高考物理考前三個(gè)月 名師專題講義 專題二 力與物體的直線運(yùn)動(dòng) 第2課時(shí) 動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在電學(xué)中的應(yīng)用課件

《高考物理考前三個(gè)月 名師專題講義 專題二 力與物體的直線運(yùn)動(dòng) 第2課時(shí) 動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在電學(xué)中的應(yīng)用課件》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理考前三個(gè)月 名師專題講義 專題二 力與物體的直線運(yùn)動(dòng) 第2課時(shí) 動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在電學(xué)中的應(yīng)用課件（42頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 知 識(shí) 方 法 聚 焦 熱 點(diǎn) 考 向 例 析 審題破題 真題演練欄目索引知識(shí)方法聚焦 知識(shí)回扣 1.垂直于垂直于2.勻速直線勻速直線3.勻變速直線勻變速直線4.勻速直線勻速直線 減小減小 減小減小知識(shí)方法聚焦規(guī)律方法1.帶電粒子在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題：在電場(chǎng)中處理力學(xué)問(wèn)帶電粒子在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題：在電場(chǎng)中處理力學(xué)問(wèn)題時(shí)，其分析方法與力學(xué)相同題時(shí)，其分析方法與力學(xué)相同.首先首先進(jìn)行進(jìn)行 ，然后看然后看粒子所受的合力粒子所受的合力與與是否是否一致，其運(yùn)動(dòng)類型有電場(chǎng)內(nèi)一致，其運(yùn)動(dòng)類型有電場(chǎng)內(nèi)的加速運(yùn)動(dòng)和在交變電場(chǎng)內(nèi)的往復(fù)運(yùn)動(dòng)的加速運(yùn)動(dòng)和在交變電場(chǎng)內(nèi)的往復(fù)運(yùn)動(dòng).受力分析受力分析速度方向速度

2、方向2.帶電粒子在交變電場(chǎng)中的直線運(yùn)動(dòng)，一般多以加速、減速帶電粒子在交變電場(chǎng)中的直線運(yùn)動(dòng)，一般多以加速、減速交替出現(xiàn)的多運(yùn)動(dòng)過(guò)程的情景出現(xiàn)交替出現(xiàn)的多運(yùn)動(dòng)過(guò)程的情景出現(xiàn).解決的方法：解決的方法：(1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)或動(dòng)力學(xué)分析其中一個(gè)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)或動(dòng)力學(xué)分析其中一個(gè) 內(nèi)相關(guān)物內(nèi)相關(guān)物理量的變化規(guī)律理量的變化規(guī)律.(2)借助運(yùn)動(dòng)圖借助運(yùn)動(dòng)圖像像進(jìn)行運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析進(jìn)行運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析.變化周期變化周期熱點(diǎn)考向例析考向1電場(chǎng)內(nèi)動(dòng)力學(xué)問(wèn)題分析例例1 1如圖如圖1所示，一光滑所示，一光滑絕緣水平絕緣水平木板木板(木板足夠長(zhǎng)木板足夠長(zhǎng))固定在水平向左固定在水平向左、電場(chǎng)強(qiáng)度電場(chǎng)強(qiáng)度為為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，

3、一電電量量為為q(帶正電帶正電)的物體在水平恒力的物體在水平恒力F作用下從作用下從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始向點(diǎn)由靜止開(kāi)始向右加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)一段時(shí)間右加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)一段時(shí)間t撤去這個(gè)力，又經(jīng)時(shí)間撤去這個(gè)力，又經(jīng)時(shí)間2t物體返回物體返回A點(diǎn)，則點(diǎn)，則()圖圖1A.這一過(guò)程中帶電物體的電勢(shì)能先增加后減小，其變化量為這一過(guò)程中帶電物體的電勢(shì)能先增加后減小，其變化量為0B.水平恒力與電場(chǎng)力的比為水平恒力與電場(chǎng)力的比為95C.水平恒力與電場(chǎng)力的比為水平恒力與電場(chǎng)力的比為73D.物體先向右加速到最右端，然后向左加速返回到物體先向右加速到最右端，然后向左加速返回到A點(diǎn)點(diǎn)審題突破審題突破 判斷電勢(shì)能變化的方法是什么？判斷電勢(shì)

