2020屆高考物理總復習 熱學 核心素養(yǎng)提升練三十八 熱力學定律與能量守恒（含解析）新人教版選修3-3

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1、　熱力學定律與能量守恒 (45分鐘　100分) 一、選擇題(本題共5小題，每小題7分，共35分，均為多選題) 1.關于熱現(xiàn)象和內(nèi)能，下列說法正確的是 (　　) A.做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能 B.溫度升高，物體內(nèi)分子的平均動能一定增加 C.外界對氣體做了功，則氣體的溫度一定升高 D.一定質(zhì)量的氣體，體積不變時，溫度越高，內(nèi)能越大 E.氣體能夠充滿容器的整個空間，是由于氣體分子間呈現(xiàn)出斥力的作用 【解析】選A、B、D。改變物體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞，故A項正確；溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，物體內(nèi)分子的平均動能一定增加，故B項正確；根據(jù)熱力學第一定律可知，ΔU

2、=W+Q，當外界對氣體做了功，同時對外放熱，氣體的內(nèi)能可能不變，溫度不變，也可能內(nèi)能減小，溫度降低，故C項錯誤；溫度是一定質(zhì)量理想氣體內(nèi)能的標志，溫度越高，內(nèi)能增大，故D項正確；氣體分子間距離很大，分子作用力很弱，之所以能夠充滿整個容器，是由于氣體分子在永不停息地做無規(guī)則運動，故E項錯誤。 2.(2018·惠州模擬)對于一定量的稀薄氣體，下列說法正確的是 (　　) A.氣體分子間距離增大，分子勢能一定增大 B.若氣體的壓強和體積都不變，其內(nèi)能也一定不變 C.在完全失重的狀態(tài)下，氣體的壓強為零 D.如果氣體從外界吸收熱10 J，同時對外做功8 J，則該氣體的內(nèi)能一定增大 2 J E

3、.氣體溫度不變時，體積減小，則每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多 【解析】選B、D、E。分子勢能的大小隨分子間距離的增加先減小后增大，由于最初分子間距的大小不定，所以分子間距離增大時，分子勢能不一定增大，故A項錯誤；一定量的稀薄氣體可看作理想氣體，若氣體的壓強和體積不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=C，可知溫度不變，而溫度是一定質(zhì)量理想氣體內(nèi)能的唯一標志，所以內(nèi)能一定不變，故B項正確；氣體壓強是由于氣體分子熱運動撞擊器壁形成的，在完全失重狀態(tài)下，氣體分子的撞擊仍然存在，故氣體的壓強不為零，故C項錯誤；氣體從外界吸收熱10 J，即：Q=10 J，氣體對外做功8 J，即：W=-8 J；根據(jù)熱力學第一定律

4、ΔU=W+Q可解得：ΔU=2 J，即氣體內(nèi)能一定增大2 J，故D項正確；一定質(zhì)量的氣體溫度不變時，分子運動的激烈程度不變，體積減小則單位體積內(nèi)分子的個數(shù)增加，壓強增大，說明每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，故E項正確。 【加固訓練】 (多選)(2018·開封模擬)對于一定質(zhì)量的理想氣體，下列說法正確的是(　　) A.體積不變，壓強減小的過程，氣體一定放出熱量，內(nèi)能減小 B.若氣體內(nèi)能增加，則外界一定對氣體做功 C.若氣體的溫度升高，則每個氣體分子的速度一定增大 D.若氣體壓強不變，氣體分子平均距離增大時，則氣體分子的平均動能一定增大 E.氣體對器壁的壓強是由大量氣體分子對器壁不

5、斷碰撞而產(chǎn)生的 【解析】選A、D、E。理想氣體體積不變，根據(jù)查理定律，壓強與熱力學溫度成正比，壓強減小，溫度降低，內(nèi)能減小ΔU<0，因為體積不變，外界對氣體不做功W=0，根據(jù)熱力學第一定律ΔU=W+Q，知Q<0，氣體放出熱量，故A項正確；若氣體內(nèi)能增加則ΔU>0，根據(jù)熱力學第一定律ΔU=W+Q，可能氣體從外界吸熱大于氣體對外做功，或者不做功僅吸熱，故B項錯誤；溫度升高，分子的平均動能增加，分子的平均速率增加，但并不是每個分子的速度都增大，故C項錯誤；若氣體壓強不變，根據(jù)蓋-呂薩克定律知體積與熱力學溫度成正比，氣體分子平均距離增大，體積增大，溫度升高，氣體分子的平均動能一定增大，故D項正確；從

