高考物理二輪專(zhuān)題復(fù)習(xí)練案:第8講 電場(chǎng)及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) Word版含解析

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1、 專(zhuān)題三 第8講 限時(shí):40分鐘 一、選擇題(本題共8小題,其中1~5題為單選,6~8題為多選) 1.(2018·山東、湖北部分重點(diǎn)中學(xué)沖刺模擬)將電荷量為q=2×10-5C的正點(diǎn)電荷從A移動(dòng)到B,電場(chǎng)力做功為4×10-4J;將其從B移動(dòng)到C,克服電場(chǎng)力做功2×10-4J,規(guī)定φC=0,則下列說(shuō)法正確的是( A ) A.A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為φA=10V,φB=-10V B.若A、B、C三點(diǎn)在同一條電場(chǎng)線上,則C一定是AB的中點(diǎn) C.若將電荷量為-2×10-5C的點(diǎn)電荷從A移動(dòng)到B,電勢(shì)能減小4×10-4J D.若是勻強(qiáng)電場(chǎng),且AB=10cm,則電場(chǎng)強(qiáng)度可能為100N/C

2、 [解析] 根據(jù)電勢(shì)差定義式UAB=,可得UAB==V=20V,同理UBC=-10V,則φA=10V,φB=-10V,故A正確;因?yàn)殡妶?chǎng)不一定是勻強(qiáng)電場(chǎng),所以C不一定是AB的中點(diǎn),故B錯(cuò)誤;負(fù)電荷從A到B過(guò)程中,電場(chǎng)力做負(fù)功,電勢(shì)能增加,故C錯(cuò)誤;由U=Ed可知,勻強(qiáng)電場(chǎng)的最小場(chǎng)強(qiáng)為E==V/m=200V/m,故D錯(cuò)誤。所以A正確,BCD錯(cuò)誤。 2.(2018·山東省濰坊市高三下學(xué)期一模)如圖所示,水平放置的平行板電容器充電后與電源斷開(kāi),上極板帶正電,下極板接地,一帶電油滴靜止于P點(diǎn)?,F(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離,則油滴( B ) A.仍保持靜止,電勢(shì)能不變 B.仍保

3、持靜止,電勢(shì)能減小 C.將向下運(yùn)動(dòng),電勢(shì)能增大 D.將向下運(yùn)動(dòng),電勢(shì)能減小 [解析] 上極板帶正電,下極板接地,所以電場(chǎng)方向向下,帶電油滴靜止于P點(diǎn),所以電場(chǎng)力向上,所以該點(diǎn)電荷是負(fù)電荷,水平放置的平行板電容器充電后與電源斷開(kāi),兩極板所帶的電量Q不變,間距d增大,根據(jù)E====知兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變,受電場(chǎng)力不變,油滴仍保持靜止;根據(jù)U=Ed知,P點(diǎn)與負(fù)極板間的電勢(shì)差增大,負(fù)極板的電勢(shì)為0,所以P點(diǎn)的電勢(shì)增大,該點(diǎn)電荷是負(fù)電荷,所以電勢(shì)能減小,故B正確,ACD錯(cuò)誤;故選B。 3.(2018·福建省莆田市高三下學(xué)期模擬)如圖所示,邊長(zhǎng)為a的正方體的頂點(diǎn)A處有一電荷量為-Q的點(diǎn)電荷,其他7個(gè)

4、頂點(diǎn)各有一電荷量為+Q的點(diǎn)電荷,體心O處有一個(gè)電荷量為-q的點(diǎn)電荷,靜電力常量為k,則點(diǎn)電荷-q受到的電場(chǎng)力大小為( A ) A.    B. C.    D. [解析] 由對(duì)稱(chēng)性可知,點(diǎn)電荷-q所受的電場(chǎng)力等于與-Q在同一對(duì)角線上的+Q對(duì)點(diǎn)電荷電場(chǎng)力的矢量和,其它電荷對(duì)點(diǎn)電荷的作用力的和為零,則點(diǎn)電荷受電場(chǎng)力大小為F=2k=,故選A. 4.(2018·廣東省汕頭市高三下學(xué)期4月模擬)如圖所示,電子示波管由電子槍、豎直偏轉(zhuǎn)電極YY′、水平偏轉(zhuǎn)電極XX′和熒光屏組成,當(dāng)電極YY′和XX′所加電壓都為零時(shí).電子槍射出的電子恰好打在熒光屏上的中心點(diǎn)即原點(diǎn)O上,下列說(shuō)法正確的是( C )