4、能變化的方法是什么？“經(jīng)時(shí)間經(jīng)時(shí)間2t物體物體返回返回A點(diǎn)點(diǎn)”說(shuō)明物體向右的位移大小和向左位移大小有什么說(shuō)明物體向右的位移大小和向左位移大小有什么關(guān)系？關(guān)系？解析電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，總功為零，所以帶電物體電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，總功為零，所以帶電物體的電勢(shì)能先增加后減小，其變化量為的電勢(shì)能先增加后減小，其變化量為0，故，故A正確正確；物體先向右加速然后向右減速到最右端，然后向左加速返回物體先向右加速然后向右減速到最右端，然后向左加速返回到到A點(diǎn)，所以點(diǎn)，所以D錯(cuò)誤錯(cuò)誤.答案AB帶電體在電場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的分析關(guān)鍵在于受力分析，帶電體在電場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的分析關(guān)鍵在于受力分析，特別是電場(chǎng)力方向的確定

5、，在電場(chǎng)力方向已確定的情特別是電場(chǎng)力方向的確定，在電場(chǎng)力方向已確定的情況下，其動(dòng)力學(xué)的分析和力學(xué)問(wèn)題中的分析是一樣的況下，其動(dòng)力學(xué)的分析和力學(xué)問(wèn)題中的分析是一樣的.以題說(shuō)法針對(duì)訓(xùn)練針對(duì)訓(xùn)練1 如圖如圖2實(shí)線為電場(chǎng)中一條豎直的電場(chǎng)線，實(shí)線為電場(chǎng)中一條豎直的電場(chǎng)線，有一質(zhì)量為有一質(zhì)量為m、電量為、電量為q的小球，由該直線上的小球，由該直線上A點(diǎn)點(diǎn)靜止釋放，小球向下運(yùn)動(dòng)到達(dá)靜止釋放，小球向下運(yùn)動(dòng)到達(dá)B點(diǎn)減速為零后返回點(diǎn)減速為零后返回A點(diǎn)，則下列判斷正確的是點(diǎn)，則下列判斷正確的是()A.該電場(chǎng)可能是豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，且該電場(chǎng)可能是豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，且EB.A點(diǎn)的電勢(shì)高于點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)點(diǎn)電勢(shì)C

6、.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)D.向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，重力勢(shì)能的減少量總是等于電勢(shì)能向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，重力勢(shì)能的減少量總是等于電勢(shì)能的增加量的增加量圖圖2解析該該電場(chǎng)不可能是豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)且電場(chǎng)不可能是豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)且E ，否則否則小球從靜止開(kāi)始只能沿小球從靜止開(kāi)始只能沿AB做單向直線運(yùn)動(dòng)，回不到做單向直線運(yùn)動(dòng)，回不到A點(diǎn)，故點(diǎn)，故A錯(cuò)誤錯(cuò)誤.小球向下應(yīng)先加速后減速，所受的電場(chǎng)力方向必定豎直向上，小球向下應(yīng)先加速后減速，所受的電場(chǎng)力方向必定豎直向上，則電場(chǎng)線方向從則電場(chǎng)線方向從B指向指向A，所以，所以A點(diǎn)的電勢(shì)低于點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)，故點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤錯(cuò)誤.在在A點(diǎn)，有點(diǎn)，

7、有qEAmg，在，在B點(diǎn)，有點(diǎn)，有qEBmg，則得：，則得：EAEB，故故C正確正確.向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，小球有動(dòng)能時(shí)，根據(jù)能量守恒定律可知向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，小球有動(dòng)能時(shí)，根據(jù)能量守恒定律可知重力勢(shì)能的減少量等于動(dòng)能增加量和電勢(shì)能的增加量之和，重力勢(shì)能的減少量等于動(dòng)能增加量和電勢(shì)能的增加量之和，故故D錯(cuò)誤錯(cuò)誤.答案C熱點(diǎn)考向例析考向2磁場(chǎng)內(nèi)動(dòng)力學(xué)問(wèn)題分析例例2 如如圖圖3所示，空間有一垂直紙面向外所示，空間有一垂直紙面向外的的磁感應(yīng)強(qiáng)度磁感應(yīng)強(qiáng)度為為0.5 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為為0.2 kg且足夠長(zhǎng)的絕緣木板靜止在光滑且足夠長(zhǎng)的絕緣木板靜止在光滑水平水平面面上，在木板左端無(wú)初

