平面三角函數(shù)綜合問題

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1、平面三角函數(shù)綜合問題 上海市第五十四中學(xué) 連月桂 教學(xué)目的: 三角函數(shù)是高中數(shù)學(xué)的一部分,它與其它數(shù)學(xué)知識之間有著廣泛而又密切的聯(lián) 系,認真分析和運用這些聯(lián)系, 可以提高分析問題、解決問題的能力, 又由于三角函數(shù)這部 分內(nèi)容的工具性作用很強, 在做綜合習題時應(yīng)注意知識的實際應(yīng)用, 而不必追求題目的難度、 深度,更不必過分追求解題技巧,而應(yīng)在提高自己解題能力上多花功夫 ^ 教學(xué)重點、難點:靈活運用三角函數(shù)有關(guān)公式解決實際問題 教學(xué)過程: [典型例題] 例1.如圖2,建筑物AE與地面垂直,在某點 B處測得建筑物 AE的頂端A的仰角為0 ,沿 直線BE方向前進30m到點C,測得頂端A

2、的仰角為2。,再沿直線BE前進10出小,至ij D點 測得頂端A的仰角為4。,求AE的高和0角. 解:由已知 BC=30m CD =10,3m 在 Rt^ABE中,BE=AE ctg8 在 Rt^ACE中,CE=AE- ctg2 0 ? . BC=BE-CE=AEctg 0 -ctg2 9) 同理可得 CD=CE-DE=AEctg2 0 -ctg4 0 ) 子曰 BC AE(ctg^ -ctg2R CD AE(ctg2? - ctg4R 即30二網(wǎng)…吟 =2cos2「 10 v 3 ctg 2 1-ctg 41 cos29 =逐,得 2 0=30。, 0 =15。 2

3、AE = — AC = —BC = 15m 2 2 ,建筑物高為 15ml 0 =15 這是一個三角函數(shù)在實際測量方面的應(yīng)用題 .在解決過程中運用了幾何知識和方程的思 想,顯然,三角函數(shù)式的化簡,在解題中起到了關(guān)鍵的作用 ^ 這一題應(yīng)用題考的是三角知識,但三角知識本身并不難,難在“翻譯”,將自然語言 翻譯成數(shù)字語言.解應(yīng)用題實質(zhì)就是根據(jù)題目列出幾個等式,根據(jù)題目,很容易給出, AE AE BC = , CD = .這類題目根本沒有思考余地 . sin 2 sin 4^ 例 2.4ABC 的三個內(nèi)角為 A B、C 互不相等,方程:(sinB-sinC)x 2+(sinC-

4、sinA)x+sinA-sinB=0 有兩個相等的實根. A C ⑴求tg — tg —的值. 2 2 (2)求角B的范圍. 解:(1)由方程(sinB-sinC)x 2+(sinC-sinA)x+sinA-sinB=0 有兩個相等實根,可知 sinB-sinC w 0,且: △ 二 (sinC-sinA ) 2-4(sinB-sinC)(sinA-sinB)=0 即 sin 2A+sin 2C+4sin2B+2sinAsinC-4sinAsinB-4sinBsinC=0 (sinC+sinA-2sinB) 2=0 sinC+sinA=2sinB 又由△ ABC中,A+

5、B+Cf sinC+sinA=2sin(A+C) A C 1 應(yīng)用和差化積與彳角公式,得 tg A 4g C = 1 2 2 3 (2)由(1)中,sinC+sinA=2sinB ,應(yīng)用正弦定理,可得 a+c=2b O 1 O 即 b (a c) 4 cosB 二 2 2 2 a c -b 2ac _ 2 2 3(a c ) _1 8ac 4 a2+c2>2ac,當且僅當a=c時等號成立,而由已知條件 awc,即等號不能成立. 2 2 2 「a c -b cosB 二 2ac 2 2 3(a c ) 1 8ac 4 6ac 1 1