5、 A.當(dāng)上極板Y的電勢(shì)高于Y′,而后極板X(qián)的電勢(shì)低于X′時(shí),電子將打在第一象限 B.電子從發(fā)射到打到熒光屏的時(shí)間與偏轉(zhuǎn)電極所加電壓大小有關(guān) C.電子打到熒光屏?xí)r的動(dòng)能與偏轉(zhuǎn)電極所加電壓大小有關(guān) D.電子通過(guò)XX′時(shí)的水平偏轉(zhuǎn)量與YY′所加電壓大小有關(guān) [解析] 由于電子帶負(fù)電,所以電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)會(huì)偏向電勢(shì)高的一邊,故當(dāng)上極板Y的電勢(shì)高于Y′,而后極板X(qián)的電勢(shì)低于X′時(shí),電子將打在第二象限,故A錯(cuò)誤;電子在水平方向上不受力,所以水平方向做勻速運(yùn)動(dòng),故電子從發(fā)射到打到熒光屏的時(shí)間與偏轉(zhuǎn)電極所加電壓大小無(wú)關(guān),故B錯(cuò)誤;根據(jù)動(dòng)能定理,電子出電場(chǎng)后的動(dòng)能和電場(chǎng)力做功的大小有關(guān),即qU=m

6、v2-mv,故C正確;電子通過(guò)XX′時(shí)的水平偏轉(zhuǎn)量與XX′所加電壓大小有關(guān),故D錯(cuò)誤;故選C。 5.(2018·貴州省貴陽(yáng)市高三5月模擬)如圖所示,為某靜電除塵裝置的原理圖,廢氣先經(jīng)過(guò)機(jī)械過(guò)濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)。圖中虛線是某一帶負(fù)電的塵埃(不計(jì)重力)僅在電場(chǎng)力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡,A、B兩點(diǎn)是軌跡與電場(chǎng)線的交點(diǎn)。若不考慮塵埃在遷移過(guò)程中的相互作用和電荷量變化,則以下說(shuō)法正確的是( B ) A.A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì) B.塵埃在A點(diǎn)加速度大于在B點(diǎn)的加速度 C.塵埃在遷移過(guò)程中做勻變速運(yùn)動(dòng) D.塵埃在遷移過(guò)程中電勢(shì)能始終在增大 [解析] 沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低,由圖可知,

7、B點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì),故A錯(cuò)誤;由圖可知,A點(diǎn)電場(chǎng)線比B點(diǎn)密集,因此A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng),故A點(diǎn)的電場(chǎng)力大于B點(diǎn)的電場(chǎng)力,則A點(diǎn)的加速度大于B點(diǎn)的加速度,故B正確;放電極與集塵極間建立非勻強(qiáng)電場(chǎng),塵埃所受的電場(chǎng)力是變化的。故粒子不可能做勻變速運(yùn)動(dòng),故C錯(cuò)誤;由圖可知,開(kāi)始速度方向與電場(chǎng)力方向夾角為鈍角,電場(chǎng)力做負(fù)功,電勢(shì)能增大;后來(lái)變?yōu)殇J角,電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減??;對(duì)于全過(guò)程而言,根據(jù)電勢(shì)的變化可知,電勢(shì)能減小,故D錯(cuò)誤。故選B。 6.(2018·安徽省蚌埠市高三第三次教學(xué)質(zhì)量檢測(cè))如圖,充電后的平行板電容器水平放置(與電源斷開(kāi)),電容為C,板間距離為d,上極板正中央有一小孔。質(zhì)量為m

8、、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由靜止開(kāi)始下落,穿過(guò)小孔到達(dá)下極板處的P點(diǎn)時(shí)速度恰為零(空氣阻力忽略不計(jì),極板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng),重力加速度為g)。下列說(shuō)法正確的是( BC ) A.電容器所帶電荷量Q= B.電容器板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E= C.若下板下移的距離,小球到達(dá)P點(diǎn)(原下板處)時(shí)速度恰為零 D.若下板水平右移一小段距離,小球到達(dá)下板處時(shí)速度恰為零 [解析] 對(duì)從釋放到到達(dá)下極板處過(guò)程由動(dòng)能定理得:mg(h+d)-qEd=0,解得:E=,電容器兩極板間的電壓為:U=Ed=,電容器的帶電量為:Q=CU=,故A錯(cuò)誤,B正確;由題意知,電容器的電量不變,根據(jù)C=、C=和E=,得

