（江蘇專用）高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 高考專題突破五 高考中的圓錐曲線問題教師用書 理 蘇教版-蘇教版高三數(shù)學(xué)試題

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1、高考專題突破五 高考中的圓錐曲線問題教師用書 理 蘇教版 1．(2015·課標(biāo)全國(guó)Ⅱ改編)已知A，B為雙曲線E的左，右頂點(diǎn)，點(diǎn)M在E上，△ABM為等腰三角形，且頂角為120°，則E的離心率為________． 答案　 解析　如圖，設(shè)雙曲線E的方程為－＝1(a＞0，b＞0)，則AB＝2a，由雙曲線的對(duì)稱性，可設(shè)點(diǎn)M(x1，y1)在第一象限內(nèi)，過M作MN⊥x軸于點(diǎn)N(x1,0)， ∵△ABM為等腰三角形，且∠ABM＝120°， ∴BM＝AB＝2a，∠MBN＝60°， ∴y1＝MN＝BMsin∠MBN＝2asin 60°＝a， x1＝OB＋BN＝a＋2acos 60°＝2a.將

2、點(diǎn)M(x1，y1)的坐標(biāo)代入－＝1，可得a2＝b2，∴e＝＝ ＝. 2.如圖，已知橢圓C的中心為原點(diǎn)O，F(xiàn)(－2，0)為C的左焦點(diǎn)，P為C上一點(diǎn)，滿足OP＝OF，且PF＝4，則橢圓C的方程為______________． 答案?。? 解析　設(shè)橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1(a>b>0)，焦距為2c，右焦點(diǎn)為F′，連結(jié)PF′，如圖所示，因?yàn)镕(－2，0)為C的左焦點(diǎn)，所以c＝2. 由OP＝OF＝OF′知，∠FPF′＝90°，即FP⊥PF′. 在Rt△PFF′中，由勾股定理， 得PF′＝＝＝8. 由橢圓定義，得PF＋PF′＝2a＝4＋8＝12， 所以a＝6，a2＝36，于是b2＝

3、a2－c2＝36－(2)2＝16，所以橢圓的方程為＋＝1. 3．(2017·山西質(zhì)量監(jiān)測(cè))已知A，B分別為橢圓＋＝1(a>b>0)的右頂點(diǎn)和上頂點(diǎn)，直線y＝kx(k>0)與橢圓交于C，D兩點(diǎn)，若四邊形ACBD的面積的最大值為2c2，則橢圓的離心率為________． 答案　 解析　設(shè)C(x1，y1)(x1>0)，D(x2，y2)， 將y＝kx代入橢圓方程可解得 x1＝，x2＝， 則CD＝|x1－x2|＝. 又點(diǎn)A(a,0)到直線y＝kx的距離d1＝，點(diǎn)B(0，b)到直線y＝kx的距離d2＝， 所以S四邊形ACBD＝d1·CD＋d2·CD ＝(d1＋d2)·CD＝·· ＝ab

4、·. 令t＝， 則t2＝＝1＋2ab· ＝1＋2ab·≤1＋2ab·＝2， 當(dāng)且僅當(dāng)＝a2k，即k＝時(shí)，tmax＝， 所以S四邊形ACBD的最大值為ab. 由條件，得ab＝2c2， 即2c4＝a2b2＝a2(a2－c2)＝a4－a2c2,2c4＋a2c2－a4＝0,2e4＋e2－1＝0， 解得e2＝或e2＝－1(舍去)，所以e＝. 4．(2016·北京)雙曲線－＝1(a＞0，b＞0)的漸近線為正方形OABC的邊OA，OC所在的直線，點(diǎn)B為該雙曲線的焦點(diǎn)，若正方形OABC的邊長(zhǎng)為2，則a＝________. 答案　2 解析　設(shè)B為雙曲線的右焦點(diǎn)，如圖所示．∵四邊形OABC為

