2020浙江高考物理二輪訓(xùn)練：6 選擇題提升練六 Word版含解析

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1、 選擇題提升練(六) 一、選擇題Ⅰ(本題共13小題，每小題3分，共39分．每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分) 1．在確保安全情況下，小明將一個籃球沿水平方向從教學(xué)樓五樓走廊欄桿上沿拋出．若將籃球看成質(zhì)點(diǎn)，不計籃球所受空氣阻力，則籃球在下落過程中分別與四樓、三樓、二樓走廊欄桿上沿等高時，其與拋出點(diǎn)的水平距離之比為(　　) A．1∶3∶5　　　　　　　　　 B．1∶2∶3 C．1∶4∶9 D．1∶∶ 解析：選D.根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律h＝gt2可知，分別下落到四樓、三樓、二樓上沿等高時下落的高度之比為h∶2h∶3h，因此時間之比為1∶∶，

2、平拋運(yùn)動的物體在水平方向做勻速直線運(yùn)動，則水平距離之比為1∶∶，選項D正確． 2．如圖所示，粗糙斜面P固定在水平面上，斜面傾角為θ，在斜面上有一個小滑塊Q.若給Q一個水平向右的推力F，無論推力為多大，Q都不會向上滑動，則PQ間的動摩擦因數(shù)(　　) A．不小于 B．等于 C．等于tan θ D．不小于tan θ 解析：選A.對Q受力分析，平行斜面向上的合力F′＝Fcos θ－μ(Fsin θ＋mgcos θ)－mgsin θ，整理為F′＝(cos θ－μsin θ)F－(μcos θ＋sin θ)mg，只有當(dāng)F的系數(shù)(cos θ－μsin θ)≤0時，F(xiàn)′才不能大于0，即合力

3、不可能向上，滑塊不可能向上滑動，解得μ≥，所以答案為A. 3．如圖，輕繩AO與豎直方向成一角度，輕繩BO水平，豎直輕繩CO系住一個物體處于平衡狀態(tài)，當(dāng)繩子的懸點(diǎn)A緩慢向左移動時，BO始終保持水平，關(guān)于繩子AO和BO的拉力大小，有(　　) A．繩AO的拉力一直在增大 B．繩AO的拉力先減小再增大 C．繩BO的拉力先增大后減小 D．繩BO的拉力一直在減小 解析：選A.對點(diǎn)O受力分析，受重力mg、拉力FB和FA，將三個力首尾相連，構(gòu)成矢量三角形，如圖．當(dāng)A點(diǎn)緩慢向左移動時，從圖中可以看出，細(xì)線AO與豎直方向夾角逐漸變大的過程中，拉力FA逐漸增大，拉力FB也逐漸增大，即繩AO和BO的拉

4、力一直在增大，故A正確，B、C、D錯誤． 4.(2019紹興模擬)甲、乙兩車在同一條直道上行駛，它們運(yùn)動的位移x隨時間t變化的關(guān)系如圖所示，已知乙車做勻變速直線運(yùn)動，其圖線與t軸相切于10 s 處，則下列說法不正確的是(　　) A．甲車的初速度為零 B．乙車的初位置在x0＝60 m處 C．乙車的加速度大小為1.6 m/s2 D．5 s時兩車相遇，此時甲車速度較大 解析：選C.位移－時間圖象的斜率表示速度，則知甲車的速度不變，做勻速直線運(yùn)動，初速度不為零，選項A錯誤；甲的速度為v甲＝＝ m/s＝4 m/s，乙車做勻變速直線運(yùn)動，其圖線與t軸相切于10 s處，則在t＝10 s時，乙的速

5、度為零，反過來看成乙車做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動，則x＝at2，根據(jù)圖象可知，x0＝a102 (m)，解得乙車的加速度大小 a＝1.6 m/s2，x0＝80 m，故B錯誤，C正確；5 s時兩車相遇，此時乙的速度大小為 v乙＝at＝1.65 m/s＝8 m/s，乙車的速度較大，故D錯誤． 5.(2019金華模擬)如圖所示，放在斜面上的物體受到垂直于斜面向上的力F作用始終保持靜止，當(dāng)力F逐漸減小時，下列說法正確的是(　　) A．物體受到的摩擦力保持不變 B．物體受到的摩擦力逐漸增大 C．物體受到的合力減小 D．物體對斜面的壓力逐漸減小 解析：選A.對物體受力分析可知，物體受重力、摩擦