8、速度放置一質(zhì)量為上，在木板左端無(wú)初速度放置一質(zhì)量為0.1 kg、電荷量、電荷量q0.2 C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)為的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，滑塊，滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力.t0時(shí)對(duì)木板施時(shí)對(duì)木板施加方向水平向左，大小為加方向水平向左，大小為0.6 N的恒力，的恒力，g取取10 m/s2.則則()圖圖3A.木板和滑塊一直做加速度為木板和滑塊一直做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)的勻加速運(yùn)動(dòng)B.滑塊開(kāi)始做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，最后做速度為滑塊開(kāi)始做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，最后做速度為10 m/s勻速運(yùn)動(dòng)勻速

9、運(yùn)動(dòng)C.木板先做加速度為木板先做加速度為2 m/s2勻加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度增大的運(yùn)勻加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度增大的運(yùn)動(dòng)，最后做加速度為動(dòng)，最后做加速度為3 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)的勻加速運(yùn)動(dòng)D.t5 s末滑塊未脫離木板且有相對(duì)運(yùn)動(dòng)末滑塊未脫離木板且有相對(duì)運(yùn)動(dòng)審題突破審題突破滑塊與木板一直保持相對(duì)靜止嗎？最終各自是什滑塊與木板一直保持相對(duì)靜止嗎？最終各自是什么運(yùn)動(dòng)狀態(tài)？么運(yùn)動(dòng)狀態(tài)？解析 由于由于動(dòng)摩擦因數(shù)為動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，靜摩擦力能提供的最大加速度，靜摩擦力能提供的最大加速度為為5 m/s2，所以當(dāng)，所以當(dāng)0.6 N的恒力作用于木板時(shí)，系統(tǒng)一起以的恒力作用于木板時(shí)，系統(tǒng)一起以a 的的加速度一起運(yùn)動(dòng)

10、，當(dāng)滑塊獲加速度一起運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊獲得向左的速度以后又產(chǎn)生一個(gè)方向向上的洛倫茲力，當(dāng)洛倫得向左的速度以后又產(chǎn)生一個(gè)方向向上的洛倫茲力，當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)滑塊與木板之間的彈力為零，此時(shí)茲力等于重力時(shí)滑塊與木板之間的彈力為零，此時(shí)Bqvmg，解得：解得：v10 m/s，此時(shí)摩擦力消失，滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)，而，此時(shí)摩擦力消失，滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)，而木木板板在恒力作用下做勻加速運(yùn)動(dòng)在恒力作用下做勻加速運(yùn)動(dòng)， 可可知知滑塊先與木板一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，滑塊先與木板一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，最后做速度為做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，最后做速度為10 m/s的勻

11、速運(yùn)動(dòng)，的勻速運(yùn)動(dòng)，故故A、B錯(cuò)誤，錯(cuò)誤，C正確正確.木塊開(kāi)始的加速度為木塊開(kāi)始的加速度為2 m/s2，一段時(shí)間后加速度逐漸減小，當(dāng)，一段時(shí)間后加速度逐漸減小，當(dāng)減小到零時(shí)，與木板脫離做勻速直線運(yùn)動(dòng)，知減小到零時(shí)，與木板脫離做勻速直線運(yùn)動(dòng)，知5 s末的速度小末的速度小于于10 m/s，知此時(shí)摩擦力不為零，還未脫離木板，故，知此時(shí)摩擦力不為零，還未脫離木板，故D正確正確.答案CD1.對(duì)于磁場(chǎng)內(nèi)的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題，要特別注意洛倫茲力的特對(duì)于磁場(chǎng)內(nèi)的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題，要特別注意洛倫茲力的特性，因性，因F洛洛qvB，則速度，則速度v的變化影響受力，受力的變的變化影響受力，受力的變化又反過(guò)來(lái)影響運(yùn)動(dòng)化又反過(guò)來(lái)影響運(yùn)

