（浙江專用）2022年高考物理大二輪復習優(yōu)選習題 專題綜合訓練1

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1、（浙江專用）2022年高考物理大二輪復習優(yōu)選習題 專題綜合訓練11.物體做初速度為零的勻加速直線運動,第5 s內(nèi)的位移是18 m,則()A.物體的加速度是2 m/s2B.物體在第5 s內(nèi)的平均速度是3.6 m/sC.物體在第1 s內(nèi)的位移是3 mD.物體在5 s內(nèi)的位移是50 m2.如圖所示為建筑工地上一種塔吊吊籃,塔吊吊起重物,從地面由靜止開始以a=0.5 m/s2的加速度豎直向上運動,然后勻速上升。吊籃與重物的總質(zhì)量M=500 kg,四條鋼索與豎直方向的夾角均為60,g取10 m/s2。當?shù)趸@加速上升時,每根鋼索中拉力大小為()A.1 250 NB.2 520 NC.2 625 ND.5

2、250 N3.一物體從地面某處被豎直向上拋出,不計空氣阻力,它在上升過程中的第1 s內(nèi)和最后1 s內(nèi)的位移之比為75。若g取10 m/s2,則物體能上升的最大高度是()A.35 mB.25 mC.12 mD.7.2 m4.如圖所示,ab、ac是豎直平面內(nèi)兩根固定的光滑細桿,a、b、c位于同一圓周上,O為該圓的圓心,ab經(jīng)過圓心。每根桿上都套著一個小滑環(huán),兩個滑環(huán)分別從b、c點無初速釋放,用v1、v2分別表示滑環(huán)到達a點的速度大小,用t1、t2分別表示滑環(huán)到達a所用的時間,則()A.v1=v2B.v1v2C.t1=t2D.t16 sB.t=6 sC.4 stv2,選項A、B錯誤;過a點作豎直線,

3、分別作經(jīng)過c點和b點的等時圓的豎直直徑如圖;由圖可知過c點的等時圓的直徑較大,則時間長,即t1t2,故選項D正確,C錯誤。5.C解析 如圖1所示,對O點受力分析,OA、OC兩根繩的合力等于物體的重力,其大小和方向都不變,OA繩拉力方向不變,根據(jù)平行四邊形定則知OC繩上拉力F1先減小后增大。如圖2所示,假設AO與豎直方向的夾角為,由平衡條件得F2=Gsin ,減小,則F2逐漸減小,C正確。6.A解析 將籃球的運動反向處理,即為平拋運動,第二次下落的高度較小,所以運動時間較短,故A正確;水平射程相等,由x=v0t知第二次水平分速度較大,即籃球第二次撞墻的速度較大,故B錯誤;由vy=gt可知,第二次

4、拋出時速度的豎直分速度較小,故C錯誤;根據(jù)速度的合成可知,不能確定拋出時的速度大小,動能大小不能確定,故D錯誤。7.D解析 設剎車做勻減速直線運動的加速度為a,運動總時間為t,把剎車做勻減速直線運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運動,則有最后3 s內(nèi)通過的位移x2=at2=a,在最初3 s內(nèi)通過的位移x1=at2-a(t-3)2=a(6t-9),又x1x2=53,解得t=4 s,D正確。8.C解析 兩水平拉力大小相等,物體受力平衡,此時彈簧測力計的示數(shù)等于20 N,選項A、B錯誤;在突然撤去F2的瞬間,因為彈簧的彈力不能發(fā)生突變,所以m2的加速度a2= m/s2=5 m/s2,故C正確;撤去

5、F1后,當A、B加速度相同時滿足,代入數(shù)據(jù)解得:FT=4 N,選項D錯誤。9.BC解析 平拋運動時的加速度為g,在斜面上運動時的加速度為a=gsin ,所以小球在斜面上運動的加速度比平拋運動時的小,A錯誤,B正確;無論有沒有斜面都只是重力在做功,根據(jù)能量守恒mgh+mv2,可知撤去斜面,小球仍從O點以相同速度水平拋出,落地速率不變,C正確;由于小球在斜面上運動的加速度為a=gsin ,豎直分加速度為ay=asin =gsin2rA,則當角速度逐漸增大時,小球B先接觸轉(zhuǎn)臺邊沿,選項D正確。13.B解析 v-t線的斜率等于加速度,則0t1內(nèi)表演者的加速度逐漸減小,選項B正確;因0t1內(nèi)表演者不是做

6、勻加速運動,則平均速度不等于,選項A錯誤;t1t2內(nèi)表演者的加速度逐漸減小,不是勻減速運動,則其平均速度不等于,選項C錯誤;若t1t2內(nèi)表演者做勻減速運動,則位移為x=(t2-t1),而由圖象的面積等于位移可知,t1t2內(nèi)表演者的位移小于(t2-t1),選項D錯誤,故選B。14.CD解析 因小環(huán)光滑,則當系統(tǒng)靜止時,OA段繩子垂直水平橫桿,如圖所示,對小環(huán)B以及結點O所組成的系統(tǒng)受力分析可知,OA段繩中的張力等于小環(huán)B的重力G,則力F緩慢增大時,OA段繩中的張力始終等于G不變,選項A錯誤;對A、B環(huán)組成的整體,豎直方向FNA=GA+GB=2G,選項B錯誤;根據(jù)小環(huán)B的受力情況可知,FTOBG;

7、若設OB段繩與豎直方向的夾角為,則Fcos =FTOA=G,則隨F的增大,變大,由FTOBcos =G可知FTOB變大,選項C、D正確。15.答案 (1)9 s(2)a2 m/s2解析 (1)設所用時間為t,則v0=8 m/s;x=45 m,x=v0t+at2,解得t=9 s。(2)設前鋒隊員恰好在底線追上足球,加速過程中加速度為a,若前鋒隊員一直勻加速運動,則其平均速度v=,即v=5 m/s;而前鋒隊員的最大速度為6 m/s,故前鋒隊員應該先加速后勻速。設加速過程中用時為t1,則t1=勻加速運動的位移x1=解得x1=勻速運動的位移x2=vm(t-t1),即x2=6(9-t1)而x1+x2=4

8、5 m解得a=2 m/s2故該隊員要在球出底線前追上足球,加速度應該大于或等于2 m/s2。16.答案 (1)0.75 m(2)1.64 m(3)7.89 m解析 (1)小球從A點做平拋運動,經(jīng)過時間t落到傾斜導軌上的P點,水平位移x,豎直位移y,有x=v0ty=gt2tan 37=由上述公式得t=0.3 sP點位置,即距拋出點l=0.75 m(2)由恰好經(jīng)過圓的最高點D,在D點時mg=m得vD= m/sP到D,由能量守恒得+mg(H-lsin )-mgx0=+2mgR解得x0=1.64 m(3)從B點到小球停留位置,設其距離為x,由能量守恒得+mg(H-lsin )=mgx得x=7.89 m