6、力、拉力F及斜面對物體的支持力FN的作用，將這些力正交分解，根據(jù)力的平衡可知F＋FN＝Gcos θ，F(xiàn)f＝Gsin θ，當(dāng)力F減小時，F(xiàn)N會增大，而G是不變的，θ也是不變的，故摩擦力Ff也是不變的，物體受到的合力為0，選項A正確，B、C、D錯誤． 6．(2019嘉興模擬)如圖所示，水平桌面由粗糙程度不同的AB、BC兩部分組成，且AB＝BC，小物塊P(可視為質(zhì)點(diǎn))以某一初速度從A點(diǎn)滑上桌面，最后恰好停在C點(diǎn)，已知物塊經(jīng)過AB與BC兩部分的時間之比為1∶4，則物塊P與桌面上AB、BC部分之間的動摩擦因數(shù)μ1、μ2之比為(P物塊在AB、BC上所做的運(yùn)動均可看做勻變速直線運(yùn)動)(　　) A．1∶

7、1 B．1∶4 C．4∶1 D．8∶1 解析：選D.設(shè)AB、BC兩部分的長度為L，在B點(diǎn)的速度為v，受摩擦力F1＝μ1mg、F2＝μ2mg，加速度大小a1＝μ1g，a2＝μ2g，時間t1＝t，t2＝4t，B點(diǎn)速度v＝a2t2；逆向研究由C到B，a2t＝t2＝L；逆向研究由B到A，vt1＋a1t＝L，解得μ1∶μ2＝8∶1，D正確． 7.(2019湖州模擬)如圖所示，小球A位于斜面上，小球B與小球A位于同一高度，現(xiàn)將小球A、B分別以v1和v2的速度水平拋出，都落在了傾角為45的斜面上的同一點(diǎn)，且小球B恰好垂直打到斜面上，不計空氣阻力，則v1∶v2為(　　) A．3∶2 B．2

8、∶1 C．1∶1 D．1∶2 解析：選D.兩小球下落的高度相同，故下落的時間相同，由平拋運(yùn)動的規(guī)律可知，對于A球：＝＝1，對于B球：＝1，聯(lián)立兩式解得，v1∶v2＝1∶2. 8．(2019衢州模擬)近年來，自然災(zāi)害在世界各地頻頻發(fā)生，給人類帶來巨大損失．科學(xué)家們對其中地震、海嘯的研究結(jié)果表明，地球的自轉(zhuǎn)將因此緩慢變快．下列說法正確的是(　　) A．“天宮一號”飛行器的高度要略調(diào)高一點(diǎn) B．地球赤道上物體的重力會略變大 C．同步衛(wèi)星的高度要略調(diào)低一點(diǎn) D．地球的第一宇宙速度將略變小 解析：選C.“天宮一號”飛行器的向心力由地球的萬有引力提供，其高度與地球的自轉(zhuǎn)快慢無關(guān)，選項A

9、錯誤；地球自轉(zhuǎn)快了，則地球自轉(zhuǎn)的周期變小，在地面上赤道處的物體隨地球自轉(zhuǎn)所需的向心力會增大，而向心力等于地球?qū)ξ矬w的萬有引力減去地面對物體的支持力，萬有引力的大小不變，所以地面對物體的支持力必然減小，地面對物體的支持力大小等于物體受到的“重力”，所以物體的重力減小了，選項B錯誤；對地球同步衛(wèi)星而言，衛(wèi)星的運(yùn)行周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期，地球的自轉(zhuǎn)周期T變小了，由開普勒第三定律＝k可知，衛(wèi)星的軌道半徑R減小，衛(wèi)星的高度要減小些，選項C正確；地球的第一宇宙速度v＝，R是地球的半徑，可知v與地球自轉(zhuǎn)的速度無關(guān)，選項D錯誤． 9．(2019臺州月考)如圖所示，虛線表示某電場的等勢面．一帶電粒子僅在電場力

10、作用下由A運(yùn)動到B的徑跡如圖中實線所示．粒子在A點(diǎn)的加速度為aA、電勢能為EA；在B點(diǎn)的加速度為aB、電勢能為EB.則下列結(jié)論正確的是(　　) A．粒子帶正電，aA＞aB，EA＞EB B．粒子帶負(fù)電，aA＞aB，EA＞EB C．粒子帶正電，aA＜aB，EA＜EB D．粒子帶負(fù)電，aA＜aB，EA＜EB 解析：選D.根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向可知帶電粒子受到的是靜電斥力，根據(jù)U＝Ed知，等差等勢面越密的位置場強(qiáng)越大，B處等差等勢面較密集，則場強(qiáng)大，帶電粒子所受的電場力大，加速度也大，即aA＜aB；從A到B，電場對帶電粒子做負(fù)功，電勢能增加，則知B點(diǎn)電勢能大，即EA＜EB；負(fù)電荷在電勢低

