高考物理一輪復習 第二章 相互作用 第一講 重力 彈力 摩擦力課時作業(yè)

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1、第一講 重力 彈力 摩擦力 A組·基礎題一、單項選擇題1下列關于重力的說法中正確的是()A物體只有靜止時才受重力作用B重力的方向總是指向地心C地面上的物體在赤道上受的重力最小D物體掛在彈簧測力計下，彈簧測力計的示數一定等于物體的重力解析：任何物體均受重力作用，重力的方向豎直向下，不一定指向地心，A、B均錯誤；地面上的物體在赤道上受到的重力最小，C正確；當物體處于靜止狀態(tài)時，彈簧測力計的示數才等于懸掛的物體的重力大小，D錯誤答案：C2(2017·宜昌模擬)下列關于摩擦力的說法中，錯誤的是()A兩物體間有摩擦力，一定有彈力，且摩擦力的方向和它們的彈力方向垂直B兩物體間的摩擦力大

2、小和它們間的壓力一定成正比C在兩個運動的物體之間可以存在靜摩擦力，且靜摩擦力的方向可以與運動方向成任意角度D滑動摩擦力的方向可以與物體的運動方向相同，也可以相反解析：摩擦力方向沿接觸面，彈力方向垂直接觸面，且有摩擦力一定有彈力，有彈力不一定有摩擦力，A正確；靜摩擦力與壓力沒有關系，B錯誤；靜摩擦力可以產生在運動的物體間，且靜摩擦力的方向可以與運動方向成任意角度，例如，靜摩擦力提供向心力，C正確；滑動摩擦力可以是動力也可以是阻力，D正確答案：B3(2017·河南周口西華一中聯考)一彈簧測力計更換彈簧后不能直接在原來準確的均勻刻度上讀數，經測試發(fā)現，不掛重物時，示數為2 N，在彈性限度內

3、掛100 N的重物時，示數為92 N，則當掛上某重物而使示數為20 N時，所掛重物實際重為()A16.2 NB18 NC20 N D22.2 N解析：由胡克定律Fkx得：100 Nk(922)，設物體所受的實際重力為G，由胡克定律得Gk(202)，聯立得，解得G20 N，即物體所受的實際重力為20 N，故C正確答案：C4.(2016·寧夏石嘴山三中期末)如圖所示，完全相同的質量為m的A、B兩球用兩根等長的細線懸掛在O點，兩球之間夾著一根勁度系數為k的輕彈簧，靜止不動時，彈簧處于水平方向，兩根細線之間的夾角為，則彈簧的長度被壓縮了()A. B.C. D.解析：對其中一個小球進行受力分析

4、，如圖所示，根據平衡條件可得Fmgtan ，根據胡可定律可得Fkx，聯立兩式解得x，A正確答案：A5.如圖所示，物塊A放在傾斜的木板上，木板的傾角分別為30°和45°時物塊所受摩擦力的大小恰好相同，則物塊和木板間的動摩擦因數為()A. B.C. D.解析：木板的傾角為30°時物塊靜止，所受摩擦力為靜摩擦力，由沿斜面方向二力平衡可知其大小為mgsin 30°；木板的傾角為45°時物塊滑動，所受摩擦力為滑動摩擦力，大小為mgcos 45°，由二者相等可得物塊和木板間的動摩擦因數為.答案：C二、多項選擇題6.(2016·廣東中山華

5、僑中學一模)如圖所示，有一剛性方形容器被水平力F壓在豎直的墻面上處于靜止狀態(tài)現緩慢地向容器內注水，直到注滿為止，在此過程中容器始終保持靜止，下列說法中正確的是()A容器受到的摩擦力逐漸增大B容器受到的摩擦力不變C水平力F可能不變D水平力F必須逐漸增大解析：由題知，容器始終處于靜止狀態(tài)，則其受力平衡，即所受的摩擦力大小等于容器和水的總重力，所以容器受到的摩擦力逐漸增大，故A正確，B錯誤；水平方向上容器受力平衡，若最大靜摩擦力大于重力，則力F可能不變，若最大靜摩擦力小于等于重力，則力F要增大，故C正確，D錯誤答案：AC7.(2017·遼寧期末)如圖所示，質量為m的木塊A放在質量為M的三角

6、形斜劈B上，現同時用大小為F1和F2、方向相反的水平力分別推木塊A和斜劈B，它們均靜止不動，則()A地面對B的支持力的大小一定等于(Mm)gBF1、F2一定等大反向CA與B之間一定存在摩擦力DB與地面之間可能存在摩擦力解析：對A、B整體受力分析，受到重力(Mm)g、支持力FN和已知的兩個推力，地面對整體可能有靜摩擦力，根據平衡條件有FN(Mm)g，故A正確；對整體，水平方向可能有摩擦力，故F1、F2不一定等大反向，故B錯誤；對物體A受力分析，受重力mg、已知的推力F1、斜劈B對A的支持力FN和摩擦力Ff，當推力F1沿斜面向上的分力大于重力沿斜面向下的分力時，摩擦力的方向沿斜面向下，如圖所示當推

