2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 全程訓(xùn)練計劃 課練21 電場能的性質(zhì)（含解析）

《2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 全程訓(xùn)練計劃 課練21 電場能的性質(zhì)（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 全程訓(xùn)練計劃 課練21 電場能的性質(zhì)（含解析）（18頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、電場能的性質(zhì) 小題狂練 小題是基礎(chǔ)　練小題　提分快 1．[2018·全國卷Ⅰ](多選)圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2 V．一電子經(jīng)過a時的動能為10 eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6 eV.下列說法正確的是(　　) A．平面c上的電勢為零 B．該電子可能到達(dá)不了平面f C．該電子經(jīng)過平面d時，其電勢能為4 eV D．該電子經(jīng)過平面b時的速率是經(jīng)過d時的2倍 答案：AB 解析：A對：因等勢面間距相等，由U＝Ed得相鄰虛線之間電勢差相等，由a至d，eUad＝6 eV，故Uad＝6 V； 各虛線

2、電勢如圖所示，因電場力做負(fù)功，故電場方向向右，沿電場線方向電勢降低，φc＝0. B對：因電子的速度方向未知，若不垂直于等勢面，如圖中實線所示，電子可能到達(dá)不了平面f. C錯：經(jīng)過d時，電勢能Ep＝eφd＝2 eV. D錯：由a到b，Wab＝Ekb－Eka＝－2 eV，所以Ekb＝8 eV； 由a到d，Wad＝Ekd－Eka＝－6 eV，所以Ekd＝4 eV； 則Ekb＝2Ekd，根據(jù)Ek＝mv2知v0＝vd. 2．[2019·廣東省肇慶市鼎湖中學(xué)模擬]在電場中，下列說法正確的是(　　) A．某點的電場強(qiáng)度大，該點的電勢一定高 B．某點的電勢高，試探電荷在該點的電勢能一定大 C

3、．某點的場強(qiáng)為零，試探電荷在該點的電勢能一定為零 D．某點的電勢為零，試探電荷在該點的電勢能一定為零 答案：D 解析：電勢是人為規(guī)定的，其值與電場強(qiáng)度無關(guān)，電勢能與零勢能面的選取有關(guān)，與電場強(qiáng)度無關(guān)，A、C項錯誤；負(fù)電荷在高電勢處比在低電勢處電勢能小，B項錯誤；根據(jù)Ep＝qφ可知，電勢為零，電勢能為零，D項正確． 3．[2019·江西省南昌模擬]在雷雨天氣中，大樹就相當(dāng)于一帶電荷量較大的點電荷，1和2是以樹為圓心的同心圓．有甲、乙、丙、丁四頭相同的牛按如圖所示位置和方向分別站在地面上．由此可判斷(　　) A．牛丙所處位置的電場強(qiáng)度為零 B．牛乙和牛丙兩處電場強(qiáng)度相同 C．牛丁

4、處的電勢一定高于牛乙處的電勢 D．牛甲前后腳電勢差最大，處于最危險的狀態(tài) 答案：D 解析：根據(jù)題述，由點電荷電場模型，及點電荷電場強(qiáng)度的特點，知題圖中1、2兩個同心圓可視為等勢線．根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式可知牛丙所處位置的電場強(qiáng)度不為零，選項A錯誤．根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式可知，牛乙和牛丙所處位置的電場強(qiáng)度的方向不同，選項B錯誤．題中沒有說明大樹帶何種電荷，若大樹帶正電荷，根據(jù)正電荷電勢分布特點，則牛丁處的電勢高于牛乙處的電勢，若大樹帶負(fù)電荷，則牛丁處的電勢低于牛乙處的電勢，選項C錯誤．應(yīng)用點電荷電場特點分析可知，題圖中牛丁雖然距離場源大樹較近，所在位置的電場強(qiáng)度較大，但是牛丁前后腳都在同一