5、正方形且邊長(zhǎng)為2， ∴c＝OB＝2， 又∠AOB＝， ∴＝tan＝1，即a＝b. 又a2＋b2＝c2＝8，∴a＝2. 5．已知雙曲線－＝1(a>0，b>0)和橢圓＋＝1有相同的焦點(diǎn)，且雙曲線的離心率是橢圓離心率的兩倍，則雙曲線的方程為____________． 答案　－＝1 解析　由題意得，雙曲線－＝1(a>0，b>0)的焦點(diǎn)坐標(biāo)為(，0)，(－，0)，c＝且雙曲線的離心率為2×＝＝?a＝2，b2＝c2－a2＝3， 所以雙曲線的方程為－＝1. 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 題型一　求圓錐曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程 例1　已知P點(diǎn)在以坐標(biāo)軸為對(duì)稱軸的橢圓上，點(diǎn)P到兩

6、焦點(diǎn)的距離分別為和，過P作長(zhǎng)軸的垂線恰好過橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)，則橢圓的方程為______________． 答案?。?或＋＝1 解析　設(shè)橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)分別為F1，F(xiàn)2，PF1＝，PF2＝. 由橢圓的定義，知2a＝PF1＋PF2＝2，即a＝. 由PF1>PF2知，PF2垂直于長(zhǎng)軸． 故在Rt△PF2F1中，4c2＝PF－PF＝， ∴c2＝，于是b2＝a2－c2＝. 又所求的橢圓的焦點(diǎn)可以在x軸上，也可以在y軸上，故所求的橢圓方程為＋＝1或＋＝1. 思維升華　求圓錐曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程是高考的必考題型，主要利用圓錐曲線的定義、幾何性質(zhì)，解得標(biāo)準(zhǔn)方程中的參數(shù)，從而求得方程． 　(2015·

7、天津改編)已知雙曲線－＝1(a＞0，b＞0 )的一個(gè)焦點(diǎn)為F(2,0)，且雙曲線的漸近線與圓(x－2)2＋y2＝3相切，則雙曲線的方程為________________． 答案　x2－＝1 解析　雙曲線－＝1的一個(gè)焦點(diǎn)為F(2,0)， 則a2＋b2＝4，① 雙曲線的漸近線方程為y＝±x， 由題意得＝，② 聯(lián)立①②解得b＝，a＝1， 所求雙曲線的方程為x2－＝1. 題型二　圓錐曲線的幾何性質(zhì) 例2　(1)(2015·湖南改編)若雙曲線－＝1的一條漸近線經(jīng)過點(diǎn)(3，－4)，則此雙曲線的離心率為________． (2)(2016·天津)設(shè)拋物線(t為參數(shù)，p>0)的焦點(diǎn)為F，準(zhǔn)

8、線為l.過拋物線上一點(diǎn)A作l的垂線，垂足為B.設(shè)C，AF與BC相交于點(diǎn)E.若CF＝2AF，且△ACE的面積為3，則p的值為________． 答案　(1)　(2) 解析　(1)由條件知y＝－x過點(diǎn)(3，－4)，∴＝4， 即3b＝4a，∴9b2＝16a2，∴9c2－9a2＝16a2， ∴25a2＝9c2，∴e＝. (2) 由(p>0)消去t可得拋物線方程為y2＝2px(p>0)， ∴F， AB＝AF＝p， 可得A(p，p)． 易知△AEB∽△FEC，∴＝＝， 故S△ACE＝S△ACF＝×3p×p× ＝p2＝3， ∴p2＝6，∵p>0，∴p＝. 思維升華　圓錐曲線的

9、幾何性質(zhì)是高考考查的重點(diǎn)，求離心率、準(zhǔn)線、雙曲線漸近線，是?？碱}型，解決這類問題的關(guān)鍵是熟練掌握各性質(zhì)的定義，及相關(guān)參數(shù)間的聯(lián)系．掌握一些常用的結(jié)論及變形技巧，有助于提高運(yùn)算能力． 　已知橢圓＋＝1(a>b>0)與拋物線y2＝2px(p>0)有相同的焦點(diǎn)F，P，Q是橢圓與拋物線的交點(diǎn)，若PQ經(jīng)過焦點(diǎn)F，則橢圓＋＝1(a>b>0)的離心率為____________． 答案　－1 解析　因?yàn)閽佄锞€y2＝2px(p>0)的焦點(diǎn)F為，設(shè)橢圓另一焦點(diǎn)為E. 當(dāng)x＝時(shí)，代入拋物線方程得 y＝±p， 又因?yàn)镻Q經(jīng)過焦點(diǎn)F，所以P且PF⊥OF. 所以PE＝ ＝p， PF＝p，EF＝p.