6、微觀角度講，被封閉氣體對器壁的壓強是由大量氣體分子對器壁的不斷碰撞而產(chǎn)生的，故E項正確。 3.關于熱力學定律，以下說法正確的是 (　　) A.熱力學第一定律是能量守恒定律在熱力學中的體現(xiàn)，否定了創(chuàng)造和消滅能量的可能性，告訴我們第一類永動機不可能制成 B.熱力學第二定律反映了一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程都具有方向性，告訴我們第二類永動機不可能制成 C.做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能，根據(jù)最后的結果可以區(qū)分是做功還是熱傳遞使物體溫度升高的 D.熱力學第一定律指出內(nèi)能可以與其他形式的能相互轉化，熱力學第二定律指出內(nèi)能不可能完全轉化為機械能，故二者是相互矛盾的 E.熱力學第一定律和熱力學

7、第二定律分別從不同的角度揭示了與熱現(xiàn)象有關的物理過程所遵循的規(guī)律，二者相互獨立，又相互補充，都是熱力學的理論基礎 【解析】選A、B、E。做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能，根據(jù)最后的結果無法判斷是做功還是熱傳遞使物體溫度升高的，故C項錯誤；熱力學第一定律是能量守恒定律在熱現(xiàn)象中的體現(xiàn)，熱力學第二定律則指出了能量轉化的方向性，二者并不矛盾，故D項錯誤。 4.(2018·衡水模擬)關于熱力學定律，下列說法正確的是 (　　) A.科技的進步使得絕對零度可以實現(xiàn) B.在某一變化過程中外界對氣體做功，而氣體的內(nèi)能反而減小是可能的 C.5 ℃的水和5 ℃的紅墨水混合后，由于擴散現(xiàn)象，混合溶液的溫

8、度會升高 D.任何熱機都工作在兩個熱源之間，在外界作用下可實現(xiàn)從低溫熱源處吸熱而在高溫熱源處放熱 E.熵為物體內(nèi)分子運動無序程度的量度，氣體向真空膨脹時不對外做功，但系統(tǒng)的熵是增加的 【解析】選B、D、E。絕對零度不可能達到，故A項錯誤；做功和熱傳遞在改變物體內(nèi)能的效果上是相當?shù)模谀骋蛔兓^程中外界對氣體做的功較少，而氣體對外放出的熱量較多，由ΔU=Q+W知其內(nèi)能必減小，故B項正確；5 ℃的水和5 ℃的紅墨水混合，雖然擴散現(xiàn)象發(fā)生，但原來溫度相同，已經(jīng)達到了熱平衡態(tài)，混合后的溫度不變，分子運動的劇烈程度也不變，故C項錯誤；任何熱機都工作在兩個熱源之間，不存在工作在單熱源狀態(tài)下的熱機，熱

9、量能自發(fā)地從高溫熱源傳向低溫熱源，但要從低溫熱源處吸熱而在高溫熱源處放熱，必須有外力做功，迫使工質(zhì)循環(huán)，故D項正確；由熱力學第二定律知熵為物體內(nèi)分子運動無序程度的量度，涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程熵總是增加的，故E項正確。 5.(2017·全國卷Ⅲ)如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a出發(fā)，經(jīng)過等容過程ab到達狀態(tài)b，再經(jīng)過等溫過程bc到達狀態(tài)c，最后經(jīng)等壓過程ca回到狀態(tài)a。下列說法正確的是 (　　) A.在過程ab中氣體的內(nèi)能增加 B.在過程ca中外界對氣體做功 C.在過程ab中氣體對外界做功 D.在過程bc中氣體從外界吸收熱量 E.在過程ca中氣體從外界吸收熱量 【解析】

10、選A、B、D。在過程ab中，氣體體積不變，外界不對氣體做功，氣體也不對外做功，即W=0，壓強增大，溫度升高，內(nèi)能增加，A正確，C錯誤；在過程ca中，氣體體積減小，外界對氣體做功，即W>0，B正確；在過程bc中，溫度不變，內(nèi)能不變，即ΔU=0，體積增加，W<0，由熱力學第一定律ΔU=W+Q，Q>0，即氣體從外界吸熱，D正確；在過程ca中，壓強不變，體積減小，溫度降低，即W>0，ΔU<0，由ΔU=W+Q可知Q<0，故氣體向外界放出熱量，E錯誤。 【加固訓練】 (2018·佛山模擬)一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖所示的狀態(tài)變化，問： (1)若從A到B的過程中，氣體的內(nèi)能減少了300 J，則