5、等勢線上，電勢差為零，同理分析可知題圖中牛乙前后腳間電勢差為零，而牛甲和牛丙前后腳不在等勢線上，且牛甲距離場源大樹較近，所在位置的電場強(qiáng)度較大，前后腳之間的電場強(qiáng)度平均值大于牛丙前后腳之間的電場強(qiáng)度平均值，根據(jù)U＝Ed定性分析可知，牛甲前后腳電勢差最大，根據(jù)歐姆定律I＝U/R可知，牛甲身體中通過的電流最大，所以處于最危險的狀態(tài)，選項D正確． 4．[2019·東北三省四市模擬]如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)存在一正點電荷，帶電荷量為Q，坐標(biāo)軸上有A、B、C三點，已知OA＝OB＝BC＝a，其中A點和B點的電勢相等，O點和C點的電勢相等，靜電力常量為k，則(　　) A．點電荷位于O點處

6、 B．O點電勢比A點電勢高 C．C點處的電場強(qiáng)度大小為 D．將正的試探電荷從A點沿直線移動到C點，電勢能一直減小 答案：C 解析：A點和B點的電勢相等，根據(jù)點電荷電場的特點可知，點電荷位于A點和B點連線的垂直平分線上，O點和C點的電勢相等，根據(jù)點電荷電場的特點可知，點電荷位于O點和C點連線的垂直平分線上，即正點電荷處于坐標(biāo)(a，a)處，選項A錯誤；與O點相比，A點距離場源電荷較近，所以A點電勢比O點電勢高，選項B錯誤；C點到場源電荷的距離為r＝a，根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式，C點處電場強(qiáng)度大小為EC＝k＝，選項C正確；將正的試探電荷從A點沿直線移動到C點電場力先做負(fù)功后做正功，電勢能先增大

7、后減小，選項D錯誤． 5. [2019·江蘇省揚州市高郵中學(xué)檢測](多選)兩個不規(guī)則帶電導(dǎo)體間的電場線分布如圖所示，已知導(dǎo)體附近的電場線均與導(dǎo)體表面垂直，a、b、c、d為電場中幾個點，并且a、d為緊靠導(dǎo)體表面的兩點，選無窮遠(yuǎn)處為電勢零點，則(　　) A．場強(qiáng)大小關(guān)系有Ec>Eb B．電勢大小關(guān)系有φb>φd C．將一負(fù)電荷放在d點時其電勢能為負(fù)值 D．將一正電荷由a點移到d點的過程中電場力做正功 答案：ABD 解析：從題圖中可以看出c點電場線較密，則場強(qiáng)大小關(guān)系有Ec >Eb，A正確；因為沿著電場線的方向電勢降低，d點緊靠帶負(fù)電導(dǎo)體表面，電勢大小關(guān)系有φb>φd，B正確；以

8、無窮遠(yuǎn)處為電勢零點，負(fù)電荷放在d點時其電勢能為正值，故C錯誤；從題圖中可以看出，a點的電勢高于b點的電勢，而b點的電勢又高于d點的電勢，所以a點的電勢高于d點的電勢，正電荷在電勢高處電勢能大，在電勢低處電勢能小，故正電荷從a點移到d點的過程中，電勢能減小，則電場力做正功，故D正確． 6. [2019·浙江省五校聯(lián)考]如圖所示，電場中的一簇電場線關(guān)于y軸對稱分布，O點是坐標(biāo)原點，M、N、P、Q是以O(shè)為圓心的一個圓周上的四個點，其中M、N在y軸上，Q點在x軸上，則(　　) A．M點電勢比P點電勢高 B．O、M間的電勢差等于N、O間的電勢差 C．一正電荷在O點的電勢能小于在Q點的電勢能

9、 D．將一負(fù)電荷從M點移到P點，電場力做正功 答案：D 解析：根據(jù)電場線與等勢線垂直的特點，在M點所在電場線上M點下方找到P點的等勢點，根據(jù)沿電場線電勢降低可知，P點的電勢比M點的電勢高，故A項錯誤；根據(jù)電場分布可知，O、M間的平均電場強(qiáng)度比N、O之間的平均電場強(qiáng)度小，故由U＝Ed定性分析可知，O、M間的電勢差小于N、O間的電勢差，故B項錯誤；由以上分析，可知O點電勢高于Q點，根據(jù)Ep＝qφ可知，正電荷在O點時的電勢能大于在Q點時的電勢能，故C項錯誤；M點的電勢比P點的電勢低，負(fù)電荷從低電勢處移動到高電勢處電場力做正功，故D項正確． 7. [2019·河北省承德二中測試](多選)