10、故2a＝ p＋p,2c＝p，e＝＝－1. 題型三　最值、范圍問題 例3　設(shè)橢圓M：＋＝1(a>b>0)的離心率與雙曲線x2－y2＝1的離心率互為倒數(shù)，且橢圓的長(zhǎng)軸長(zhǎng)為4. (1)求橢圓M的方程； (2)若直線y＝x＋m交橢圓M于A，B兩點(diǎn)，P(1，)為橢圓M上一點(diǎn)，求△PAB面積的最大值． 解　(1)雙曲線的離心率為， 則橢圓的離心率e＝＝， 由? 故橢圓M的方程為＋＝1. (2)由得4x2＋2mx＋m2－4＝0， 由Δ＝(2m)2－16(m2－4)>0，得－2

11、d＝， 則S△PAB＝·AB·d＝··· ＝ ＝ ≤·＝， 當(dāng)且僅當(dāng)m＝±2∈(－2，2)時(shí)取等號(hào)， ∴(S△PAB)max＝. 思維升華　圓錐曲線中的最值、范圍問題解決方法一般分兩種：一是代數(shù)法，從代數(shù)的角度考慮，通過建立函數(shù)、不等式等模型，利用二次函數(shù)法和基本不等式法、換元法、導(dǎo)數(shù)法等方法求最值；二是幾何法，從圓錐曲線的幾何性質(zhì)的角度考慮，根據(jù)圓錐曲線幾何意義求最值與范圍． 　(2016·鹽城一模)如圖，曲線Γ由兩個(gè)橢圓T1：＋＝1(a>b>0)和橢圓T2：＋＝1(b>c>0)組成，當(dāng)a，b，c成等比數(shù)列時(shí)，稱曲線Γ為“貓眼”． (1)若“貓眼曲線”Γ過點(diǎn)M(0，－)

12、，且a，b，c的公比為，求“貓眼曲線”Γ的方程； (2)對(duì)于(1)中的“貓眼曲線”Γ，任作斜率為k(k≠0)且不過原點(diǎn)的直線與該曲線相交，交橢圓T1所得弦的中點(diǎn)為M，交橢圓T2所得弦的中點(diǎn)為N，求證：為與k無關(guān)的定值； (3)若斜率為的直線l為橢圓T2的切線，且交橢圓T1于點(diǎn)A，B，N為橢圓T1上的任意一點(diǎn)(點(diǎn)N與點(diǎn)A，B不重合)，求△ABN面積的最大值． (1)解　由題意知，b＝，＝＝， ∴a＝2，c＝1， ∴T1：＋＝1，T2：＋x2＝1. (2)證明　設(shè)斜率為k的直線交橢圓T1于點(diǎn)C(x1，y1)，D(x2，y2) ，線段CD的中點(diǎn)為M(x0，y0)， ∴x0＝，y0＝，

13、 由得 ＋＝0. ∵k存在且k≠0，∴x1≠x2且x0≠0， 故上式整理得·＝－， 即k·kOM＝－. 同理，k·kON＝－2，∴＝. (3)解　設(shè)直線l的方程為y＝x＋m， 聯(lián)立方程得 整理得(b2＋2c2)x2＋2mc2x＋m2c2－b2c2＝0， 由Δ＝0，化簡(jiǎn)得m2＝b2＋2c2， 取l1：y＝x＋. 聯(lián)立方程 化簡(jiǎn)得(b2＋2a2)x2＋2ma2x＋m2a2－b2a2＝0. 由Δ＝0，得m2＝b2＋2a2， 取l2：y＝x－， l1，l2兩平行線間距離 d＝， 又AB＝， ∴△ABN的面積最大值為S＝·AB·d ＝. 題型四　定值、定點(diǎn)問題