9、E=,當(dāng)下板向下移動(dòng)時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度不變,根據(jù)動(dòng)能定理可知,小球從相同高度處釋放,到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度恰好為零,故C正確;當(dāng)下板水平右移一小段距離,面積S減小,故電場(chǎng)強(qiáng)度增大,下落相同的距離,電場(chǎng)力做的負(fù)功更多,故小球在到達(dá)下板前速度已經(jīng)為零,故D錯(cuò)誤。故選BC。 7.(2018·寧夏銀川二中高三下學(xué)期模擬三試題)如圖所示,平行板電容器A、B兩極板水平放置,A在上方,B在下方,現(xiàn)將其和二極管串聯(lián)接在電源上,已知A和電源正極相連,二極管具有單向?qū)щ娦裕粠щ娦∏蜓谹、B中心水平射入,打在B極板上的N點(diǎn),小球的重力不能忽略,現(xiàn)通過(guò)上下移動(dòng)A極板來(lái)改變兩極板A、B間距(兩極板仍平行),則下列說(shuō)法正確的是( B

10、C ) A.若小球帶正電,當(dāng)A、B間距增大時(shí),小球打在N點(diǎn)的右側(cè) B.若小球帶正電,當(dāng)A、B間距減小時(shí),小球打在N點(diǎn)的左側(cè) C.若小球帶負(fù)電,當(dāng)A、B間距減小時(shí),小球可能打在N點(diǎn)的右側(cè) D.若小球帶負(fù)電,當(dāng)A、B間距增大時(shí),小球可能打在N點(diǎn)的左側(cè) [解析] 若小球帶正電,當(dāng)d增大時(shí),電容減小,但Q不可能減小,所以Q不變,根據(jù)E===,E不變所以電場(chǎng)力不變,小球仍然打在N點(diǎn),故A錯(cuò)誤;若小球帶正電,當(dāng)d減小時(shí),電容增大,Q增大,根據(jù)E===,所以d減小時(shí)E增大,所以電場(chǎng)力變大向下,小球做平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向加速度增大,運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短,打在N點(diǎn)左側(cè),故B正確;若小球帶負(fù)電,當(dāng)AB間距d減小

11、時(shí),電容增大,則Q增大,根據(jù)E===,所以d減小時(shí)E增大,所以電場(chǎng)力變大向上,若電場(chǎng)力小于重力,小球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),豎直方向上的加速度減小,運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng),小球?qū)⒋蛟贜點(diǎn)的右側(cè),故C正確;若小球帶負(fù)電,E===,E不變所以電場(chǎng)力大小不變,小球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),豎直方向上的加速度不變,運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變,小球仍落在N點(diǎn),故D錯(cuò)誤。所以BC正確,AD錯(cuò)誤。 8.(2018·陜西省寶雞市模擬)如圖所示,有四個(gè)等量異種電荷,放在正方形的四個(gè)頂點(diǎn)處,a、b、c、d為正方形四個(gè)邊的中點(diǎn),O為正方形的中心,e、f為正方形外接圓與bd中垂線的兩個(gè)交點(diǎn)。取無(wú)限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0,下列說(shuō)法中正確的是( BC ) A.a(chǎn)、b

12、、c、d電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都相同 B.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均為零 C.將一帶正電的試探電荷從e點(diǎn)沿直線移動(dòng)到f點(diǎn)過(guò)程中電勢(shì)能不變 D.過(guò)e點(diǎn)垂直于紙面的直線上,各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零,電勢(shì)為零 [解析] 把其中相鄰的兩個(gè)正負(fù)電荷看成一組,另外兩個(gè)正負(fù)電荷看成一組,中垂線就是一條零勢(shì)線,a、b、c、d、O點(diǎn)的電勢(shì)為零,根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知,a、b、c、d電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等,方向不同,O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零,選項(xiàng)A錯(cuò)誤、B正確;ef是一條等勢(shì)線,沿ef移動(dòng)電荷,電荷的電勢(shì)能不變,選項(xiàng)C正確;過(guò)e點(diǎn)垂直于紙面的直線上,各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零,電勢(shì)為零,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 二、計(jì)算題(本題共2小題,需寫(xiě)出完整的解題步驟

13、) 9.(2018·湖北省襄陽(yáng)五中一模)如圖所示,光滑絕緣的細(xì)圓管彎成半徑為R的半圓形,固定在豎直面內(nèi),管口B、C的連線水平。質(zhì)量為m的帶正電小球從B點(diǎn)正上方的A點(diǎn)自由下落,A、B兩點(diǎn)間距離為4R。從小球(小球直徑小于細(xì)圓管直徑)進(jìn)入管口開(kāi)始,整個(gè)空間中突然加上一個(gè)斜向左上方的勻強(qiáng)電場(chǎng),小球所受電場(chǎng)力在豎直方向上的分力方向向上,大小與重力相等(水平分量待定),結(jié)果小球從管口C處離開(kāi)圓管后,又能經(jīng)過(guò)A點(diǎn)。設(shè)小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電荷量沒(méi)有改變,重力加速度為g,求: (1)小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小; (2)小球受到的電場(chǎng)力大小。 [解析] (1)小球從開(kāi)始自由下落到到達(dá)管口B的過(guò)程中機(jī)械能守恒

