《2020屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題4 統(tǒng)計(jì)與概率、排列與組合、算法初步、復(fù)數(shù) 第2講 統(tǒng)計(jì)與概率練習(xí) 理》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2020屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題4 統(tǒng)計(jì)與概率、排列與組合、算法初步、復(fù)數(shù) 第2講 統(tǒng)計(jì)與概率練習(xí) 理(7頁珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、第2講 統(tǒng)計(jì)與概率
專題復(fù)習(xí)檢測(cè)
A卷
1.(2018年新課標(biāo)Ⅲ)若某群體中的成員只用現(xiàn)金支付的概率為0.45,既用現(xiàn)金支付也用非現(xiàn)金支付的概率為0.15,則不用現(xiàn)金支付的概率為( )
A.0.3 B.0.4
C.0.6 D.0.7
【答案】B
2.以下莖葉圖記錄了甲、乙兩組各6名學(xué)生在一次數(shù)學(xué)測(cè)試中的成績(單位:分).已知甲組數(shù)據(jù)的眾數(shù)為124,乙組數(shù)據(jù)的平均數(shù)即為甲組數(shù)據(jù)的中位數(shù),則x,y的值分別為( )
A.4,5 B.5,4
C.4,4 D.5,5
【答案】A
3.(2019年新課標(biāo)Ⅲ)《西游記》《三國演義》《水滸傳》和《紅
2、樓夢(mèng)》是中國古典文學(xué)瑰寶,并成為中國古典小說四大名著.某中學(xué)為了了解本校學(xué)生閱讀四大名著的情況,隨機(jī)調(diào)查了100位學(xué)生,其中閱讀過《西游記》或《紅樓夢(mèng)》的學(xué)生共有90位,閱讀過《紅樓夢(mèng)》的學(xué)生共有80位,閱讀過《西游記》且閱讀過《紅樓夢(mèng)》的學(xué)生共有60位,則該學(xué)校閱讀過《西游記》的學(xué)生人數(shù)與該學(xué)校學(xué)生總數(shù)比值的估計(jì)值為( )
A.0.5 B.0.6
C.0.7 D.0.8
【答案】C
【解析】根據(jù)題意作出Venn圖如圖所示.由Venn圖可知該學(xué)校閱讀過《西游記》的學(xué)生人數(shù)為70人,所以該學(xué)校閱讀過《西游記》的學(xué)生人數(shù)與該學(xué)校學(xué)生總數(shù)比值的估計(jì)值為=0.7.
4.(201
3、8年廣東廣州模擬)為了了解某校高三美術(shù)生的身體狀況,抽查了部分美術(shù)生的體重,將所得數(shù)據(jù)整理后,作出了如圖所示的頻率分布直方圖.已知圖中從左到右的前3個(gè)小組的頻率之比為1∶3∶5,第2個(gè)小組的頻數(shù)為15,則被抽查的美術(shù)生的人數(shù)是( )
A.35 B.48
C.60 D.75
【答案】C
5.(2019年遼寧模擬)某面粉供應(yīng)商所供應(yīng)的某種袋裝面粉質(zhì)量(單位:kg)服從正態(tài)分布N(10,0.12),現(xiàn)抽取500袋樣本,X表示抽取的面粉質(zhì)量在區(qū)間(10,10.2)內(nèi)的袋數(shù),則X的數(shù)學(xué)期望約為( )
注:若Z~N(μ,σ2),則P(μ-σ
4、 6,P(μ-2σ
5、360
【解析】因?yàn)楦咭荒昙?jí)抽取學(xué)生的比例為=,所以=,解得k=2,故高三年級(jí)抽取的人數(shù)為1 200×=360.
7.(2019年江蘇)已知一組數(shù)據(jù)6,7,8,8,9,10,則該組數(shù)據(jù)的方差是________.
【答案】2
【解析】該組數(shù)據(jù)的平均數(shù)=(6+7+8+8+9+10)=8,方差S2=[(6-8)2+(7-8)2+(8-8)2+(8-8)2+(9-8)2+(10-8)2]=2.
8.(2019年江蘇)從3名男同學(xué)和2名女同學(xué)中任選2名同學(xué)參加志愿者服務(wù),則選出的2名同學(xué)中至少有1名女同學(xué)的概率是________.
【答案】
【解析】從3名男同學(xué)和2名女同學(xué)中任選2名同學(xué)參
6、加志愿者服務(wù),基本事件總數(shù)n=C=10,選出的2名同學(xué)中至少有1名女同學(xué)包含的基本事件個(gè)數(shù)m=CC+C=7,所以所求概率p==.