12、動(dòng).2.此類問(wèn)題也常出現(xiàn)臨界問(wèn)題，如本題中有兩個(gè)臨界：此類問(wèn)題也常出現(xiàn)臨界問(wèn)題，如本題中有兩個(gè)臨界：滑塊與木板相對(duì)運(yùn)動(dòng)的臨界和滑塊與木板間彈力為零滑塊與木板相對(duì)運(yùn)動(dòng)的臨界和滑塊與木板間彈力為零的臨界的臨界.以題說(shuō)法針對(duì)訓(xùn)練針對(duì)訓(xùn)練2 如如圖圖4所示，帶電平行板所示，帶電平行板中中勻勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平垂直紙面向里，某強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平垂直紙面向里，某帶帶電電小球從光滑絕緣軌道上的小球從光滑絕緣軌道上的a點(diǎn)自由點(diǎn)自由滑滑下下，經(jīng)過(guò)軌道端點(diǎn)，經(jīng)過(guò)軌道端點(diǎn)P進(jìn)入板間后恰能沿進(jìn)入板間后恰能沿水水平方平方向做直線運(yùn)動(dòng)向做直線運(yùn)動(dòng).現(xiàn)使小球從較低的現(xiàn)使小球從較低的b點(diǎn)開(kāi)始下滑，經(jīng)點(diǎn)開(kāi)始下滑，經(jīng)P點(diǎn)點(diǎn)進(jìn)入板間，在板

13、間的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中進(jìn)入板間，在板間的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中()A.其電勢(shì)能將會(huì)增大其電勢(shì)能將會(huì)增大B.其機(jī)械能將會(huì)增大其機(jī)械能將會(huì)增大C.小球所受的洛倫茲力的大小將會(huì)增大小球所受的洛倫茲力的大小將會(huì)增大D.小球受到的電場(chǎng)力將會(huì)小球受到的電場(chǎng)力將會(huì)增大增大圖圖4答案AC解析小球從小球從a點(diǎn)下滑經(jīng)過(guò)點(diǎn)下滑經(jīng)過(guò)P點(diǎn)進(jìn)入平行板間后受到重力、電點(diǎn)進(jìn)入平行板間后受到重力、電場(chǎng)力、洛倫茲力做勻速直線運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力和電場(chǎng)力同向，場(chǎng)力、洛倫茲力做勻速直線運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力和電場(chǎng)力同向，故都向上且小球帶正電；小球從稍低的故都向上且小球帶正電；小球從稍低的b點(diǎn)下滑時(shí)到達(dá)點(diǎn)下滑時(shí)到達(dá)P點(diǎn)的點(diǎn)的速度會(huì)變小，洛倫茲力減小，小球會(huì)向下偏轉(zhuǎn)，電

14、場(chǎng)力做負(fù)速度會(huì)變小，洛倫茲力減小，小球會(huì)向下偏轉(zhuǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，而機(jī)械能會(huì)減小，水平方向速度不變，但功，電勢(shì)能增加，而機(jī)械能會(huì)減小，水平方向速度不變，但豎直方向的速度增加，所以動(dòng)能將會(huì)增大，導(dǎo)致洛倫茲力也豎直方向的速度增加，所以動(dòng)能將會(huì)增大，導(dǎo)致洛倫茲力也會(huì)增大，電場(chǎng)力不變，故會(huì)增大，電場(chǎng)力不變，故A、C正確正確.熱點(diǎn)考向例析考向3電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題分析電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題分析例例3如圖如圖5所示，平行金屬導(dǎo)軌所示，平行金屬導(dǎo)軌PQ、MN相相距距d2 m，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角30，導(dǎo)軌上端接一個(gè)，導(dǎo)軌上端接一個(gè)R6 的電阻，的電阻，導(dǎo)導(dǎo)軌軌電阻不

15、計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度電阻不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0.5 T的勻強(qiáng)的勻強(qiáng)磁磁場(chǎng)場(chǎng)垂直導(dǎo)軌平面向上垂直導(dǎo)軌平面向上.一根質(zhì)量為一根質(zhì)量為m0.2 kg、電阻電阻r4 的金屬棒的金屬棒ef垂直導(dǎo)軌垂直導(dǎo)軌PQ、MN靜止放置，距離導(dǎo)靜止放置，距離導(dǎo)軌底端軌底端x13.2 m.另一根絕緣塑料棒另一根絕緣塑料棒gh與金屬棒與金屬棒ef平行放置平行放置，圖圖5審題突破審題突破絕緣塑料棒絕緣塑料棒gh沿導(dǎo)軌上滑時(shí)，受到哪些力的作用，沿導(dǎo)軌上滑時(shí)，受到哪些力的作用，做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)？碰撞后金屬棒做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)？碰撞后金屬棒ef向上做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)，向上做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)，何時(shí)加速度最大？何時(shí)加速度最大？(1)絕緣塑料棒絕緣