11、的地方，電勢能大．故粒子帶負(fù)電，故D正確． 10．(2019麗水一模)靜電場在x軸上的場強(qiáng)E隨x的變化關(guān)系如圖所示，x軸正向為場強(qiáng)正方向，帶正電的點(diǎn)電荷沿x軸運(yùn)動，則點(diǎn)電荷(　　) A．在x2和x4處電勢能相等 B．由x1運(yùn)動到x3的過程中電勢能增大 C．由x1運(yùn)動到x4的過程中電勢能先增大后減小 D．由x1運(yùn)動到x4的過程中電場力先減小后增大 解析：選B.x1～x4場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，則正電荷從x2到x4處逆著電場線方向，電勢升高，則正點(diǎn)電荷在x4處電勢能較大，故A、C項錯誤，B項正確；由x1運(yùn)動到x4的過程中，場強(qiáng)的大小先增大后減小，故由F＝qE知，電場力先增大后減小，故

12、D項錯誤． 11.(2019舟山模擬)如圖所示，半徑為R的光滑半圓弧絕緣軌道固定在豎直面內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場方向垂直軌道平面向里．一可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量為m，電荷量為q(q>0)的小球由軌道左端A無初速度滑下，當(dāng)小球滑至軌道最低點(diǎn)C時，給小球再施加一始終水平向右的外力F，使小球能保持不變的速率滑過軌道右側(cè)的D點(diǎn)，若小球始終與軌道接觸，重力加速度為g，則下列判斷正確的是(　　) A．小球在C點(diǎn)受到的洛倫茲力大小為qB B．小球在C點(diǎn)對軌道的壓力大小為3mg－qB C．小球從C到D的過程中，外力F的大小保持不變 D．小球從C到D的過程中，外力F的功率不變 解析：選B.由于洛倫茲力不

13、做功，所以從A到C過程中，只有重力做功，故有mgR＝mv，解得vC＝，在C點(diǎn)受到豎直向上的洛倫茲力，大小為FB＝Bqv＝Bq，A錯誤；在C點(diǎn)，受到向上的洛倫茲力，向上的支持力，向下的重力，三者的合力充當(dāng)向心力，故有FB＋N－mg＝m，解得N＝3mg－qB，B正確；小球從C到D的過程中，洛倫茲力和支持力沿水平方向的分力增大，所以水平外力F增大，故C錯誤；小球從C到D的過程中小球的速率不變，而洛倫茲力和支持力不做功，所以小球的動能不變，外力F的功率與重力的功率大小相等，方向相反．由運(yùn)動的合成與分解可知，小球從C向D運(yùn)動的過程中，豎直方向的分速度越來越大，所以重力的功率增大，所以外力F的功率也增大，

14、故D錯誤． 12.(2019臺州調(diào)研)如圖所示，在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，MN是一豎直放置的足夠長的感光板．從圓形磁場最高點(diǎn)P以速度v垂直磁場射入大量帶正電的粒子，且粒子所帶電荷量為q、質(zhì)量為m.不考慮粒子間的相互作用力和粒子的重力，關(guān)于這些粒子的運(yùn)動以下說法正確的是(　　) A．只要對著圓心入射，出射后均可垂直打在MN上 B．即使是對著圓心入射的粒子，其出射方向的反向延長線也不一定過圓心 C．只要速度滿足v＝，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上 D．對著圓心入射的粒子，速度越大在磁場中通過的弧長越長，時間也越長 解析：選C.粒子的速度不同，在磁

15、場中做圓周運(yùn)動的半徑不同，從圓形磁場中出來后不一定垂直打在MN板上，選項A錯誤；沿圓心進(jìn)入圓形磁場的粒子，離開磁場時速度的反向延長線一定過圓心，選項B錯誤；若粒子的速度為v＝，粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為r＝R，粒子離開磁場時速度沿水平方向，垂直打在MN板上，選項C正確；速度越大的粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡對應(yīng)的圓心角越小，因而運(yùn)動時間越短，選項D錯誤． 13．(2019杭州調(diào)研)如圖所示，電源電動勢E＝10 V，內(nèi)阻r＝1 Ω.閉合開關(guān)S后，標(biāo)有“8 V，12 W”的燈光恰能正常發(fā)光．電動機(jī)M線圈的電阻R0＝4 Ω，則下列說法正確的是(　　) A．電源的輸出功率為14 W B．流過電機(jī)的