7、力F1沿斜面的分力小于重力沿斜面的分力時，摩擦力的方向沿斜面向上，如圖所示：當推力F1沿斜面的分力等于重力沿斜面的分力時，摩擦力為零，如圖所示：即物體A、B間不一定有摩擦力，故C錯誤；對整體，只有當F1F2時，斜劈B不受靜摩擦力，故D正確答案：AD8.(2017·西安模擬)如圖所示，傾角為的斜面體C置于水平地面上，小物塊B置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與物體A相連接，連接物塊B的一段細繩與斜面平行，已知A、B、C都處于靜止狀態(tài)則()A物體B受到斜面體的摩擦力一定不為零B斜面體C受到水平面的摩擦力一定為零C斜面體C有沿地面向右滑動的趨勢，一定受到地面向左的摩擦力D將細繩剪斷，若B

8、物體依然靜止在斜面上，此時水平面對斜面體C的摩擦力為零解析：當物塊B滿足mBgsin mAg時，物塊B受到斜面體C的摩擦力為零，選項A錯誤；對BC整體而言，受到斜向右上方的繩子的拉力，故斜面體C有沿地面向右滑動的趨勢，一定受到地面向左的摩擦力，選項B錯誤，C正確；將細繩剪斷，若B物體依然靜止在斜面上，此時對BC整體水平方向合力為零，即水平面對斜面體C的摩擦力為零，選項D正確答案：CDB組·能力題選擇題9.(2017·黃岡質檢)如圖所示，一輕質彈簧兩端分別與豎直墻壁和物塊連接，物塊位于水平面上A、B是物塊能保持靜止的位置中離墻壁最近和最遠的點，A、B兩點離墻壁的距離分別是x1

9、、x2.物塊與地面的最大靜摩擦力為Ffm，則彈簧的勁度系數為()A. B.C. D.解析：物塊在離墻壁的最近和最遠點，受到的靜摩擦力等于最大靜摩擦力Ffm，由平衡條件可得：Ffmk(l0x1)，Ffmk(x2l0)，解得k，C正確答案：C10.一個長度為L的輕彈簧，將其上端固定，下端掛一個質量為m的小球時，彈簧的總長度變?yōu)?L.現將兩個這樣的彈簧按如圖所示方式連接，A、B兩小球的質量均為m，則兩小球平衡時，B小球距懸點O的距離為(不考慮小球的大小，且彈簧都在彈性限度范圍內)()A3L B4LC5L D6L解析：由題意可知，kLmg，當用兩個相同的彈簧按題圖所示懸掛時，下面彈簧彈力大小為mg，伸

10、長量為L，而上面彈簧的彈力為2mg，由kx2mg可知，上面彈簧伸長量為x2L，故B球到懸點O的距離為LLL2L5L，C正確答案：C11.(2017·重慶萬州二中期中)如圖，兩個彈簧的質量不計，勁度系數分別為k1、k2，它們一端固定在質量為m的物體上，另一端分別固定在Q、P上，當物體平衡時上面的彈簧處于原長，若把固定的物體換為質量為2m的物體(彈簧的長度不變，且彈簧均在彈性限度內)，當物體再次平衡時，物體比第一次平衡時的位置下降了x，則x為()A. B.C. D.解析：當物體的質量為m時，下方彈簧被壓縮的長度為x1；當物體的質量變?yōu)?m時，設物體下降的高度為x，則上方彈簧伸長的長度為x

11、，下方彈簧被壓縮的長度為x1x，兩彈簧彈力之和等于2mg，由胡克定律和平衡條件得k2xk1(x1x)2mg，聯立解得x，故A正確答案：A12(2017·山東師范大學附中模擬)斜面ABC固定在水平面上，AB面光滑，BC面粗糙，AB長度是BC長度的兩倍三個相同木塊a、b、c通過輕質光滑定滑輪用細線相連，細線平行于斜面，如圖所示用手按住c，使其靜止在BC上；現撤去c所受手的作用力，則下列關于木塊c的判斷正確的是()A沿BC面下滑B沿BC面上滑C仍靜止，所受摩擦力為零D仍靜止，所受摩擦力不為零解析：假設撤去c所受的作用力后木塊a、b、c仍靜止，則對木塊a、b組成的整體進行受力分析，線的拉力F

12、T2mgsin .對木塊c進行受力分析，木塊c所受重力沿斜面向下的分力等于mgsin ，因為，所以sin 2sin ，2mgsin mgsin ，木塊c沿斜面方向的合力為零，所以木塊c仍靜止，所受摩擦力為零，C正確答案：C13.(2017·福建六校聯考)如圖所示，三個質量均為1 kg的木塊a、b、c和兩個勁度系數均為500 N/m的輕彈簧p、q用輕繩連接，其中a放在光滑水平桌面上開始時p彈簧處于原長，木塊都處于靜止狀態(tài)現用水平力緩慢地向左拉p彈簧的左端，直到c木塊剛好離開水平面為止，g取值10 m/s2.該過程p彈簧的左端向左移動的距離是()A4 cm B6 cmC8 cm D10

