物塊，物塊和小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.3，用水平恒力F拉動(dòng)小車，設(shè)物塊的加速度為a1，小車的加速度為a2，重力加速度g取10 m/s2.當(dāng)水平恒力F取不同值時(shí)，a1與a2的值可能為(　　) A．a(chǎn)1＝2 m/s2，a2＝3 m/s2 B．a(chǎn)1＝3 m/s2，a2＝2 m/s2 C．a(chǎn)1＝5 m/s2，a2＝3 m/s2 D．a(chǎn)1＝3 m/s2，a2＝5 m/s2 解析：選D.由受力分析可知物塊的加速度取決于M對(duì)物塊的摩擦力，即Ff＝ma1，且Ff的最大值為F

5、fm＝μmg，即a1的最大值為a1m＝μg＝3 m/s2.當(dāng)二者相對(duì)靜止一起加速時(shí)，a1＝a2≤3 m/s2.當(dāng)F較大時(shí)，m與M發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，a1＝3 m/s2，a2＞3 m/s2，綜上所述只有選項(xiàng)D符合題意． 4．如圖所示，A為置于地球赤道上的物體，B為繞地球橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，C為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，B、C運(yùn)行軌道與赤道在同一平面內(nèi)，P為B、C兩衛(wèi)星軌道的交點(diǎn)，已知A、B、C繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．衛(wèi)星B在近地點(diǎn)的速度大于衛(wèi)星C的速度 B．衛(wèi)星B在P點(diǎn)的加速度大于衛(wèi)星C的加速度 C．衛(wèi)星C的運(yùn)行速度小于物體A的速度 D．衛(wèi)星C和物體A具有相同大

6、小的加速度 解析：選A.B在橢圓軌道上的近地點(diǎn)距地球距離小于C衛(wèi)星的軌道半徑，因?yàn)锽在近地點(diǎn)將做離心運(yùn)動(dòng)，故B在近地點(diǎn)速度大于在近地點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星速度，再根據(jù)衛(wèi)星速度公式v＝ ，可知，近地點(diǎn)環(huán)繞速度大于C衛(wèi)星的速度，從而可知，B在近地點(diǎn)的速度大于衛(wèi)星C的速度，故A正確；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力：G＝ma，解得：a＝G，在P點(diǎn)，G、M、r都相同，所以衛(wèi)星B在P點(diǎn)的加速度大小與衛(wèi)星C在P點(diǎn)加速度大小相等，故B錯(cuò)誤；因?yàn)锳、B、C繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同，所以A、B、C的角速度相等，衛(wèi)星C做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大于A的半徑，由v＝ωr可知，C的線速度大于A的線速度，故C錯(cuò)誤；根據(jù)a＝ω2r，可知因?yàn)樾l(wèi)星C

7、做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大于A的半徑，所以衛(wèi)星C加速度大于物體A的加速度，故D錯(cuò)誤．故A正確，BCD錯(cuò)誤． 5．如圖所示，以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓周上有六個(gè)等分點(diǎn)a、b、c、d、e、f，等量正、負(fù)點(diǎn)電荷分別放置在a、d兩點(diǎn)時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．b、c、e、f四點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同 B．b、c、e、f四點(diǎn)的電勢(shì)相等 C．O點(diǎn)的電勢(shì)高于b、c、e、f四點(diǎn)的電勢(shì) D．將一帶正電的試探電荷從O點(diǎn)移到e點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功 解析：選D.由題意可知，兩點(diǎn)電荷在e、f處的電場(chǎng)強(qiáng)度各自進(jìn)行矢量合成，則e、f處場(chǎng)強(qiáng)大小相等，而方向不相同，同理b、c電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤．依據(jù)等量異種電荷，等勢(shì)線

8、的分布，可知，b、f二點(diǎn)的電勢(shì)相等，而c、e二點(diǎn)的電勢(shì)相等，且b、f二點(diǎn)的電勢(shì)高于c、e二點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，因此O點(diǎn)的電勢(shì)高于c、e二點(diǎn)的電勢(shì)，而低于b、f二點(diǎn)的電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；將一帶正電的試探電荷從O點(diǎn)移到e點(diǎn)，即從高電勢(shì)移動(dòng)低電勢(shì)，那么電勢(shì)能降低，因此電場(chǎng)力做正功，故D正確；故選D. 6．如圖所示為某興趣小組設(shè)計(jì)的一種發(fā)電裝置，在磁極和圓柱狀鐵芯之間形成的兩磁場(chǎng)區(qū)域的圓心角α均為π，磁場(chǎng)均沿半徑方向；矩形線圈abcd(d點(diǎn)未在圖中標(biāo)出)的匝數(shù)為N，其邊長(zhǎng)ab＝cd＝l，bc＝ad＝2l；線圈的總電阻為r，外接電阻為R；線圈以角速度ω繞中心軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，b