10、某靜電場中，與x軸重合的電場線的電勢φ在x軸上的分布如圖所示．下列說法正確的是(　　) A．在x軸上，x3處的電場強(qiáng)度最大 B．x1處的電場強(qiáng)度大于x4處的電場強(qiáng)度 C．負(fù)電荷從x2處移到x4處，電勢能減小 D．電荷量為q的正點電荷從x3處移到x4處，電場力做的功為q(φ2－φ1) 答案：BD 解析：φ－x圖象的斜率k＝＝E，即φ－x圖象的斜率的絕對值表示電場強(qiáng)度大小，在x軸上，x3處圖象的斜率為零，表示電場強(qiáng)度為零；x1處斜率的絕對值大于x4處斜率的絕對值，所以x1處的電場強(qiáng)度大于x4處的電場強(qiáng)度，故A錯誤，B正確．由x2處與x4處的電勢相等，可知負(fù)電荷從x2處移到x4處，電勢能

11、不變，故C錯誤．x3處的電勢為φ2，x4處的電勢為φ1，則x3到x4的電勢差U＝φ2－φ1，根據(jù)電場力做功計算公式可得電荷量為q的正點電荷從x3移到x4，電場力做的功為W＝qU＝q(φ2－φ1)，故D正確． 8．[2019·河南省南陽一中模擬](多選)如圖所示為沿x軸方向的電場強(qiáng)度E隨位置x變化的關(guān)系圖象，在x軸負(fù)方向上的圖象是直線，x軸正方向為電場強(qiáng)度的方向，電子的電荷量為e(e>0)．則下列說法正確的是(　　) A．原點O處的電勢最高，－x1處的電勢最低 B．電子在－x2處和x1處的電勢能相等 C．將電子沿x軸從坐標(biāo)原點O移到x1處，電子的電勢能增加 D．將電子沿x軸從坐標(biāo)原

12、點O移到－x1處，電場力做的功為eE0x1 答案：CD 解析：電場線沿x軸正方向，由沿著電場線方向電勢降低知，A錯誤；在E－x圖象中，圖象與x軸所圍成的面積表示電勢差，由圖象可以得出－x2處與x1處之間存在電勢差，所以電子在－x2處和x1處具有的電勢能不相等，B錯誤；將電子沿x軸從坐標(biāo)原點O移到x1處，電子克服電場力做功，電子的電勢能增加，C正確；坐標(biāo)原點O與－x1處之間的電勢差為E0x1，所以將電子沿x軸從坐標(biāo)原點O移到－x1處，電場力做的功為eE0x1，D正確． 9．[2019·河南省豫北六校聯(lián)考]如圖所示，半徑為R的均勻帶正電薄球殼，殼內(nèi)的電場強(qiáng)度處處為零，其球心位于坐標(biāo)原點O

13、，一帶正電的試探電荷靠近球殼表面處由靜止釋放沿坐標(biāo)軸向右運動．下列關(guān)于坐標(biāo)軸上某點電勢φ、試探電荷在該點的動能Ek與離球心距離x的關(guān)系圖線，可能正確的是(　　) 答案：A 解析：當(dāng)x≤R時，電勢是定值，當(dāng)x>R時，電勢為φ＝k，所以A項正確，B項錯誤；試探電荷受到的庫侖力F＝k，而F＝越來越小，所以C、D項錯誤． 10．[2019·山東省實驗中學(xué)檢測]如圖所示，質(zhì)量可忽略的絕緣細(xì)桿做成正方體框架，邊長為a，框架的每個頂點固定著一個帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的小球，將這個框架靜止放在足夠粗糙的水平面上，水平面上方有水平向右的勻強(qiáng)電場(未畫出)，場強(qiáng)為E，下列說法正確的是(　　) A

