【三維設(shè)計(jì)】2014屆高三物理一輪 課時(shí)跟蹤檢測(cè)21 功能關(guān)系 能量守恒定律（一）

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1、 課時(shí)跟蹤檢測(cè)(二十一)　功能關(guān)系　能量守恒定律(一) 高考?？碱}型：選擇題＋計(jì)算題 1．如圖1所示，在盛水的一個(gè)杯子里有一木塊。開始時(shí)木塊被一根細(xì)繩拴住而完全沒入水中，整個(gè)裝置與外界絕熱，斷開細(xì)繩，則木塊將浮到水面上，最后達(dá)到平衡，在這一過程中，水、杯子和木塊組成的系統(tǒng)(　　) A．內(nèi)能增大　　　　　　　　 B．內(nèi)能減小 圖1 C．內(nèi)能不變 D．條件不足，無法判斷 2．一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的均勻鏈條放在光滑的水平桌面上，其長(zhǎng)度的一半懸于桌邊，若要將懸著的部分拉回桌面，至少做功(　　) A.mgL B.mgL C．mgL D

2、.mgL 3．(2012·上海高考)質(zhì)量相等的均質(zhì)柔軟細(xì)繩A、B平放于水平地面，繩A較長(zhǎng)。分別捏住兩繩中點(diǎn)緩慢提起，直至全部離開地面，兩繩中點(diǎn)被提升的高度分別為hA、hB，上述過程中克服重力做功分別為WA、WB。若(　　) A．hA＝hB，則一定有WA＝WB B．hA>hB，則可能有WAhB，則一定有WA>WB 4．如圖2所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A靜止于光滑水平桌面上，A右端連接一細(xì)線，細(xì)線繞過光滑的定滑輪與物體B相連。開始時(shí)用手托住B，讓細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B，直至B獲得最大速

3、度。下列有關(guān)該過程的分析正確的是(　　) 圖2 A．B物體的機(jī)械能一直減少 B．B物體動(dòng)能的增量等于它所受重力與拉力做功之和 C．B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量 D．細(xì)線的拉力對(duì)A做的功等于A物體與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量 5. (2012·廣州模擬)如圖3所示，一個(gè)質(zhì)量為m的鐵塊沿半徑為R的固定半圓軌道上邊緣由靜止滑下，到半圓底部時(shí)，軌道所受壓力為鐵塊重力的1.5倍，則此過程中鐵塊損失的機(jī)械能為(　　) A.mgR B.mgR

4、 圖3 C.mgR D.mgR 6．如圖4所示，BC是豎直面內(nèi)的四分之一圓弧形光滑軌道，下端C與水平直軌道相切。一個(gè)小物塊從B點(diǎn)正上方R處的A點(diǎn)處由靜止釋放，從B點(diǎn)剛好進(jìn)入圓弧形光滑軌道下滑，已知圓弧形軌道半徑為R＝0.2 m，小物塊的質(zhì)量為m＝0.1 kg，小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，取g＝10 m/s2。小物塊在水平面上滑動(dòng)的最大距離是(　　) 圖4 A．0.1 m B．0.2 m C．0.6 m D．0.8 m 7.如圖5所示是某中學(xué)科技小組制作的利用太陽(yáng)能驅(qū)動(dòng)小車的裝置。當(dāng)太陽(yáng)光照射到小車上方的光電板時(shí)，光電板中產(chǎn)生的電流經(jīng)電動(dòng)機(jī)帶

5、動(dòng)小車前進(jìn)。若小車在平直的公路上以初速度v0開始加速行駛，經(jīng)過時(shí)間t，前進(jìn)了距離l，達(dá)到最大速度vmax，設(shè)此過程中電動(dòng)機(jī)功率恒為額定功率P，受的阻力恒為Ff，則此過程中電動(dòng)機(jī)所做的功為(　　) 圖5 A．Ffvmaxt　　　　　　　 B．Pt C．Fft D.mvmax2＋Ffl－mv02 8.如圖6所示，某段滑雪雪道傾角為30°，總質(zhì)量為m(包括雪具在內(nèi))的滑雪運(yùn)動(dòng)員從距底端高為h處的雪道上由靜止開始勻加速下滑，加速度為g。在他從上向下滑到底端的過程中，下列說法正