14、,故有: mg·4R=mv  ① 到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度大小為vB=2  ② (2)設(shè)電場(chǎng)力的豎直分力為Fy,水平分力為Fx,則Fy=mg(方向豎直向上)。小球從B運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中,由動(dòng)能定理得:Fx·2R=mv-mv  ③ 小球從管口C處脫離圓管后,做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),其軌跡經(jīng)過(guò)A點(diǎn),有y=4R=vCt?、? x=2R=axt2=t2  ⑤ 聯(lián)立解得:Fx=mg  ⑥ 電場(chǎng)力的大小為:qE==mg  ⑦ 10.(2018·河北省張家口市高三下學(xué)期模擬)如圖所示,在水平線MN上方區(qū)域有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng),在電場(chǎng)內(nèi)有一光滑絕緣平臺(tái),平臺(tái)左側(cè)靠墻,平臺(tái)上有帶絕緣層的輕彈簧,其左端固定在墻

15、上,彈簧不被壓縮時(shí)右側(cè)剛好到平臺(tái)邊緣,光滑絕緣平臺(tái)右側(cè)有一水平傳送帶,傳送帶A、B兩端點(diǎn)間距離L=1m,傳送帶以速率v0=4m/s順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),現(xiàn)用一帶電小物塊向左壓縮彈簧,放手后小物塊被彈出,從傳送帶的B端飛出。小物塊經(jīng)過(guò)MN邊界上C點(diǎn)時(shí),速度方向與水平方向成45°角,經(jīng)過(guò)MN下方M′N(xiāo)′水平線上的D點(diǎn)時(shí),速度方向與水平方向成60°角。傳送帶B端距離MN的豎直高度h1=0.4m,MN與M′N(xiāo)′平行,間距h2=1.6m,小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1,小物塊的質(zhì)量為m=0.1kg,帶電量q=1×10-2C,平臺(tái)與傳送帶在同一水平線上,二者連接處縫隙很小,不計(jì)小物塊經(jīng)過(guò)連接處的能量損失,重

16、力加速度為g=10m/s2,=1.732,=2.236。求: (1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E; (2)彈簧彈性勢(shì)能的最大值; (3)當(dāng)小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)因摩擦產(chǎn)生的熱量最大時(shí),小物塊在傳送帶上發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t。 [解析] (1)設(shè)小物塊從B點(diǎn)飛出的速度為vB,在C點(diǎn)、D點(diǎn)時(shí)的速度分別為v1、v2。 在C點(diǎn)小物塊的速度方向與水平方向成45°角,則由幾何關(guān)系可知v1x=v1y=vB 小物塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn),在豎直方向上有 2ah1=v=v 在D點(diǎn)由=tan60°,解得v2y=vB 小物塊從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程中,在豎直方向上有 2gh2=v-v=(vB)2-v=2v,

17、解得vB=4m/s 將其代入2ah1=v=v,解得a=20m/s2 小物塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中,有qE+mg=ma,解得E=100N/C。 (2)小物塊被彈簧彈開(kāi),恰好減速到B端與傳送帶同速,則小物塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端由v-v2=-2a0L,ma0=μ(Eq+mg),小物塊在A點(diǎn)具有的動(dòng)能即為彈簧具有的最大彈性勢(shì)能,則Ep=Ek=mv2=1J。 (3)小物塊在傳送帶上摩擦產(chǎn)生熱量的最大值是物塊在傳送帶上相對(duì)位移最長(zhǎng)的情況,有兩種情況,一種是物塊一直加速運(yùn)動(dòng)到B端與傳送帶共速,一種是物塊在傳送帶上減速到B端與傳送帶共速。 第一種情況:傳送帶的位移:x0=v0t1 物塊的位移為L(zhǎng):v-v2=2a0L 物塊的速度變化為v0=v+a0t1 聯(lián)立即得t1=(2-)s 第二種情況:傳送帶的位移:x0′=v0t2 物塊的位移為L(zhǎng):v-v2=-2a0L 物塊的速度變化為v0=v-a0t2 聯(lián)立解得t2=(-2)s 計(jì)算可得第1種情況相對(duì)位移大于第2種情況的相對(duì)位移,則t=t1 小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)因摩擦產(chǎn)生的熱量最大時(shí),小物塊在傳送帶上發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=0.268s。

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