11、從A到B氣體吸收或放出的熱量是多少？ (2)如果知道氣體由A狀態(tài)經(jīng)B、C到D狀態(tài)的過程中，氣體的最高溫度T=800 K，則氣體在此過程中達到的最低溫度是多少？ 【解析】(1)從A到B，外界對氣體做功，有： W=pΔV=20×104×(4-2)×10-3 J=400 J 根據(jù)熱力學第一定律： ΔU=W+Q 可得：Q=ΔU-W=-700 J 故氣體放熱700 J。 (2)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程為一定值， 可判定C狀態(tài)溫度最低，D狀態(tài)溫度最高，故： TD=T=800 K 根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得： = 代入圖象中數(shù)據(jù)解得： TC== K=133.3 K 答案：(1)放出

12、熱量700 J　(2)133.3 K 二、計算題(本題共4小題，共65分) 6.(15分)某同學制作了一個簡易溫度計：如圖，一根兩端開口的玻璃管水平穿過玻璃瓶口處的橡皮塞，玻璃管內(nèi)有一段長度可忽略的水銀柱。當溫度為T= 280 K時，水銀柱剛好處在瓶口位置，此時該裝置密封氣體的體積V=480 cm3。已知大氣壓強為p0=1.0×105 Pa，玻璃管內(nèi)部橫截面積為S=0.4 cm2，瓶口外玻璃管的長度為L=48 cm。 求：(1)該溫度計能測量的最高溫度。 (2)假設水銀柱從瓶口處緩慢移動到最右端的過程中，密封氣體從外界吸收Q=7 J熱量，問在這一過程中該氣體的內(nèi)能如何變化？變化了

13、多少？ 【解析】(1)當水銀柱到達管口時，所測氣溫最高，設為T2，此時氣體體積為V2； 初狀態(tài)：T1=280 K， V1=480 cm3 末狀態(tài)：V2=480+48×0.4=499.2 cm3 由等壓變化知：= 代入數(shù)據(jù)解得：T2=291.2 K=18.2 ℃。 (2)水銀柱向右移動過程中，外界對氣體做功為： W=-p0SL=-1.0×105×0.4×10-4×0.48=-1.92 J； 由熱力學第一定律可知： 內(nèi)能變化量為：ΔU=W+Q 代入數(shù)據(jù)解得：ΔU=5.08 J； 即內(nèi)能增加了5.08 J。 答案：(1)18.2 ℃　(2)內(nèi)能增加　5.08 J 【加固訓

14、練】 (2018·達州模擬)在圖甲所示的密閉汽缸內(nèi)裝有一定質(zhì)量的理想氣體，圖乙是它從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的V-T圖象。已知AB的反向延長線通過坐標原點，氣體在A點的壓強為p=1.0×105 Pa，在從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，氣體吸收的熱量Q=6.0×102 J，求： (1)氣體在狀態(tài)B的體積VB。 (2)此過程中氣體內(nèi)能的增量ΔU。 【解析】(1)由V-T圖象通過坐標原點，則知從A到B理想氣體發(fā)生等壓變化。由蓋—呂薩克定律得：= 解得：VB=VA=8.0×10-3 m3 (2)外界對氣體做的功： W=-p(VB-VA)=-2×102 J 根據(jù)熱力學第一定律： ΔU=Q

15、+W 解得：ΔU=400 J 答案：(1)8.0×10-3 m3　(2)400 J 7.(16分)(2018·淄博模擬)如圖所示，某小組在一次實驗中，將底面積S=30 cm2、導熱性良好的薄壁圓筒開口向下豎直緩慢地放入水中，筒內(nèi)封閉了一定質(zhì)量的氣體(可視為理想氣體)。當筒底與水面相平時，圓筒恰好靜止在水中，此時水的溫度t1=7 ℃，筒內(nèi)氣柱的長度h1=14 cm，若大氣壓強p0=1.0×105 Pa，水的密度ρ=1.0×103 kg/m3，重力加速度g取10 m/s2(計算結果保留3位有效數(shù)字)。 (1)當水的溫度緩慢升高至27 ℃時，筒底露出水面一定高度。該過程中，氣體吸收的熱