6、確的是(　　) A．運(yùn)動(dòng)員減少的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能 圖6 B．運(yùn)動(dòng)員獲得的動(dòng)能為mgh C．運(yùn)動(dòng)員克服摩擦力做功為mgh D．下滑過程中系統(tǒng)減少的機(jī)械能為mgh 9.如圖7所示，質(zhì)量為m的可看成質(zhì)點(diǎn)的物塊置于粗糙水平面上的M點(diǎn)，水平面的右端與固定的斜面平滑連接，物塊與水平面及斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相同。物塊與彈簧未連接，開始時(shí)物塊擠壓彈簧使彈簧處于壓 圖7 縮狀態(tài)?，F(xiàn)從M點(diǎn)由靜止釋放物塊，物塊運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)恰好靜止，彈簧原長(zhǎng)小于MM′。若物塊從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中，物塊與接觸面之間由于摩擦所產(chǎn)生的熱量為Q，物塊、彈簧

7、與地球組成系統(tǒng)的機(jī)械能為E，物塊通過的路程為s。不計(jì)轉(zhuǎn)折處的能量損失，下列圖象所描述的關(guān)系中可能正確的是(　　) 圖8 10．(2012·衡水期末)足夠長(zhǎng)的粗糙斜面上，用力推著一物體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，t＝0時(shí)撤去推力，0～6 s內(nèi)速度隨時(shí)間的變化情況如圖9所示，由圖象可知(　　) 圖9 A．0～1 s內(nèi)重力的平均功率大小與1～6 s內(nèi)重力平均功率大小之比為5∶1 B．0～1 s內(nèi)摩擦力的平均功率大小與1～6 s內(nèi)摩擦力平均功率大小之比為1∶1 C．0～1 s內(nèi)位移大小與1～6 s內(nèi)位移大小之比為1∶5 D．0～1 s內(nèi)機(jī)械能變化量大小與1～6 s內(nèi)機(jī)械能變化量大小之比為

8、1∶5 11.如圖10所示，質(zhì)量m＝1 kg的小物塊放在一質(zhì)量為M＝4 kg的足夠長(zhǎng)的木板右端，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，木板與水平面間的摩擦不計(jì)。物塊用勁度系數(shù)k＝25 N/m的彈簧拴住，彈簧的左 圖10 端固定(與木板不粘連)。開始時(shí)整個(gè)裝置靜止，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)?，F(xiàn)對(duì)木板施以12 N的水平向右的恒力(物塊與木板間最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力，g＝10 m/s2)。已知彈簧的彈性勢(shì)能Ep＝kx2，式中x為彈簧的伸長(zhǎng)量或壓縮量。求： (1)開始施力的瞬間小物塊的加速度； (2)物塊達(dá)到的最大速度是多少？ 12.如圖11所示，傳送帶與水平面之間的夾角為θ＝30°

9、，其上A、B兩點(diǎn)間的距離為l＝5 m，傳送帶在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下以v＝1 m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)將一質(zhì)量為m＝10 kg的小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))輕放在傳送帶的A點(diǎn)，已知小物體與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝，在傳送帶將小物體從A點(diǎn)傳送到B點(diǎn)的過程中，求：(g取10 m/s2) 圖11 (1)傳送帶對(duì)小物體做的功； (2)電動(dòng)機(jī)做的功。 答 案 課時(shí)跟蹤檢測(cè)(二十一) 功能關(guān)系　能量守恒定律(一) 1．選A　木塊上升時(shí)，同體積的水下移，水、杯子和木塊組成的系統(tǒng)總重力勢(shì)能減小，轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，故A正確。 2．選A　懸于桌邊的鏈條質(zhì)量為。將其拉上桌面，重心