13、cm解析：彈簧q開始處于壓縮狀態(tài)，kx1mg，當c剛好離開水平地面時，彈簧q處于伸長狀態(tài)kx1mg，此時彈簧p處于伸長狀態(tài)，彈力大小為kx22mg，代入數據可解得：x1x12 cm，x24 cm，故此過程中p彈簧的左端向左移動的距離為x1x1x28 cm，C正確答案：C14(多選)(2017·安徽皖南八校第二次聯考)有一直角V形槽可以繞O點在豎直平面內轉動，其截面如圖所示，OD面與水平面間的夾角為.有一質量為m的正方體均勻木塊放在槽內，木塊與OC、OD面間的動摩擦因數都為，現用垂直于紙面向里的力推木塊使之沿槽運動，則()A若60°，木塊所受的摩擦力為mgB若60°

14、，木塊所受的摩擦力為mgC在0到90°變化的過程中，木塊所受的摩擦力最大值為mgD在0到90°變化的過程中，木塊所受的摩擦力最大值為mg解析：將木塊重力按照實際作用效果正交分解，則木塊對OC、OD兩面的壓力分別為：FOCmgsin ，FODmgcos ，則木塊受到的滑動摩擦力為：Ff(FOCFOD)(mgsin mgcos )，當60°時，Ffmg，故A錯誤，B正確；在0到90°變化的過程中，木塊所受的摩擦力為：Ff(mgsin mgcos )mgsin(45°)，當45°時，摩擦力最大，最大為Ffmaxmg，故C錯誤，D正確答案：B

15、D15(多選)(2017·湖南三校第一次聯考)如圖甲所示，質量為m的半球體靜止在傾角為的平板上，當從0°緩慢增大到90°的過程中，半球體所受摩擦力Ff與的關系如圖乙所示，已知半球體始終沒有脫離平板，半球體與平板間的動摩擦因數為，最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，重力加速度為g，則()A0q段圖象可能是直線Bq段圖象不可能是直線CqDp解析：半圓體在平板上恰好開始滑動的臨界條件是：mgsin mgcos .故有tan ，解得，即q，故C錯誤在0之間時，Ff是靜摩擦力，大小為mgsin ；在之間時，Ff是滑動摩擦力，大小為mgcos ；綜合以上分析得Ff與的關系如圖中實線

16、所示，故A錯誤，B正確當時，Ffmgsin ，即p，故D正確答案：BD16(多選)(2017·浙江金麗衢十二校聯考)如圖所示，木塊A、B分別重50 N和60 N，它們與水平地面之間的動摩擦因數均為0.24.夾在A、B之間的輕彈簧被壓縮了2 cm，彈簧的勁度系數為400 N/m.系統置于水平地面上靜止不動現用水平力F作用在木塊B上，則()A若F1 N，則木塊B所受摩擦力大小是9 NB若F1 N，則木塊A所受摩擦力大小是7 NC若木塊A、B能一起保持勻速運動，則拉力F24.6 ND若木塊A、B能一起保持勻速運動，則A、B間彈簧的伸長量為3 cm解析：木塊A與地面間的滑動摩擦力為FfAmA

17、g0.24×50 N12 N，木塊B與地面間的滑動摩擦力為FfBmBg0.24×60 N14.4 N，彈簧彈力為F彈kx400×0.02 N8 N施加水平拉力F1 N后，對B木塊進行受力分析，豎直方向上重力與支持力平衡，水平方向受向右的彈簧彈力和拉力，由于B木塊與地面間的最大靜摩擦力為14.4 N(等于滑動摩擦力)，大于彈簧彈力和拉力之和，故木塊B靜止不動，木塊B受到的靜摩擦力與彈簧彈力和拉力的合力平衡，因而有FfBF彈F8 N1 N9 N，彈簧長度沒有變化，彈力不變，故木塊A相對地面有向左的運動趨勢，其受到向右的靜摩擦力，且與彈力大小相等，因而有FfAF彈8 N

18、，故A正確，B錯誤木塊A、B能一起保持勻速運動時，木塊A、B均受滑動摩擦力作用，選木塊A為研究對象，對A木塊進行受力分析，豎直方向上重力與支持力平衡，水平方向上向右的彈簧彈力和向左的滑動摩擦力大小相等，F彈kx12 N，解得x3 cm，故D正確選木塊A、B整體為研究對象，進行受力分析，豎直方向上重力與支持力平衡，水平方向上水平拉力F與木塊A、B所受滑動摩擦力之和大小相等，F26.4 N，故C錯誤答案：AD我國經濟發(fā)展進入新常態(tài)，需要轉變經濟發(fā)展方式，改變粗放式增長模式，不斷優(yōu)化經濟結構，實現經濟健康可持續(xù)發(fā)展進區(qū)域協調發(fā)展，推進新型城鎮(zhèn)化，推動城鄉(xiāng)發(fā)展一體化因：我國經濟發(fā)展還面臨區(qū)域發(fā)展不平衡、城鎮(zhèn)化水平不高、城鄉(xiāng)發(fā)展不平衡不協調等現實挑戰(zhàn)。