（浙江專用）2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí)優(yōu)選習(xí)題 專題四 電路與電磁感應(yīng) 提升訓(xùn)練13 恒定電流

《（浙江專用）2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí)優(yōu)選習(xí)題 專題四 電路與電磁感應(yīng) 提升訓(xùn)練13 恒定電流》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專用）2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí)優(yōu)選習(xí)題 專題四 電路與電磁感應(yīng) 提升訓(xùn)練13 恒定電流（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（浙江專用）2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí)優(yōu)選習(xí)題 專題四 電路與電磁感應(yīng) 提升訓(xùn)練13 恒定電流1.(2018年4月浙江選考)杭州市正將主干道上的部分高壓鈉燈換成LED燈。已知高壓鈉燈功率為400 W,LED燈功率為180 W,若更換4 000盞,則一個(gè)月可節(jié)約的電能約為()A.9103 kWhB.3105 kWhC.6105 kWhD.11012 kWh2.(2018年9月桐鄉(xiāng)高三模擬)某掃地機(jī)器人內(nèi)置鋰電池容量為2 250 mAh,在一般狀況下,充滿一次電可供其運(yùn)行的時(shí)間為45 min。已知該掃地機(jī)器人額定功率54 W,則下列說(shuō)法正確的是()A.掃地機(jī)器人正常工作時(shí)的電流是2.25 AB.

2、掃地機(jī)器人正常工作時(shí)額定電壓為18 VC.掃地機(jī)器人工作時(shí)的內(nèi)阻為6 D.掃地機(jī)器人電池充滿電之后的電能為4.374105 J3.(2018年3月浙江十校聯(lián)盟高三適應(yīng)性考試)太陽(yáng)能路燈是采用晶體硅太陽(yáng)能電池供電,用代替?zhèn)鹘y(tǒng)公用電力照明的路燈,白天太陽(yáng)能電池對(duì)蓄電池充電,晚上蓄電池的電能供給路燈照明。太陽(yáng)光垂直照射到地面上時(shí),單位面積的輻射功率為P0=1.0103 W/m2。某一太陽(yáng)能路燈供電系統(tǒng)對(duì)一盞LED燈供電,太陽(yáng)能電池的光電轉(zhuǎn)換效率為12%左右,電池板面積1 m2,采用一組24 V的蓄電池(總?cè)萘?00 Ah),LED路燈規(guī)格為“40 W24 V”,蓄電池放電預(yù)留20%容量,下列說(shuō)法正確

3、的是()A.蓄電池的放電電流約為0.6 AB.一盞LED燈每天消耗的電能約為0.96 kWhC.該太陽(yáng)能電池板把光能轉(zhuǎn)換為電能的功率約為40 WD.平時(shí)把該蓄電池充滿所需要的最大能量約為5.76 kWh4.(2016浙江名校協(xié)作體高三,12)如圖為某智能手機(jī)電池上的信息,電池支持“9 V2 A”快充技術(shù),電池充滿僅需約1.3小時(shí),輕度使用狀態(tài)可使用一天。下列說(shuō)法正確的是()A.9.88 Wh為該電池的電量B.4.35 V為該電池的電動(dòng)勢(shì)C.輕度使用時(shí)的平均功率約1 WD.根據(jù)數(shù)據(jù)可以計(jì)算得到該電池的容量約為2 600 mAh5.如圖甲所示,不計(jì)電表對(duì)電路的影響,改變滑動(dòng)變阻器的滑片位置,測(cè)得電

4、壓表V1和V2隨電流表A的示數(shù)變化規(guī)律如圖乙中a、b所示,下列判斷正確的是()圖線a的延長(zhǎng)線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值等于電源電動(dòng)勢(shì)圖線b斜率的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻圖線a、b交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)之積等于此狀態(tài)下電源的輸出功率圖線a、b交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)之積等于此狀態(tài)下電阻R0消耗的功率A.B.C.D.6.一個(gè)阻值為R的電阻兩端加上電壓U后,通過(guò)電阻橫截面的電荷量q隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示,此圖象的斜率可表示為( )A.UB.RC.D.7.(2016上海單科,13)電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的能力,因此()A.電動(dòng)勢(shì)是一種非靜電力B.電動(dòng)勢(shì)越大,表明電源儲(chǔ)存的電能越多C.電動(dòng)勢(shì)的大小是非