10、升高，故至少做功為mgL。選項(xiàng)A正確。 3．選B　當(dāng)hA＝hB時(shí)，則一定有WAhB時(shí)，有WAWB、WA＝WB三種可能，故選項(xiàng)B正確，D錯(cuò)誤；當(dāng)hA

11、v2＝mgR，故D正確。 6．選D　設(shè)小物塊在水平面上滑動(dòng)的最大距離為x，由動(dòng)能定理得：mg·2R－μmgx＝0，x＝＝0.8 m，選項(xiàng)D正確。 7．選ABD　因小車以恒定的功率運(yùn)動(dòng)，故此過程小車電動(dòng)機(jī)做功為W＝Pt＝Ffvmaxt，A、B均正確；由動(dòng)能定理可得W－Ffl＝mvmax2－mv02，得：W＝mvmax2－mv02＋Ffl。故D正確，C錯(cuò)誤。 8．選D　運(yùn)動(dòng)員的加速度為g，沿斜面：mg－Ff＝m·g，F(xiàn)f＝mg，WFf＝mg·2h＝mgh，所以A、C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確；Ek＝mgh－mgh＝mgh，B項(xiàng)錯(cuò)誤。 9．選C　因摩擦力始終做負(fù)功，故系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量Q隨s增大，而系統(tǒng)的

12、機(jī)械能隨s而減小，B、D均錯(cuò)誤；當(dāng)因s>xMM′，故Q＝μmgxMM′＋μmg cos θ(s－xMM′)，E＝E0－μmgxMM′－μmg cos θ(s－xMM′)，對(duì)應(yīng)圖線可知，A錯(cuò)誤，C正確。 10．選BCD　0～1 s內(nèi)物體沿斜面向上位移為5 m，平均速度為5 m/s；1～6 s內(nèi)物體沿斜面向下位移為25 m，平均速度為5 m/s；0～1 s內(nèi)位移大小與1～6 s內(nèi)位移大小之比為1∶5,0～1 s內(nèi)重力的平均功率大小與1～6 s內(nèi)重力平均功率大小之比為1∶1，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；0～1 s內(nèi)摩擦力大小與1～6 s內(nèi)摩擦力大小相等，0～1 s內(nèi)摩擦力的平均功率大小與1～6 s內(nèi)摩擦力

13、平均功率大小之比為1∶1，選項(xiàng)B正確；0～1 s內(nèi)機(jī)械能變化量大小與1～6 s內(nèi)機(jī)械能變化量大小之比為1∶5，選項(xiàng)D正確。 11．解析：(1)假設(shè)m、M相對(duì)靜止，由牛頓第二定律 a＝＝2.4 m/s2。 此時(shí)m受的合外力 F合＝ma＝2.4 N>Ff＝μmg＝2 N。 所以m、M相對(duì)滑動(dòng)a＝＝μg＝2 m/s2。 (2)速度最大時(shí)，物塊所受合力為零，此時(shí)彈簧伸長(zhǎng)x，則kx＝μmg， 所以x＝0.08 m，由功能關(guān)系 μmgx＝kx2＋mvm2。 所以vm＝0.4 m/s。 答案：(1)2 m/s2　(2)0.4 m/s 12.解析：(1)小物體輕放在傳送帶上時(shí)，受力分析如

14、圖所示，根據(jù)牛頓第二定律得 沿斜面方向：μmgcos θ－mgsin θ＝ma 可知，小物體上升的加速度為a＝2.5 m/s2 當(dāng)小物體的速度為v＝1 m/s時(shí)，位移x＝＝0.2 m 然后小物體將以v＝1 m/s的速度完成4.8 m的路程，由功能關(guān)系得：W＝ΔEp＋ΔEk＝mglsin θ＋mv2＝255 J (2)電動(dòng)機(jī)做功使小物體機(jī)械能增加，同時(shí)小物體與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生熱量Q，由v＝at得t＝＝0.4 s 相對(duì)位移x′＝vt－at2＝0.2 m 摩擦熱Q＝μmgx′cos θ＝15 J 故電動(dòng)機(jī)做的功為W電＝W＋Q＝270 J。 答案：(1)255 J　(2)270 J 6