16、量為5 J，則氣體的內(nèi)能變化了多少？ (2)若水溫升至27 ℃后保持不變，用力將圓筒緩慢下移至某一位置(水足夠深)，撤去該力后圓筒恰能靜止，求此時筒底到水面的距離H。 【解題指導】解析本題應注意以下兩點： (1)以封閉氣體和圓筒為研究對象，分析氣體狀態(tài)變化過程(等溫變化，等容變化)。 (2)對封閉氣體運用玻意耳定律，求出封閉氣體的長度變化量Δh，即可求出外界對氣體做功，結合熱力學第一定律，可解出氣體的內(nèi)能的變化。 【解析】(1)設溫度升高后圓筒內(nèi)外液面高度差為h2，圓筒質(zhì)量為m，封閉氣體發(fā)生等壓變化 初態(tài)：體積V1=h1S，溫度T1=280 K 末態(tài)：體積V2=(h2+Δh)S，

17、溫度T2=300 K 根據(jù)蓋—呂薩克定律可得： = 解得：h2+Δh=15 cm=0.15 m 圓筒靜止，筒內(nèi)外液面高度差不變， 則h2=0.14 m， 故Δh=0.15 m-0.14 m=0.01 m 圓筒的橫截面積：S=30 cm2=0.003 m2 外界對氣體做功： W=-(ρgh1+p0)SΔh 代入數(shù)據(jù)可得：W=-3.04 J 根據(jù)熱力學第一定律可得： ΔU=W+Q 可知：ΔU=5 J-3.04 J=1.96 J 即該過程中氣體內(nèi)能增加了1.96 J (2)設圓筒懸浮時封閉氣體的長度為h3 桶底恰與水面齊平時有： ρgh1S=mg 圓筒后來平衡時有

18、： ρgh3S=mg 所以有：h1=h3 故該過程中，封閉氣體發(fā)生等容變化， 初態(tài)：壓強p1=ρgh1+p0，溫度：T1=280 K 末態(tài)：壓強p3=ρg(h1+H)+p0， 溫度：T3=300 K 根據(jù)查理定律可得：= 解得此時筒底到水面的距離： H=72.4 cm。 答案：(1)1.96 J　(2)72.4 cm 8.(16分)如圖所示，缸壁光滑的柱形汽缸固定在水平面上，中間開口與大氣相通，大氣壓強p0=1×105 Pa，一勁度系數(shù)k=1×103 N/m的彈簧與兩活塞連接，處于原長，活塞截面積S=1×10-3 m2。A、B兩室有同種理想氣體，壓強均為p0，兩活塞距左、

19、右兩壁均為l0=0.10 m，除B室右壁導熱外，其他缸壁和活塞均絕熱?，F(xiàn)對左室緩慢加熱，當A室氣體吸收1 000 J的熱量時它對活塞做了200 J的功，B室活塞向右移動了0.02 m，該過程中設外界溫度保持不變，A、B氣室均不漏氣。求： (1)A中氣體內(nèi)能的變化量。 (2)A中活塞移動的距離。 【解析】(1)由題意得：A室氣體Q=1 000 J、 W=-200 J 由熱力學第一定律得： ΔU=Q+W=1 000-200 J=800 J 即內(nèi)能增加800 J。 (2)B室氣體等溫變化，由玻意耳定律得： p0l0S=plS l=l0-0.02 m=0.08 m 代入數(shù)據(jù)解

20、得：p=1.25×105 Pa B中活塞受力平衡：p0S+kx=pS 代入數(shù)據(jù)解得：x=0.025 m 所以A中活塞向右移動：x+0.02 m=0.045 m 答案：(1)800 J　(2)0.045 m 9.(18分)(2019·荊州模擬)如圖所示的p-V圖象記錄了一定量的理想氣體經(jīng)歷的緩慢變化過程A→B→C，其中AB段是體積保持不變的過程，BC段是絕熱過程。已知該理想氣體內(nèi)能與溫度的關系為U=CT，其中C=10 J/K，A點的熱力學溫度為TA=450 K。試求B→C過程中外界對氣體所做的功。 【解析】A→B過程為等容變化，由查理定律得 = 解得：TB== K=189 K 等容過程沒有做功，由熱力學第一定律，此過程放熱 根據(jù)理想氣體內(nèi)能與溫度的關系為U=CT得： 放出熱量為：Q=C(TA-TB)=2 610 J 對A、C兩狀態(tài)由理想氣體狀態(tài)方程得： = 代入數(shù)據(jù)解得：TC=300 K B→C過程無熱傳遞，A→B過程無做功， 對A→B→C全過程由熱力學第一定律得： C(TC-TA)=W-Q 即B→C過程外界對氣體做功為： W=Q+C(TC-TA)=2 610 J+10×(300-450)J=1 110 J 答案：1 110 J - 11 -