14、例4　(2016·全國(guó)乙卷)設(shè)圓x2＋y2＋2x－15＝0的圓心為A，直線l過點(diǎn)B(1,0)且與x軸不重合，l交圓A于C，D兩點(diǎn)，過B作AC的平行線交AD于點(diǎn)E. (1)證明EA＋EB為定值，并寫出點(diǎn)E的軌跡方程； (2)設(shè)點(diǎn)E的軌跡為曲線C1，直線l交C1于M，N兩點(diǎn)，過B且與l垂直的直線與圓A交于P，Q兩點(diǎn)，求四邊形MPNQ面積的取值范圍． 解　(1)因?yàn)锳D＝AC，EB∥AC，故∠EBD＝∠ACD＝∠ADC，所以EB＝ED，故EA＋EB＝EA＋ED＝AD. 又圓A的標(biāo)準(zhǔn)方程為(x＋1)2＋y2＝16，從而AD＝4，所以EA＋EB＝4. 由題設(shè)得A(－1,0)，B(1,0)，AB

15、＝2，由橢圓定義可得點(diǎn)E的軌跡方程為＋＝1(y≠0)． (2)當(dāng)l與x軸不垂直時(shí)，設(shè)l的方程為y＝k(x－1)(k≠0)，M(x1，y1)，N(x2，y2)． 由得(4k2＋3)x2－8k2x＋4k2－12＝0， 則x1＋x2＝，x1x2＝， 所以MN＝|x1－x2|＝. 過點(diǎn)B(1,0)且與l垂直的直線m：y＝－(x－1)， 點(diǎn)A到m的距離為， 所以PQ＝2＝4. 故四邊形MPNQ的面積 S＝MN·PQ＝12. 可得當(dāng)l與x軸不垂直時(shí)，四邊形MPNQ面積的取值范圍為(12,8)． 當(dāng)l與x軸垂直時(shí)，其方程為x＝1，MN＝3，PQ＝8，四邊形MPNQ的面積為12. 綜上

16、，四邊形MPNQ面積的取值范圍為[12,8)． 思維升華　求定點(diǎn)及定值問題常見的方法有兩種 (1)從特殊入手，求出定值，再證明這個(gè)值與變量無關(guān)． (2)直接推理、計(jì)算，并在計(jì)算推理的過程中消去變量，從而得到定值． 　(2016·北京)已知橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的離心率為，A(a,0)，B(0，b)，O(0,0)，△OAB的面積為1. (1)求橢圓C的方程； (2)設(shè)P是橢圓C上一點(diǎn)，直線PA與y軸交于點(diǎn)M，直線PB與x軸交于點(diǎn)N.求證：AN·BM為定值． (1)解　由已知＝，ab＝1. 又a2＝b2＋c2，解得a＝2，b＝1，c＝. ∴橢圓方程為＋y2＝1. (2)證

17、明　由(1)知，A(2,0)，B(0,1)． 設(shè)橢圓上一點(diǎn)P(x0，y0)，則＋y＝1. 當(dāng)x0≠0時(shí)，直線PA方程為y＝(x－2)， 令x＝0，得yM＝. 從而BM＝|1－yM|＝. 直線PB方程為y＝x＋1. 令y＝0，得xN＝. ∴AN＝|2－xN|＝. ∴AN·BM＝· ＝· ＝ ＝＝4. 當(dāng)x0＝0時(shí)，y0＝－1，BM＝2，AN＝2， ∴AN·BM＝4. 故AN·BM為定值． 題型五　探索性問題 例5　(2015·廣東)已知過原點(diǎn)的動(dòng)直線l與圓C1：x2＋y2－6x＋5＝0相交于不同的兩點(diǎn)A，B. (1)求圓C1的圓心坐標(biāo)； (2)求線段AB的中點(diǎn)