9、c邊和ad邊同時(shí)進(jìn)、出磁場(chǎng)．在磁場(chǎng)中，bc邊和ad邊所經(jīng)過(guò)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向始終與兩邊的運(yùn)動(dòng)方向垂直．則(　　) A．bc邊和ad邊在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為NBl2ω B．bc邊和ad邊在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，bc邊所受安培力的大小為 C．通過(guò)R的電流有效值為 D．通過(guò)R的電流有效值為 解析：選BD.bc、ad邊的運(yùn)動(dòng)速度v＝ω，電動(dòng)勢(shì)Em＝2NB2Lv＝2NBl2ω，A錯(cuò)誤；根據(jù)歐姆定律得，電流Im＝，bc邊所受安培力為F＝NBIm2l＝，故B項(xiàng)正確；因?yàn)閮纱艌?chǎng)的圓心角為π，故一個(gè)周期內(nèi)通電時(shí)間t＝T，由有效值定義知：I(R＋r)T＝I2(R＋r)T，解得I＝，

10、故選項(xiàng)D正確． 7．(多選)質(zhì)量為M的足夠長(zhǎng)的木板B放在光滑水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m的滑塊A(可視為質(zhì)點(diǎn))放在木板上，設(shè)滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，如圖甲所示．木板B受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí)，用傳感器測(cè)出木板B的加速度a，得到如圖乙所示的a-F圖象，取g＝10 m/s2，則(　　) A．滑塊A的質(zhì)量m＝1.5 kg B．木板B的質(zhì)量M＝1.5 kg C．當(dāng)F＝5 N時(shí)，木板B的加速度a＝4 m/s2 D．滑塊A與木板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.1 解析：選AC.由圖乙知，當(dāng)F＝4 N時(shí)A、B相對(duì)靜止，加速度為a＝2 m/s2，對(duì)整體分析：F＝(m＋M)a，解得

11、m＋M＝2 kg，當(dāng)F＞4 N時(shí)，A、B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)B有：a＝＝F－，由圖象可知，圖線的斜率：k＝＝＝2 kg－1，解得M＝0.5 kg，則滑塊A的質(zhì)量為：m＝1.5 kg，故A正確，B錯(cuò)誤；將F＞4 N所對(duì)圖線反向延長(zhǎng)線與F軸交點(diǎn)坐標(biāo)代入α＝F－，解得μ＝0.2，故D錯(cuò)誤；根據(jù)F＝5 N＞4 N時(shí)，滑塊與木塊相對(duì)滑動(dòng)，B的加速度為aB＝F－μ＝4 m/s2，故C正確． 8．如圖所示，傾角θ＝60°、高為h的粗糙絕緣斜面體ABC固定在水平地面上，一個(gè)帶負(fù)電的小球(可視為點(diǎn)電荷)固定在BC邊上距B點(diǎn)高處的D點(diǎn)，可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電的小物塊Q靜止于斜面底端的A點(diǎn)，此時(shí)小物塊Q恰好不接觸地面且與

12、斜面間的摩擦力為0.已知小物塊Q與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝，小物塊Q所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．小物塊Q靜止于A點(diǎn)時(shí)所受的庫(kù)侖力與其重力大小相等 B．若要拉動(dòng)小物塊Q，使之沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，則拉力的最小值為mg C．在拉動(dòng)小物塊Q緩慢沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，當(dāng)其所受摩擦力最大時(shí)，系統(tǒng)的電勢(shì)能也最大 D．若緩慢地將小物塊Q從A點(diǎn)拉動(dòng)至C點(diǎn)，則外力做功等于小物塊Q重力勢(shì)能的增加量與系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量之和 解析：選AD.小物塊Q靜止于A點(diǎn)時(shí)，恰好不接觸地面且與斜面間的摩擦力為0，對(duì)小物塊Q受力分析且由幾何關(guān)系可知，小物塊Q所受庫(kù)侖引力與水

13、平面夾角為30°，則沿斜面方向?qū)π∥飰KQ由平衡條件得mgsin 60°＝F庫(kù)cos 30°，解得F庫(kù)＝mg，A正確．小物塊Q運(yùn)動(dòng)時(shí)，除拉力外的受力如圖甲所示，庫(kù)侖力與重力大小相等，且二者夾角為120°，故庫(kù)侖力與重力的合力大小為F2＝mg，合力在重力與庫(kù)侖力的角平分線上，方向與重力方向夾角為60°，由題給數(shù)據(jù)知小物塊Q所受支持力與滑動(dòng)摩擦力的合力F1方向沿水平方向向右．如圖乙所示，由圖解法可得，滿足拉力與F1方向垂直時(shí)，拉力最小，最小值為mgsin 30°＝mg，B錯(cuò)誤．在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小物塊Q與D點(diǎn)距離最近時(shí)，所受的庫(kù)侖力最大，與斜面間彈力最大，滑動(dòng)摩擦力最大，此時(shí)系統(tǒng)的電勢(shì)能最小，C錯(cuò)誤．DA＝DC，小物塊Q在A、C兩點(diǎn)電勢(shì)能相等，由能量守恒可知，若緩慢地將小物塊Q從A點(diǎn)拉動(dòng)至C點(diǎn)，則外力做功等于小物塊Q的重力勢(shì)能增加量與系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量之和，D正確．