16、電流為1 A C．電機(jī)輸出功率為3 W D．通電5 s電機(jī)產(chǎn)生80 J的熱 解析：選C.由題意知，并聯(lián)部分電壓為U＝8 V，內(nèi)電壓應(yīng)為U內(nèi)＝E－U＝2 V，總電流I＝＝2 A．電源的輸出功率P出＝UI＝16 W，故A錯誤；流過燈泡的電流I1＝＝ A＝1.5 A．則流過電動機(jī)的電流I2＝I－I1＝0.5 A，故B錯誤；電動機(jī)的總功率P＝UI2＝80.5 W＝4 W，電動機(jī)的熱功率P0＝IR0＝0.524 W＝1 W，電動機(jī)的機(jī)械功率P機(jī)＝P－P0＝(4－1)W＝3 W，故C正確；則5 s內(nèi)產(chǎn)生的熱量Q＝P0t＝15 J＝5 J，故D錯誤． 二、選擇題Ⅱ(本題共3小題，每小題2分，共6分．

17、每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的．全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分) 14.Th(釷)經(jīng)過一系列α衰變和β衰變，變成 Pb(鉛)，下列說法正確的是(　　) A．鉛核比釷核少8個質(zhì)子 B．鉛核比釷核少16個中子 C．共經(jīng)過4次α衰變和6次β衰變 D．共經(jīng)過6次α衰變和4次β衰變 解析：選ABD.設(shè)α衰變次數(shù)為x，β衰變次數(shù)為y，由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒得 232＝208＋4x，90＝82＋2x－y，解得x＝6，y＝4，C錯、D對． 鉛核、釷核的質(zhì)子數(shù)分別為82、90，故A對． 鉛核、釷核的中子數(shù)分別為126、142，故B對． 15．如圖甲

18、為一列簡諧橫波在t＝0.10 s時刻的波形圖，P是平衡位置為x＝1 m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置為x＝4 m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動圖象，則(　　) A．t＝0.15 s時，質(zhì)點(diǎn)Q的加速度達(dá)到正向最大 B．t＝0.15 s時，質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動方向沿y軸負(fù)方向 C．從t＝0.10 s到t＝0.25 s，該波沿x軸正方向傳播了6 m D．從t＝0.10 s到t＝0.25 s，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為30 cm 解析：選AB.由題圖乙看出，t＝0.15 s時，質(zhì)點(diǎn)Q位于負(fù)方向的最大位移處，而簡諧運(yùn)動的加速度大小與位移大小成正比，方向與位移方向相反，所以加速度為正向最大值，A項正確；由題圖乙看出，

19、簡諧運(yùn)動的周期T＝0.20 s，t＝0.10 s時，質(zhì)點(diǎn)Q的速度方向沿y軸負(fù)方向，由題圖甲可以看出，波的傳播方向應(yīng)該沿x軸負(fù)方向，C項錯誤；因圖甲是t＝0.10 s時的波形，所以t＝0.15 s時，經(jīng)歷了0.05 s＝的時間，圖甲的波形向x軸負(fù)方向平移了＝2 m的距離，如圖所示，因波向x軸負(fù)方向傳播，則此時P點(diǎn)的運(yùn)動方向沿y軸負(fù)方向，B項正確；由題圖甲可以看出，由于t＝0.10 s時質(zhì)點(diǎn)P不處于平衡位置或最大位移處，故從t＝0.10 s到t＝0.25 s，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程不為30 cm，D項錯誤． 16．一臺小型發(fā)電機(jī)(甲)產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示．已知發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為

20、5.0 Ω，現(xiàn)外接一只電阻為95.0 Ω的燈泡，則(　　 ) A．電壓表V的示數(shù)為220 V B．電路中的電流方向每秒鐘改變100次 C．通過燈泡電流的最大值為2.2 A D．發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為48.4 J 解析：選BC.電源電動勢為220 V，電壓表的示數(shù)表示外電阻上的電壓，應(yīng)該為2200.95 V＝209 V，所以A選項錯誤；因交流電的周期是0.02 s，所以頻率為50 Hz，而電流方向每一個周期改變兩次，所以每秒鐘改變100次，B選項正確；電流最大值為 A＝2.2 A，所以C選項正確；由C可知電流有效值為2.2 A，所以發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的熱量為Q＝2.2251 J＝24.2 J，所以D選項錯誤．