6、 > ——=— 8ac 4 2 =cos60 由B為△ ABC的內(nèi)角,得 0

7、多了 . 例3.在△ ABC中,三個內(nèi)角 A、B C滿足:sin C = sin A+sin B 其內(nèi)切圓半徑為 「, cos A cosB r 外接圓半徑為R,求E的最大值,并指出此時△ ABC的形狀. 解:4ABC中,A+B+C=t sin A sin B 由 sinC = cosA cosB C cos 2 .C sin — 2 i C C 一 一 . C ? 又由 sin C =2sin —cos—(二角形 ABC 中,cos—豐 0) 2 2 2 ,c/ 2 sin =—— 2 2 即 C=90 「.△ABE直角△,設(shè)其三邊為 a、b、c,可得其外

8、接圓半徑即斜邊之半為 內(nèi)切圓半徑為 ,r R ab r 二 a b c ab a b c 2ab 2sin Asin B =a b c = = (其中 sinC=1 ) c c(a b c) sin A sin B 1 2 _ cos(A- Bf)- cos(A+ B) ~A-B , 2 sin cos + 1 2 2 [其中 cos(A+B)=0] cos(A- B) r A- B V2 cos + 1 31 當且僅當A=B時,即A = B= 時等號成立. 4

9、 的最大值為 J2 -1 ,此時△ ABC為等腰直角三角形 R 本題是三角形內(nèi)的三角函數(shù)問題, 在處理這一類問題時, 實際上多了一些隱含條件: A+B+C=,且 A、B C均在(0,兀)范圍內(nèi),并且有 sin(A+B尸sinC , cos(A+B尸-cosC ; A+B C A+B C sin = cos— cos = sin — 2 2 , 2 2 ; 并且要熟練掌握正弦定理、余弦定理,三角形的面積公式等 ^ 例1,

10、例3都是關(guān)于三角形中的三角運算 .例2的實質(zhì)前提是sinA+sinC=2sinB.所有的高一 A C 1 學(xué)生都應(yīng)該做過幾遍這一題了,以后記住 sinA+sinC=2sinB ,就是告訴你tg tg =, 2 2 3 A C 在許多題目中,tg —tg —并不是最后所求,為了解題,你往往要把所求的式子化為含 2 2 A C tg—tg —的然后代入.例3前提挺復(fù)雜,一看到題目,就應(yīng)該自覺地化簡前提 .例2,例 2 2 3這一類題目往往出的很規(guī)范, 化簡前提中要用 A+B+C=t ,化簡過程中往往只留下 A+B, A+C, A, B, C, B+C之類項,而約去二

11、角差的三角函數(shù) .另一點,三角形中角與邊的互換利用是這 一類題目的特點.一見這類題目,就有必須考慮到角,邊關(guān)系,如例 3,給出角的關(guān)系,要 你求r, R關(guān)系,你很自然想起正弦定理:半徑與角,邊關(guān)系 .正、余弦定理是角與邊之間的 橋梁.關(guān)于三角形中三角運算的題目特點是很明顯的,解題方法思路也很規(guī)范,希望你自已 好好體會把握一下,尤其是角與邊的互換關(guān)系,是本節(jié)的重點 ^ 例 4.已知函數(shù) f(X)=tgX, (0

12、: 1 X1 X2、, X1 X ①把一[f(X1)+ f(X2)]、f (--2)或 f(X1)+ f(X2)-2f(-一2)轉(zhuǎn)化為三角 2 2 2 函數(shù)式,應(yīng)用三角函數(shù)式的變化規(guī)律,對其進行整理化簡,然后再給以嚴格的證明; X ②如果注意到萬能公式,則可以運用變量代替,令 t = tg上,使原來含有三角函數(shù) 2 的不等式,向普通代數(shù)不等式轉(zhuǎn)化,然后再給予相應(yīng)的證明,這樣,由于思考方向的差異, 當然就會出現(xiàn)不同的證明方法 . 證法 一:f(x i)+f(x 2) fin 然] sinx2 COSXj cosx2 _ sin(町 + 世) COS鱉1C0SK2 2殉町

13、+町) co 炳 +x2) + ccs(x1 一町) 即 1[f(xi) f(X2)]:一則3— 2 cos(x1 x2) cos(x1 -x2) 而 f(」)=tg3 = sin(xi M 2 2 1cos(x1 x2) 0 0, cosxi ? cosx2>0, 0 SEXI +X2),得證。 cos(x1 x2) cos(x1 -x2) 1 cos(x1 x2) 證法二:設(shè) M =