16、塑料棒gh與金屬棒與金屬棒ef碰撞前瞬間，絕緣塑料棒的速率碰撞前瞬間，絕緣塑料棒的速率；解析絕緣絕緣塑料棒與金屬棒相碰前，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)塑料棒與金屬棒相碰前，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由由牛頓第二定律得牛頓第二定律得Mgsin 30Mgcos 30Ma1解得解得v16 m/s.答案6 m/s(2)碰撞后金屬棒碰撞后金屬棒ef向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大加速度向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大加速度；解析 設(shè)設(shè)金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)速度為金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)速度為v，由能量守恒定律得，由能量守恒定律得金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度最大，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度最大，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBdv4 V解得解得v4 m/s答案12

17、 m/s2安培力安培力FBId0.4 N由牛頓第二定律得由牛頓第二定律得mgsin 30mgcos 30Fmam解得解得am12 m/s2.(3)金屬棒金屬棒ef向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)電阻向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)電阻R的電荷量的電荷量.解得解得q0.05 C.答案0.05 C對(duì)于導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中動(dòng)力學(xué)問(wèn)題的分析要特別注意棒對(duì)于導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中動(dòng)力學(xué)問(wèn)題的分析要特別注意棒中的感應(yīng)電流受到的安培力一定是阻力中的感應(yīng)電流受到的安培力一定是阻力.一般導(dǎo)體棒在一般導(dǎo)體棒在安培力和其他恒力作用下做的變速運(yùn)動(dòng)是加速度逐漸安培力和其他恒力作用下做的變速運(yùn)動(dòng)是加速度逐漸減小的變速運(yùn)動(dòng)，但在一定的條件下，也可以做勻變減小的變速

18、運(yùn)動(dòng)，但在一定的條件下，也可以做勻變速直線運(yùn)動(dòng)速直線運(yùn)動(dòng).以題說(shuō)法針對(duì)訓(xùn)練針對(duì)訓(xùn)練3 如如圖圖6甲所示，甲所示，MN、PQ是相距是相距d1.0 m足夠長(zhǎng)足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角為的平行光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角為，導(dǎo)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，整個(gè)導(dǎo)軌處在方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)軌電阻不計(jì)，整個(gè)導(dǎo)軌處在方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒磁場(chǎng)中，金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌垂直于導(dǎo)軌MN、PQ放置，且始終與導(dǎo)軌放置，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，已知金屬棒接觸良好，已知金屬棒ab的質(zhì)量的質(zhì)量m0.1 kg，其接入電路的，其接入電路的電阻電阻r1 ，小燈泡電阻，小燈泡電阻RL

19、9 ，重力加速度，重力加速度g取取10 m/s2.現(xiàn)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)現(xiàn)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，將棒，將棒ab由靜止釋放并開(kāi)始計(jì)時(shí)，由靜止釋放并開(kāi)始計(jì)時(shí)，t0.5 s時(shí)刻時(shí)刻閉合開(kāi)關(guān)閉合開(kāi)關(guān)S，圖乙為，圖乙為ab的速度隨時(shí)間變化的速度隨時(shí)間變化的的圖圖像像.求求：圖圖6解析 S斷開(kāi)時(shí)斷開(kāi)時(shí)ab做勻加速直線運(yùn)動(dòng)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)(1)金屬棒金屬棒ab開(kāi)始下滑時(shí)的加速度大小、斜面傾角的正弦值；開(kāi)始下滑時(shí)的加速度大小、斜面傾角的正弦值；根據(jù)牛頓第二定律有：根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin ma所以所以sin 答案6 m/s2解析 t0.5 s時(shí)時(shí)S閉合，閉合，ab先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)