18、M的軌跡C的方程； (3)是否存在實(shí)數(shù)k，使得直線L：y＝k(x－4)與曲線C只有一個(gè)交點(diǎn)？若存在，求出k的取值范圍；若不存在，說明理由． 解　(1)圓C1：x2＋y2－6x＋5＝0可化為(x－3)2＋y2＝4，∴圓C1的圓心坐標(biāo)為(3,0)． (2)設(shè)M(x，y)， ∵A，B為過原點(diǎn)的直線l與圓C1的交點(diǎn)，且M為AB的中點(diǎn)， ∴由圓的性質(zhì)知MC1⊥MO， ∴·＝0. 又∵＝(3－x，－y)，＝(－x，－y)， ∴由向量的數(shù)量積公式得x2－3x＋y2＝0. 易知直線l的斜率存在， ∴設(shè)直線l的方程為y＝mx， 當(dāng)直線l與圓C1相切時(shí)，d＝＝2， 解得m＝±. 把相切時(shí)

19、直線l的方程代入圓C1的方程， 化簡(jiǎn)得9x2－30x＋25＝0，解得x＝. 當(dāng)直線l經(jīng)過圓C1的圓心時(shí)，M的坐標(biāo)為(3,0)． 又∵直線l與圓C1交于A，B兩點(diǎn)，M為AB的中點(diǎn)， ∴

20、，解得k2＝，即k＝±，此時(shí)方程可化為25x2－120x＋144＝0，即(5x－12)2＝0， 解得x＝∈，∴k＝±滿足條件． 當(dāng)Δ>0時(shí)， ①若x＝3是方程的解，則f(3)＝0?k＝0?另一根為x＝0<，故在區(qū)間上有且僅有一個(gè)根，滿足題意； ②若x＝是方程的解，則f＝0?k＝±?另外一根為x＝，<≤3，故在區(qū)間上有且僅有一個(gè)根，滿足題意； ③若x＝3和x＝均不是方程的解，則方程在區(qū)間上有且僅有一個(gè)根，只需f·f(3)<0?－

21、朗化．其步驟為假設(shè)滿足條件的元素(點(diǎn)、直線、曲線或參數(shù))存在，用待定系數(shù)法設(shè)出，列出關(guān)于待定系數(shù)的方程組，若方程組有實(shí)數(shù)解，則元素(點(diǎn)、直線、曲線或參數(shù))存在；否則，元素(點(diǎn)、直線、曲線或參數(shù))不存在． (2)反證法與驗(yàn)證法也是求解探索性問題常用的方法． 　(2016·蘇州、無錫、常州、鎮(zhèn)江二模) 如圖，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，已知橢圓C：＋＝1(a>b>0)的離心率為，且過點(diǎn)(1，)，過橢圓的左頂點(diǎn)A作直線l⊥x軸，點(diǎn)M為直線l上的動(dòng)點(diǎn)(點(diǎn)M與點(diǎn)A不重合)，點(diǎn)B為橢圓的右頂點(diǎn)，直線BM交橢圓C于點(diǎn)P. (1)求橢圓C的方程； (2)求證：AP⊥OM； (3)試問：·是否為定

22、值？若是定值，請(qǐng)求出該定值；若不是定值，請(qǐng)說明理由． (1)解　因?yàn)闄E圓C：＋＝1(a>b>0)的離心率為， 所以a2＝2c2，所以a2＝2b2. 又因?yàn)闄E圓C過點(diǎn)(1，)，所以＋＝1， 所以a2＝4，b2＝2，所以橢圓C的方程＋＝1. (2)證明　設(shè)直線BM的斜率為k，則直線BM的方程為y＝k(x－2)，設(shè)P(x1，y1)， 將y＝k(x－2)代入橢圓C的方程＋＝1中， 化簡(jiǎn)得(2k2＋1)x2－8k2x＋8k2－4＝0， 解得x1＝，x2＝2， 所以y1＝k(x1－2)＝，從而P(，)． 令x＝－2，得y＝－4k， 所以M(－2，－4k)，＝(－2，－4k)． 又因