14、．正方體中心位置處電場強(qiáng)度為零 B．上方四個小球受到的電場力的合力均相同 C．若以右下底邊為軸把這個正方體向右側(cè)翻轉(zhuǎn)90°，系統(tǒng)電勢能減少了6qEa D．若以右下底邊為軸把這個正方體向右側(cè)翻轉(zhuǎn)90°，系統(tǒng)電勢能減少了8qEa 答案：D 解析：正方體中心位置處電場強(qiáng)度為E，A項錯誤；上方四個小球受到的電場力的合力方向不同，B項錯誤；電場力做的功為系統(tǒng)電勢能的減少量，且電場力做的功與路徑無關(guān)，則有W＝4qE·2a，C項錯誤，D項正確． 11. [2019·山東師大附中模擬](多選)如圖所示，水平向右的勻強(qiáng)電場中，一帶電粒子從A點以豎直向上的初速度開始運動，經(jīng)最高點B后回到與A在同

15、一水平線上的C點，粒子從A到B過程中克服重力做的功為2.0 J，電場力做的功為3.0 J，則(　　) A．粒子在A點的電勢能比在C點多12.0 J B．粒子在A點的動能比在B點多1.0 J C．粒子在A點的機(jī)械能比在C點少12.0 J D．粒子在C點的動能為12.0 J 答案：AC 解析：將粒子的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動，豎直分運動為勻變速直線運動，對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續(xù)相等的前兩段時間間隔內(nèi)位移之比為13，粒子從A到B過程中，電場力做的功為3.0 J，粒子從B到C過程中，電場力做的功為9.0 J，故粒子從A到C過程中，

16、電場力做的功為12 J，粒子機(jī)械能增加，粒子在A點的機(jī)械能比在C點少12.0 J，粒子從A到C過程中，電勢能減少12.0 J，粒子在A點的電勢能比在C點多12.0 J，故A、C項正確；粒子從A到B過程中克服重力做的功為2.0 J，電場力做的功為3.0 J，合外力做的功為1.0 J，粒子在A點的動能比在B點小1.0 J，故B項錯誤；粒子從A到C過程中，電場力做的功為12 J，重力勢能不變，粒子在C點的動能大于12.0 J，故D項錯誤． 12．[2019·湖北省武漢調(diào)研] (多選)如圖所示，空間分布著勻強(qiáng)電場，場中有與電場方向平行的四邊形ABCD，其中M為AD的中點，N為BC的中點．將電荷

17、量為＋q的粒子，從A點移動到B點，電勢能減小E1；將該粒子從D點移動到C點，電勢能減小E2.下列說法正確的是(　　) A．D點的電勢一定比A點的電勢高 B．勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度方向必沿DC方向 C．若A、B之間的距離為d，則該電場的電場強(qiáng)度的最小值為 D．若將該粒子從M點移動到N點，電場力做的功為 答案：CD 解析：根據(jù)題述，將電荷量為＋q的粒子從A點移動到B點，電勢能減小E1，可知電場力做的功W1＝E1，A點電勢高于B點電勢，且A、B兩點間電勢差為U1＝，將電荷量為＋q的粒子從D點移動到C點，電勢能減小E2，可知電場力做的功W2＝E2，D點電勢高于C點電勢，且D、C兩點間電勢差為U

18、2＝，不能判斷出D點的電勢一定比A點的電勢高，也不能判斷出勻強(qiáng)電場的方向必沿DC方向，選項AB錯誤；若A、B之間的距離為d，電場方向沿AB方向，則該電場的電場強(qiáng)度最小，由E＝可知電場強(qiáng)度最小值為Emin＝＝，選項C正確；根據(jù)在勻強(qiáng)電場中沿兩平行線等長距離電勢差相等，可知M、N兩點之間的電勢差為U＝(U1＋U2)＝(E1＋E2)，若將電荷量為＋q的粒子從M點移動到N點，電場力做的功為W＝qU＝(E1＋E2)，選項D正確． 13．[2019·廣東省肇慶模擬](多選)如圖a所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個點電荷．t＝0時，甲靜止，乙以大小為6 m/s的初速度向甲運動．此后，它們僅在靜電力的作用下