20、到最大速度達(dá)到最大vm6 m/s后做后做勻速直線運(yùn)動(dòng)勻速直線運(yùn)動(dòng)(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小的大小根據(jù)平衡條件有根據(jù)平衡條件有mgsin F安安又又F安安BIdEBdvmI解得解得B1 T.答案1 T審題破題 真題演練3.應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法處理電學(xué)綜合問(wèn)題例例4 4 (14分分)如圖如圖7所示，兩光滑平行的所示，兩光滑平行的金屬金屬導(dǎo)軌導(dǎo)軌EF和和GH，相距為，相距為l，軌道平面與，軌道平面與水平面水平面成成30，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，軌道的底端接，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，軌道的底端接有有阻值阻值為為R的電阻，導(dǎo)軌電阻不計(jì)的電阻，導(dǎo)軌電阻不計(jì).磁感應(yīng)強(qiáng)度磁感應(yīng)強(qiáng)度為為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面，導(dǎo)體棒的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂

21、直于導(dǎo)軌平面，導(dǎo)體棒MN電阻電阻為為r，垂直于導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒通過(guò)，垂直于導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒通過(guò)垂垂圖圖7(1)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度；導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度；(2)導(dǎo)體棒速度達(dá)到最大速度一半時(shí)，導(dǎo)體棒加速度的大小導(dǎo)體棒速度達(dá)到最大速度一半時(shí)，導(dǎo)體棒加速度的大小.答題模板解析(1)開(kāi)始時(shí)，由平衡條件開(kāi)始時(shí)，由平衡條件mgMgsin 30得得M2m (1分分)導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度vm時(shí)滿足：時(shí)滿足：(m )gMgsin 30BIml (2分分)此時(shí)此時(shí)EmBlvm (1分分)答題模板導(dǎo)體棒受到的安培力為導(dǎo)體棒受到的安培力為F安安BIl (1分分)導(dǎo)體棒和

22、導(dǎo)體棒和AB組成的系統(tǒng)，據(jù)牛頓第二定律得組成的系統(tǒng)，據(jù)牛頓第二定律得答題模板點(diǎn)睛之筆若題目中出現(xiàn)兩個(gè)以及兩個(gè)以上物體用繩、桿之類物若題目中出現(xiàn)兩個(gè)以及兩個(gè)以上物體用繩、桿之類物體連接時(shí)，要特別注意找出各物體的位移大小、加速體連接時(shí)，要特別注意找出各物體的位移大小、加速度大小、速度大小的關(guān)系，這些關(guān)系往往就是解決問(wèn)度大小、速度大小的關(guān)系，這些關(guān)系往往就是解決問(wèn)題的突破口題的突破口.高 考 現(xiàn) 場(chǎng) (限時(shí)：15分鐘，滿分14分)(2014安徽安徽22)如圖如圖8所示，充電后的平行所示，充電后的平行板板電容器電容器水平放置，電容為水平放置，電容為C，極板間的，極板間的距離距離為為d，上極板正中有一小

23、孔，上極板正中有一小孔.質(zhì)量為質(zhì)量為m、電荷電荷量量為為q的小球從小孔正上方高的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由處由靜止靜止開(kāi)始開(kāi)始下落，穿過(guò)小孔到達(dá)下極板處速度恰為零下落，穿過(guò)小孔到達(dá)下極板處速度恰為零(空氣阻力忽略空氣阻力忽略不計(jì)，極板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，重力加速度為不計(jì)，極板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，重力加速度為g).求：求：圖圖8(1)小球到達(dá)小孔處的速度；小球到達(dá)小孔處的速度；解析(1)由由v22gh，得，得v，方向豎直向下方向豎直向下.答案(2)極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和電容器所帶電荷量；極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和電容器所帶電荷量；解析 在在極板間帶電小球受重力和電場(chǎng)力作用，由牛頓極板間帶電小球受重力和電場(chǎng)力作用，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律知：運(yùn)動(dòng)定律知：mgqEma由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知：由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知：0v22ad整理得電場(chǎng)強(qiáng)度整理得電場(chǎng)強(qiáng)度E由由UEd，QCU，得電容器所帶電荷量，得電容器所帶電荷量(3)小球從開(kāi)始下落運(yùn)動(dòng)到下極板處的時(shí)間小球從開(kāi)始下落運(yùn)動(dòng)到下極板處的時(shí)間答案