23、為＝(＋2，)＝(，)， 所以·＝＋＝0， 所以AP⊥OM. (3)解　因?yàn)椤ぃ?，)·(－2，－4k) ＝＝＝4， 所以·為定值4. 1．(2015·陜西)如圖，橢圓E：＋＝1(a＞b＞0)，經(jīng)過點(diǎn)A(0，－1)，且離心率為. (1)求橢圓E的方程； (2)經(jīng)過點(diǎn)(1,1)，且斜率為k的直線與橢圓E交于不同的兩點(diǎn)P，Q(均異于點(diǎn)A)，證明：直線AP與AQ的斜率之和為2. (1)解　由題設(shè)知＝，b＝1， 結(jié)合a2＝b2＋c2，解得a＝， 所以橢圓的方程為＋y2＝1. (2)證明　由題設(shè)知，直線PQ的方程為y＝k(x－1)＋1(k≠2)，代入＋y2＝1， 得(1

24、＋2k2)x2－4k(k－1)x＋2k(k－2)＝0，由已知Δ＞0， 設(shè)P(x1，y1)，Q(x2，y2)，x1x2≠0， 則x1＋x2＝，x1x2＝， 從而直線AP，AQ的斜率之和 kAP＋kAQ＝＋＝＋ ＝2k＋(2－k)＝2k＋(2－k) ＝2k＋(2－k)＝2k－2(k－1)＝2. 2．已知雙曲線C：－＝1(a>0，b>0)的焦距為3，其中一條漸近線的方程為x－y＝0.以雙曲線C的實(shí)軸為長(zhǎng)軸，虛軸為短軸的橢圓記為E，過原點(diǎn)O的動(dòng)直線與橢圓E交于A，B兩點(diǎn)． (1)求橢圓E的方程； (2)若點(diǎn)P為橢圓E的左頂點(diǎn)，＝2，求||2＋||2的取值范圍． 解　(1)由雙曲線

25、－＝1的焦距為3， 得c＝，∴a2＋b2＝.① 由題意知＝，② 由①②解得a2＝3，b2＝， ∴橢圓E的方程為＋y2＝1. (2)由(1)知P(－，0)． 設(shè)G(x0，y0)，由＝2， 得(x0＋，y0)＝2(－x0，－y0)， 即解得∴G(－，0)． 設(shè)A(x1，y1)，則B(－x1，－y1)， ||2＋||2＝(x1＋)2＋y＋(x1－)2＋y ＝2x＋2y＋＝2x＋3－x＋ ＝x＋. 又∵x1∈[－，]，∴x∈[0,3]， ∴≤x＋≤， ∴||2＋||2的取值范圍是[，]． 3．已知橢圓＋＝1的左頂點(diǎn)為A，右焦點(diǎn)為F，過點(diǎn)F的直線交橢圓于B，C兩點(diǎn)． (

26、1)求該橢圓的離心率； (2)設(shè)直線AB和AC分別與直線x＝4交于點(diǎn)M，N，問：x軸上是否存在定點(diǎn)P使得MP⊥NP？若存在，求出點(diǎn)P的坐標(biāo)；若不存在，說明理由． 解　(1)由橢圓方程可得a＝2，b＝， 從而橢圓的半焦距c＝＝1. 所以橢圓的離心率為e＝＝. (2)依題意，直線BC的斜率不為0， 設(shè)其方程為x＝ty＋1，B(x1，y1)，C(x2，y2)， 將其代入＋＝1，整理得(4＋3t2)y2＋6ty－9＝0. 所以y1＋y2＝，y1y2＝. 易知直線AB的方程是y＝(x＋2)， 從而可得M(4，)，同理可得N(4，)． 假設(shè)x軸上存在定點(diǎn)P(p,0)使得MP⊥NP，

27、 則有·＝0. 所以(p－4)2＋＝0. 將x1＝ty1＋1，x2＝ty2＋1代入上式，整理得 (p－4)2＋＝0， 所以(p－4)2＋＝0， 即(p－4)2－9＝0，解得p＝1或p＝7. 所以x軸上存在定點(diǎn)P(1,0)或P(7,0)， 使得MP⊥NP. 4.已知橢圓＋＝1(a>b>0)的離心率為，且經(jīng)過點(diǎn)P(1，)，過它的左，右焦點(diǎn)F1，F(xiàn)2分別作直線l1與l2，l1交橢圓于A，B兩點(diǎn)，l2交橢圓于C，D兩點(diǎn)，且l1⊥l2. (1)求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程； (2)求四邊形ACBD的面積S的取值范圍． 解　(1)由＝?a＝2c，∴a2＝4c2，b2＝3c2， 將點(diǎn)P的坐標(biāo)