14、f(x1)+ f (x2) —2f(x1 *x2) 2 = ta + tgX2-2館 ? & , 2i +叼、. Xi +父公 =他陽—tg-1 +(t圖2「館], u u M = tgfxL-空,? (1 + tgx 擅 士盧)+ tg(x2 -受產(chǎn))Q +1群魂空當 二館(巴/)。+ tgXjtg生詈)+ tg(三色)(1 + tgx 2館巴羅) Ml 一叼上岡十功\「 1 二館( )館( )[源1 - t期d 五 由已知 0 :二 x1 :二 x2 :二一 2 tg工^ > 0 tg)磔tgx17部 a) 乂 2 , 2 即M>0 Xi X2) 證法三:

15、由tgx 2tg 2 1 -tg 人 X1 令…a, X2 …萬, 2tl 2t2 1 r r ■- 2[f(Xi) f(X2)] tl (tl Y2)(1川2) 由已知0 :二x1 :: x2 1-t12 1-t22 (1-tl )(1 -t2 ) JI < 一,即 2 0 :二 X1 X2 JI 一1 一 一 一 可得 2[f(X1) f(X2)] f( 00 八 X1 X2 / r 1? 0 Ctg 一 Ctg ——<1 ,即 2 2 于是得 t12+t 22>2t 1t2, 1-

16、t 12>0 即 0<(1-t 12)(1-t 22)<(1-t 1t 2)2 + ”)(1 一 句") + ")(1 - t]t/ .. 了不1二3—7 得證。 這個習題告訴我們,在某些代數(shù)習題中,常隱含有三角函數(shù)方面的問題,在處理這類 問題時,首先應(yīng)分析清楚代數(shù)問題所涉及的問題的本質(zhì), 然后再分析三角函數(shù)的一般規(guī)律在 這個問題中是如何體現(xiàn)的, 證法一和證法二實際上是把代數(shù)問題轉(zhuǎn)化為了三角函數(shù)問題進行 處理,然后再回到代數(shù)問題上來,而證法三則是通過變量代替, 使隱含的三角函數(shù)轉(zhuǎn)化為純 代數(shù)問題,從而使問題得以解決, 無論是哪種證法,都突出說明了高中數(shù)學(xué)知識是一個整體, 在復(fù)習三

17、角函數(shù)時,不僅要理解和掌握三角函數(shù)本身的特點和其內(nèi)在規(guī)律, 而且也要明確三 角函數(shù)與其它數(shù)學(xué)知識的廣泛聯(lián)系,以及三角函數(shù)作為工具,在整個數(shù)學(xué)學(xué)習中的作用 . 相對而言,解法1,解法2,運用的三角知識比解法 3要多,不過我認為解法 3反而更 突出做三角題要注意的一些特點 .學(xué)三角最頭痛的是如何選擇公式,如何決定變形方向,往 往一題做到一定步驟時你會發(fā)現(xiàn)有好幾個公式可以用,有好幾個轉(zhuǎn)換方向可選擇 .解法3從 一下手起就很明確地選擇了半角的轉(zhuǎn)化思路,使題目很輕松地轉(zhuǎn)化為 (1-t 12)(1-t 22)與 (1-t lt2)2的比較,進而轉(zhuǎn)化為ti2+t22與tlt2間的比較.而這種選擇應(yīng)該

18、是比較自然的選擇: 簡單 . 就我個人而言,解 1 ,解 2 的變形選擇方向不如解 3 自然 . 做三角題,一定要分析題 目前提與要求結(jié)果中角的關(guān)系,特點,進而確定變形方向思路 . 盲目地變形十之八九是能做 出題目的,但似乎耗時多了點 . 不過就我經(jīng)驗而言,很多變形方向是在有限地盲目變形地試 探后才發(fā)現(xiàn)的, 因為做三角題另一方面一定要勇于去試, 但要靈活地放棄選擇, 不要鉆牛角 尖,要重視一些變形方向思路的積累,很多題目有共同特點,做過一次,如角是等比,等差 關(guān)系之類的,下次做時,就應(yīng)該有背書默寫的感覺 . 總結(jié): 三角題,尤其是選擇是比較容易偷懶,做摸底檢查時, 1) 我把寶押在 b>c. 2) 隨便代入一個值 . 3) 這題中 cosA

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