新編高考數(shù)學文二輪復習 課時鞏固過關練四 Word版含解析

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1、 課時鞏固過關練(四)　函數(shù)的圖象與性質(zhì) 　　　　　　　　　　　　　 一、選擇題 1．(20xx·北京高考)如圖，函數(shù)f(x)的圖象為折線ACB，則不等式f(x)≥log2(x＋1)的解集是(　　) A．{x|－1

2、：由于函數(shù)f(x)＝sinx＋cos2x不是奇函數(shù)，也不是偶函數(shù)，故它的圖象不關于原點對稱，也不關于y軸對稱，故排除A、D.再根據(jù)當x＝±π時，函數(shù)的值等于1，故排除C，故選B. 答案：B 3．(20xx·福建三明一中月考)函數(shù)y＝，x∈(－π，0)∪(0，π)的圖象可能是下列中的(　　) 解析：因為f(－x)＝＝＝f(x)，所以函數(shù)y＝，x∈(－π，0)∪(0，π)為偶函數(shù)，圖象關于y軸對稱，故排除選項A，因為x>sinx在上恒成立，即>1在上恒成立，故排除選項B、D，故選C. 答案：C 4．(20xx·河北衡水中學一調(diào))已知函數(shù)f(x)的圖象如圖所示，則f(x)的解析式可能是

3、(　　) A．f(x)＝－x3 B．f(x)＝＋x3 C．f(x)＝－x3 D．f(x)＝＋x3 解析：由圖可知，函數(shù)的漸近線為x＝，則函數(shù)解析式中x≠，則排除C，D，又函數(shù)在，上單調(diào)遞減，而函數(shù)y＝在，上單調(diào)遞減，y＝－x3在R上單調(diào)遞減，則f(x)＝－x3在，上單調(diào)遞減，選A. 答案：A 5．(20xx·安徽安慶涼亭中學期中)已知函數(shù)f(x)＝x2－，則函數(shù)y＝f(x)的大致圖象為(　　) 解析：f(x)＝x2－＝ 當x<0時， f ′(x)＝2x－＝.令g(x)＝2x3－1＋ln(－x)，由g′(x)＝6x2＋＝＝0，得x＝－，當x∈時， g′(x)>0，當

4、x∈時，g′(x)<0.所以g(x)有極大值為g＝2×3－1＋ln＝－－ln6<0.又x2>0，所以f ′(x)的極大值小于0.所以函數(shù)f(x)在(－∞，0)上為減函數(shù)．當x>0時，f ′(x)＝2x－＝，令h(x)＝2x3－1＋lnx，h′(x)＝6x2＋>0.所以h(x)在(0，＋∞)上為增函數(shù)，而h(1)＝1>0，h＝－－ln2<0.又x2>0，所以函數(shù)f ′(x)在(0，＋∞)上有一個零點x0，則函數(shù)f ′(x)在(0，x0)上，有f ′(x)f ′(x0)＝0，f(x)在(0，x0)上單調(diào)遞減，在(x0，＋∞)上單調(diào)

5、遞增．綜上，函數(shù)f(x)的圖象為B中的形狀．故選B. 答案：B 二、填空題 6．(20xx·江蘇徐州模擬)已知直線y＝a與函數(shù)f(x)＝2x及g(x)＝3·2x的圖象分別相交于A，B兩點，則A，B兩點之間的距離為__________． 解析：由題意知A(log2a，a)，B， ∴A，B之間的距離|AB|＝|xA－xB|＝log23. 答案：log23 7．(20xx·安徽浮山中學一模)若函數(shù)f(x)＝的圖象如下圖，則m的取值范圍是__________． 解析：∵函數(shù)的定義域為R，∴x2＋m恒不等于零，由圖象知，當x>0時，f(x)>0，∴m>0,2－m>0?m<2，又在(0

6、，＋∞)上，函數(shù)f(x)在x＝x0(x0>1)處取得最大值，而f(x)＝≤，∴x0＝>1?m>1.綜上，1

7、5，則cd在(2,4)上單調(diào)遞增，則16

8、2]上的解析式為f(x)＝則f＋f＝__________. 解析：由題意，f(x＋4)＝f(x)，f(－x)＝－f(x)，則f＋f＝f＋f ＝f＋f＝f＋f ＝f＋f＝－f－f ＝－×－sinπ＝－＋＝. 答案： 三、解答題 11．(20xx·吉林實驗中學期末)設函數(shù)f(x)＝(a>0且a≠1)是定義域為R的奇函數(shù)． (1)求t的值； (2)若f(1)>0，求使不等式f(kx－x2)＋f(x－1)<0對一切x∈R恒成立的實數(shù)k的取值范圍； (3)若函數(shù)f(x)的圖象過點，是否存在正數(shù)m(m≠1)，使函數(shù)g(x)＝logm[a2x＋a－2x－mf(x)]在[1，log23]上

9、的最大值為0？若存在，求出m的值；若不存在，請說明理由． 解：(1)f(x)是定義域為R的奇函數(shù)．∴f(0)＝0，∴t＝2. (2)由(1)得f(x)＝ax－a－x，由f(1)>0得a－>0，又a>0，∴a>1，由f(kx－x2)＋f(x－1)<0得f(kx－x2)<－f(x－1)，∵f(x)為奇函數(shù)，∴f(kx－x2)1，∴f(x)＝ax－a－x為R上的增函數(shù)，∴kx－x2<1－x對一切x∈R恒成立，即x2－(k＋1)x＋1>0對一切x∈R恒成立，故Δ＝(k＋1)2－4<0，解得－3

10、由f(x)過點可得a＝2，由a＝2得g(x)＝logm[a2x＋a－2x－mf(x)]＝logm[22x＋2－2x－m(2x－2－x)]＝logm[(2x－2－x)2－m(2x－2－x)＋2]，設s＝2x－2－x，則(2x－2－x)2－m(2x－2－x)＋2＝s2－ms＋2.∵函數(shù)g(x)＝logm[a2x＋a－2x－mf(x)]在[1，log23]上的最大值為0， ∴(ⅰ)若01，則函數(shù)h(s)＝s2－ms＋2>0，在上恒成立，且最大值為1，最小值大于0.① ??m＝， 又此時＝∈，又h(s)min＝h<0，故g(x)無意義，所以m＝應舍去；②? ?m無解． 綜上所述，不存在正數(shù)m(m≠1)，使函數(shù)g(x)＝logm[a2x＋a－2x－mf(x)]在[1，log23]上的最大值為0.