28、代入橢圓方程得c2＝1， 故所求橢圓方程為＋＝1. (2)若l1與l2中有一條直線的斜率不存在， 則另一條直線的斜率為0，此時(shí)四邊形的面積S＝6. 若l1與l2的斜率都存在，設(shè)l1的斜率為k， 則l2的斜率為－， 則直線l1的方程為y＝k(x＋1)． 設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)， 聯(lián)立方程組 消去y并整理得(4k2＋3)x2＋8k2x＋4k2－12＝0.① ∴x1＋x2＝－，x1x2＝， ∴|x1－x2|＝， ∴AB＝|x1－x2|＝，② 注意到方程①的結(jié)構(gòu)特征和圖形的對(duì)稱性， 可以用－代替②中的k，得CD＝， ∴S＝AB·CD＝， 令k2＝t∈(0，

29、＋∞)， ∴S＝＝ ＝6－≥6－＝， 當(dāng)且僅當(dāng)t＝1時(shí)等號(hào)成立，∴S∈[，6)， 綜上可知，四邊形ABCD的面積S∈[，6]． *5．(2016·鹽城三模)如圖，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，橢圓C：＋＝1(a>b>0)的離心率為，直線l與x軸交于點(diǎn)E，與橢圓C交于A，B兩點(diǎn)．當(dāng)直線l垂直于x軸且點(diǎn)E為橢圓C的右焦點(diǎn)時(shí)，弦AB的長(zhǎng)為. (1)求橢圓C的方程； (2)若點(diǎn)E的坐標(biāo)為(，0)，點(diǎn)A在第一象限且橫坐標(biāo)為，連結(jié)點(diǎn)A與原點(diǎn)O的直線交橢圓C于另一點(diǎn)P，求△PAB的面積； (3)是否存在點(diǎn)E，使得＋為定值？若存在，請(qǐng)指出點(diǎn)E的坐標(biāo)，并求出該定值；若不存在，請(qǐng)說明理由． 解　

30、(1)由e＝＝，設(shè)a＝3k(k>0)，則c＝k，b2＝3k2， 所以橢圓C的方程為＋＝1. 因?yàn)橹本€l垂直于x軸且點(diǎn)E為橢圓C的右焦點(diǎn)， 即xA＝xB＝k， 代入橢圓方程，解得y＝±k，于是2k＝，即k＝， 所以橢圓C的方程為＋＝1. (2)將x＝代入＋＝1，解得y＝±1. 因?yàn)辄c(diǎn)A在第一象限，從而A(，1)． 由點(diǎn)E的坐標(biāo)為(，0)，所以kAB＝， 所以直線AB的方程為y＝(x－)， 聯(lián)立直線AB與橢圓C的方程，解得B(－，－)． 又PA過原點(diǎn)O，于是P(－，－1)，PA＝4， 所以直線PA的方程為x－y＝0， 所以點(diǎn)B到直線PA的距離h＝＝， 故S△PAB＝×4×＝. (3)假設(shè)存在點(diǎn)E，使得＋為定值，設(shè)E(x0,0)，當(dāng)直線AB與x軸重合時(shí)，有＋＝＋＝； 當(dāng)直線AB與x軸垂直時(shí)， ＋＝＝， 由＝，解得x0＝±，＝2， 以若存在點(diǎn)E，此時(shí)E(±，0)，＋為定值2. 根據(jù)對(duì)稱性，只需考慮直線AB過點(diǎn)E(，0)， 設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)， 又設(shè)直線AB的方程為x＝my＋，與橢圓C聯(lián)立方程組，化簡(jiǎn)得(m2＋3)y2＋2my－3＝0， 所以y1＋y2＝，y1y2＝. 又＝＝＝， 所以＋＝＋ ＝， 將上述關(guān)系代入，化簡(jiǎn)可得＋＝2. 綜上所述，存在點(diǎn)E(±，0)，使得＋為定值2.