9.(2018年四川內(nèi)江三模)有一個(gè)同學(xué)家開了一個(gè)奶茶店,該同學(xué)為了研究氣溫對(duì)熱奶茶銷售杯數(shù)的影響,從一季度中隨機(jī)選取5天,統(tǒng)計(jì)出氣溫與熱奶茶銷售杯數(shù),如下表:
氣溫x(℃)
0
4
12
19
27
熱奶茶銷售杯數(shù)y
150
132
130
104
94
(1)求熱奶茶銷售杯數(shù)關(guān)于氣溫的線性回歸方程=x+(精確到0.1),若某天的氣溫為15 ℃,預(yù)測(cè)這天熱奶茶的銷售杯數(shù);
(2)從表中的5天中任取兩天,求所選取兩天中至少有一天熱奶茶銷
7、售杯數(shù)大于130的概率.
參考數(shù)據(jù):42+122+192+272=1 250,4×132+12×130+19×104+27×94=6 602.
參考公式:=,=-.
【解析】(1)由表格中數(shù)據(jù),得=(0+4+12+19+27)=12.4,=(150+132+130+104+94)=122.
∴==≈-2.0,
=-=122-(-2.0)×12.4=146.8.
∴熱奶茶銷售杯數(shù)關(guān)于氣溫的線性回歸方程為=-2.0x+146.8.
當(dāng)氣溫為15℃時(shí),可以預(yù)測(cè)熱奶茶的銷售杯數(shù)為-2.0×15+146.8≈117(杯).
(2)設(shè)A表示事件“兩天中至少有一天熱奶茶銷售杯數(shù)大于130”,
8、則P(A)=1-P()=1-=.
10.有一款擊鼓小游戲規(guī)則如下:每盤游戲都需要擊鼓三次,每次擊鼓要么出現(xiàn)一次音樂,要么不出現(xiàn)音樂;每盤游戲擊鼓三次后,出現(xiàn)一次音樂獲得10分,出現(xiàn)兩次音樂獲得20分,出現(xiàn)三次音樂獲得50分,沒有出現(xiàn)音樂則扣除150分(即獲得-150分).設(shè)每次擊鼓出現(xiàn)音樂的概率為,且各次擊鼓是否出現(xiàn)音樂相互獨(dú)立.
(1)玩一盤游戲,求至少出現(xiàn)一次音樂的概率;
(2)設(shè)每盤游戲獲得的分?jǐn)?shù)為X,求X的分布列;
(3)許多玩過這款游戲的人都發(fā)現(xiàn),玩的盤數(shù)越多,分?jǐn)?shù)沒有增加反而減少了.請(qǐng)運(yùn)用概率統(tǒng)計(jì)的相關(guān)知識(shí)分析其中的道理.
【解析】(1)每盤游戲都需要擊鼓三次,每次擊鼓出
9、現(xiàn)音樂的概率為,且各次擊鼓出現(xiàn)音樂相互獨(dú)立,∴玩一盤游戲,至少出現(xiàn)一次音樂的概率是p=1-3=.
(2)設(shè)每盤游戲獲得的分?jǐn)?shù)為X,則X可能取值為-150,10,20,50,
P(X=-150)=C03=,
P(X=10)=C2=,
P(X=20)=C2=,
P(X=50)=C3=.
∴X的分布列為
X
-150
10
20
50
P
(3)由(2)得E(X)=-150×+10×+20×+50×=-,
∴每盤游戲得分的平均數(shù)是-,得負(fù)分.
∴玩的盤數(shù)越多,分?jǐn)?shù)沒有增加反而減少了.
B卷
11.隨機(jī)變量X的概率分布規(guī)律為P(X=n)=(n=1,2,
10、3,4),其中a是常數(shù),則P的值為( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】∵P(X=n)=(n=1,2,3,4),∴+++=1,解得a=,
∴P=P(X=1)+P(X=2)=×+×=.
12.(2019年浙江)設(shè)0<a<1,隨機(jī)變量X的分布列是
X
0
a
1
P
則當(dāng)a在(0,1)內(nèi)增大時(shí),( )
A.D(X)增大 B.D(X)減小
C.D(X)先增大后減小 D.D(X)先減小后增大
【答案】D
【解析】E(X)=0×+a×+1×=,故D(X)=2×+2×+2×=2+.因?yàn)?<a<1,所以D(X)先
11、減小后增大.