5、靜電力做功能力的反映D.電動(dòng)勢(shì)就是閉合電路中電源兩端的電壓8.如圖所示,電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為E、r,R0=r,滑動(dòng)變阻器的滑片P由a向b緩慢移動(dòng),則在此過(guò)程中()A.電壓表V1的示數(shù)一直增大B.電壓表V2的示數(shù)先增大后減小C.電源的總功率先增大后減小D.電源的輸出功率先減小后增大9.某發(fā)電站用交流電壓遠(yuǎn)距離輸電,在輸送功率不變的前提下,若輸電電壓降低為原來(lái)的,則下面說(shuō)法正確的是()A.因I=,所以輸電線上的電流減為原來(lái)的B.因I=,所以輸電線上的電流增為原來(lái)的倍C.因P=,所以輸電線上損失的功率為原來(lái)的D.若要使輸電線上損失的功率不變,可將輸電線的電阻減為原來(lái)的10.如圖所示電路,電源內(nèi)阻

6、不可以忽略。電壓表與電流表均為理想電表,R1、R2為定值電阻,開(kāi)關(guān)S閉合后,在滑動(dòng)變阻器R0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過(guò)程中()A.電壓表與電流表示數(shù)都減小B.電壓表與電流表示數(shù)都增大C.電壓表示數(shù)增大,電流表示數(shù)減小D.電壓表示數(shù)減小,電流表示數(shù)增大11.(2018屆“七彩陽(yáng)光”聯(lián)盟高三上期初聯(lián)考)電飯鍋給我們的生活帶來(lái)方便。電飯鍋工作時(shí)有兩種狀態(tài),一種是鍋內(nèi)水燒干前的加熱狀態(tài),另一種是燒干后的保溫狀態(tài)。如圖是電飯鍋的電路圖,其中R1=R2,則下列判斷正確的是()A.自動(dòng)開(kāi)關(guān)S接通后,電飯鍋處于保溫狀態(tài)B.保溫時(shí)的電流是加熱時(shí)的一半C.在保溫狀態(tài)下R2的功率是加熱時(shí)的一半D.電飯鍋在保溫狀態(tài)下的功率

7、是加熱時(shí)的一半12.(2017江蘇小高考,25)如圖所示電路中,閉合開(kāi)關(guān)S后,增大滑動(dòng)變阻器R的阻值,則電流表A的讀數(shù)將(選填“變大”或“變小”),電阻R0消耗的功率將(選填“變大”或“變小”)。13.如圖所示,是一提升重物用的直流電動(dòng)機(jī)工作時(shí)的電路圖。電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻r=1 ,電路中另一電阻R=20 ,直流電壓U=200 V,電壓表示數(shù)UV=120 V。(g取10 m/s2)(1)求通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流;(2)求輸入電動(dòng)機(jī)的電功率;(3)若電動(dòng)機(jī)以v=1 m/s勻速豎直向上提升重物,求該重物的質(zhì)量。提升訓(xùn)練13恒定電流1.B2.B3.D解析 蓄電池的放電電流為I= A1.67 A,故A錯(cuò)誤;一盞LE

8、D燈的功率為40 W,每天平均使用按10小時(shí)算,每天消耗的電能約為W=Pt=40 W10 h=0.4 kWh,故B錯(cuò)誤;太陽(yáng)能電池板把光能轉(zhuǎn)化為電能的功率P=P0S15%=1.0103115% W=150 W,故C錯(cuò)誤;把蓄電池完全充滿電,假設(shè)太陽(yáng)能電池板全部用于對(duì)蓄電池充電,需能量為E=80%qU=5.76 kWh,故D正確。4.D5.C解析 當(dāng)變阻器向右滑動(dòng)時(shí),電阻減小,電流增大,電壓表V2的示數(shù)增大,V1的示數(shù)減小,所以b是電壓表V2示數(shù)的變化情況,a是電壓表V1示數(shù)的變化情況。當(dāng)外電路電阻無(wú)限大時(shí),電路中電流為0,故此時(shí)電壓表V1的示數(shù)就是a的延長(zhǎng)線交縱軸的坐標(biāo)值,它等于電源的電動(dòng)勢(shì),