13.(2018年山西臨汾模擬)為了考察某校各班參加課外書法小組的人數(shù),從全校隨機(jī)抽取5個(gè)班級(jí),把每個(gè)班級(jí)參加該小組的人數(shù)作為樣本數(shù)據(jù).已知樣本平均數(shù)為7,樣本方差為4,且樣本數(shù)據(jù)互不相同,則樣本數(shù)據(jù)中的最大值為( )
A.9 B.10
C.11 D.12
【答案】B
【解析】不妨設(shè)樣本數(shù)據(jù)為x1,x2,x3,x4,x5,且x1
12、數(shù)最多出現(xiàn)2次),當(dāng)這5個(gè)整數(shù)的平方中最大的數(shù)為16時(shí),分析可知總不滿足和為20;當(dāng)這5個(gè)整數(shù)的平方中最大的數(shù)為9時(shí),0,1,1,9,9這組數(shù)滿足要求,此時(shí)對(duì)應(yīng)的樣本數(shù)據(jù)為x1=4,x2=6,x3=7,x4=8,x5=10;當(dāng)這5個(gè)整數(shù)的平方中最大的數(shù)不超過4時(shí),總不滿足和為20,因此不存在滿足條件的另一組數(shù)據(jù).故選B.
14.(2019年新課標(biāo)Ⅰ)為治療某種疾病,研制了甲、乙兩種新藥,希望知道哪種新藥更有效,為此進(jìn)行動(dòng)物試驗(yàn).試驗(yàn)方案如下:每一輪選取兩只白鼠對(duì)藥效進(jìn)行對(duì)比試驗(yàn).對(duì)于兩只白鼠,隨機(jī)選一只施以甲藥,另一只施以乙藥.一輪的治療結(jié)果得出后,再安排下一輪試驗(yàn).當(dāng)其中一種藥治愈的白鼠比
13、另一種藥治愈的白鼠多4只時(shí),就停止試驗(yàn),并認(rèn)為治愈只數(shù)多的藥更有效.為了方便描述問題,約定:對(duì)于每輪試驗(yàn),若施以甲藥的白鼠治愈且施以乙藥的白鼠未治愈則甲藥得1分,乙藥得-1分;若施以乙藥的白鼠治愈且施以甲藥的白鼠未治愈則乙藥得1分,甲藥得-1分;若都治愈或都未治愈則兩種藥均得0分.甲、乙兩種藥的治愈率分別記為α和β,一輪試驗(yàn)中甲藥的得分記為X.
(1)求X的分布列;
(2)若甲藥、乙藥在試驗(yàn)開始時(shí)都賦予4分,pi(i=0,1,…,8)表示“甲藥的累計(jì)得分為i時(shí),最終認(rèn)為甲藥比乙藥更有效”的概率,則p0=0,p8=1,pi=api-1+bpi+cpi+1(i=1,2,…,7),其中a=P(X
14、=-1),b=P(X=0),c=P(X=1).假設(shè)α=0.5,β=0.8.
①證明:{pi+1-pi}(i=0,1,2,…,7)為等比數(shù)列;
②求p4,并根據(jù)p4的值解釋這種試驗(yàn)方案的合理性.
【解析】(1)X的所有可能取值為-1,0,1.
P(X=-1)=(1-α)β,P(X=0)=αβ+(1-α)(1-β),P(X=1)=α(1-β),
所以X的分布列為
X
-1
0
1
P
(1-α)β
αβ+(1-α)(1-β)
α(1-β)
(2)①證明:因?yàn)棣粒?.5,β=0.8,
所以由(1)得,a=0.4,b=0.5,c=0.1.
因此pi=0.4pi-1+0.
15、5pi+0.1pi+1(i=1,2,…,7).
故0.1(pi+1-pi)=0.4(pi-pi-1),即pi+1-pi=
4(pi-pi-1).
又p1-p0=p1≠0,
所以{pi+1-pi}(i=0,1,2,…,7)為等比數(shù)列,公比為4,首項(xiàng)為p1.
②由①可得,
p8=(p8-p7)+(p7-p6)+…+(p1-p0)+p0==p1.
因?yàn)閜8=1,所以p1=1,解得p1=.
所以p4=(p4-p3)+(p3-p2)+(p2-p1)+(p1-p0)+p0==×==.
p4表示最終認(rèn)為甲藥更有效的概率,由計(jì)算結(jié)果可以看出,在甲藥治愈率為0.5,乙藥治愈率為0.8時(shí),認(rèn)為甲藥更有效的概率為p4=≈0.003 9,此時(shí)得出錯(cuò)誤結(jié)論的概率非常小,說明這種試驗(yàn)方案合理.
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