9、正確;圖線b斜率的絕對(duì)值等于電阻R0的阻值,錯(cuò)誤;圖線a、b交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)之積既等于此狀態(tài)下電源的輸出功率,也等于電阻R0消耗的功率,正確,故選項(xiàng)C正確。6.C解析 題干給出的圖象是q-t圖象,其斜率為=I,所以斜率代表的是電流,根據(jù)歐姆定律,有I=,故選C。7.C解析 電動(dòng)勢(shì)是表征電源非靜電力做功本領(lǐng)的物理量,電動(dòng)勢(shì)不是力,所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤,選項(xiàng)C正確;電動(dòng)勢(shì)越大,說(shuō)明移動(dòng)單位電荷量做的功越多,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;電動(dòng)勢(shì)和電壓從本質(zhì)上講性質(zhì)不同,所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤。8.D解析 由題圖看出,變阻器兩側(cè)電阻并聯(lián)后與R0串聯(lián),滑片P由a向b緩慢移動(dòng)的過(guò)程中,變阻器的總電阻先增大后減小,外電路總電阻先增大后減小

10、,由閉合電路歐姆定律得知,干路電流先減小后增大,則路端電壓先增大后減小,R0的電壓先減小后增大,故電壓表V1的示數(shù)先增大后減小,電壓表V2的示數(shù)先減小后增大,故A、B錯(cuò)誤。由于干路電流先減小后增大,由公式P=EI可知,電源的總功率先減小后增大,故C錯(cuò)誤。根據(jù)推論外電路總電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí),電源的輸出功率最大,由題意,R0=r,則知電源的輸出功率先減小后增大,故D正確。9.B解析 輸送的功率一定,根據(jù)P=UI,知輸電電壓越高,輸電電流越小,若輸電電壓變?yōu)樵瓉?lái)的,則電流增大到倍,A錯(cuò)誤,B正確;電流增大到倍,根據(jù)P損=I2R,可知電線上損失的功率為原來(lái)的2倍,C錯(cuò)誤;若要使輸電線上損失的功率不變

11、,根據(jù)P損=I2R,可將輸電線的電阻減為原來(lái)的2,D錯(cuò)誤。10.D解析 當(dāng)滑片下移時(shí),滑動(dòng)變阻器接入電阻減小,則外電路總電阻減小,電路中總電流增大,則電流表的示數(shù)增大;電源的內(nèi)電壓增大,則由閉合電路歐姆定律可知,電路的路端電壓減小,故電壓表示數(shù)減小。故D正確,A、B、C錯(cuò)誤。11.C解析 當(dāng)接通S時(shí),電阻變小,功率變大,處于加熱狀態(tài);當(dāng)斷開(kāi)S時(shí),電阻變大,功率變小,處于保溫狀態(tài),故A錯(cuò)誤;當(dāng)開(kāi)關(guān)S接通時(shí)電飯鍋為加熱狀態(tài),I=;S斷開(kāi)時(shí)為保溫狀態(tài),I=I,故B錯(cuò)誤;要使R2在保溫狀態(tài)時(shí)的功率為加熱狀態(tài)的一半,由P=I2R可得:電阻R2在保溫與加熱狀態(tài)下的電流之比為12,故C正確;由P=得電飯鍋在

12、保溫狀態(tài)下的功率是加熱時(shí)的,故D錯(cuò)誤。12.答案 變小變小解析 根據(jù)閉合電路歐姆定律,有I=,故增大滑動(dòng)變阻器R的阻值后,電流減小。根據(jù)P=I2R0,電阻R0消耗的功率將變小。13.答案 (1)4 A(2)480 W(3)46.4 kg解析 (1)由電路中的電壓關(guān)系可得電阻R的電壓UR=U-UV=(200-120) V=80 V流過(guò)電阻R的電流IR= A=4 A即通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流IM=IR=4 A。(2)電動(dòng)機(jī)的電壓UM=UV=120 V輸入電動(dòng)機(jī)的功率P電=IMUM=480 W。(3)電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率P熱=r=16 W電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P出=P電-P熱=464 W又因P出=mgv,所以m=46.4 kg。