19、沿同一直線運動(整個運動過程中沒有接觸)，它們運動的v－t圖象如圖b所示．則由圖線可知(　　) A．兩電荷的電性一定相反 B．t1時刻兩電荷的電勢能最大 C．0～t2時間內(nèi)，兩電荷間的靜電力先增大后減小 D．0～t3時間內(nèi)，甲的動能一直增大，乙的動能一直減小 答案：BC 解析：由題圖b可知，開始時乙做減速運動，甲做初速度為0的加速運動，則兩個電荷的電性一定相同，A選項錯誤；在t1時刻，兩個電荷共速，兩個電荷間的距離最小，故在間距減小的過程中，電荷始終克服電場力做功，以后兩電荷的距離逐漸增大，電場力做正功，故間距最小時兩電荷的電勢能最大，B選項正確；在0～t2時間內(nèi)，兩電荷間的距

20、離先減小后增大，故它們之間的靜電力先增大后減小，C選項正確；0～t3時間內(nèi)，甲的速度一直增大，故它的動能一直增大，而乙的速度先減小后反向增大，故它的動能也是先減小后增大，D選項錯誤． 14．[2019·重慶市巴蜀中學(xué)檢測](多選)如圖所示，豎直平面內(nèi)有一個圓，BD是其豎直直徑，AC是其另一條直徑，該圓處于勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)方向平行于圓周所在平面．帶等量負(fù)電荷的相同小球從圓心O以相同的初動能沿不同方向射出，小球會經(jīng)過圓周上不同的點，其中通過圓周上A點的小球動能最小，忽略空氣阻力，下列說法中正確的是(　　) A．電場方向沿OA方向 B．小球經(jīng)過圓周上的不同點時，過B點的小球的動能和電勢能之

21、和最小 C．小球經(jīng)過圓周上的不同點時，過C點的小球的電勢能和重力勢能之和最小 D．小球經(jīng)過圓周上的不同點時，機(jī)械能最小的小球應(yīng)經(jīng)過劣弧CD上的某一點 答案：BC 解析：在這個電場中，小球受到兩個力：重力和電場力，在A點動能最小，那說明速度最小，說明OA方向發(fā)射的小球克服合力做的功最大，也就是說在這個復(fù)合場中，合力方向指向OC方向，對O點小球受力分析，重力豎直向下，合力方向指向OC，電場力方向指向OB與OC之間，即電場方向應(yīng)該是由O指向劣弧AD方向，故A項錯誤；由于只有重力和電場力做功，故任何點的小球動能、重力勢能和電勢能的和是定值，故B點重力勢能最大，過B點的小球的動能和電勢能之和最小

22、，故B項正確；從O到C合力做的功最多，故過C點的小球動能最大，所以過C點的小球電勢能和重力勢能之和最小，故C項正確；機(jī)械能最小則電勢能最大，負(fù)電荷沿著電場線方向，電場力做負(fù)功，電勢能增大，所以應(yīng)該在劣弧AD之間，D項錯誤． 15. [2019·江蘇省揚州中學(xué)考試](多選)如圖所示，一半徑為R的均勻帶正電圓環(huán)水平放置，環(huán)心為O，在O正上方h高的A點與A′點關(guān)于O對稱．質(zhì)量為m的帶正電的小球從A點靜止釋放，并穿過帶電圓環(huán)．則小球從A點到A′點過程中加速度a、重力勢能EpG、機(jī)械能E、電勢能Ep電隨位置變化的圖象可能正確的是(取O點為坐標(biāo)原點且重力勢能為零，向下為正方向，無限遠(yuǎn)處電勢為零)(

23、　　) 答案：ABC 解析：在O點所受電場力為零，加速度為g，在O點下方，電場力方向向下，沿OA′方向可能先增大后減小，在O點上方，電場力方向向上，沿OA方向可能先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律有a＝，可知A選項正確；因為重力勢能為EpG＝－mgh，所以B選項正確；小球從A到圓環(huán)中心的過程中，電場力做負(fù)功，機(jī)械能減小，穿過圓環(huán)后，電場力做正功，機(jī)械能增大，所以C選項正確；由于電場力大小是變化的，所以電勢能不可能隨h線性變化，所以D選項錯誤． 16. 如圖所示，在水平地面上豎直固定一絕緣彈簧，彈簧中心直線的正上方固定一個帶電小球Q，現(xiàn)將與Q帶同種電荷的小球P從直線上的N點由靜止釋放

24、，在小球P與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^程中，下列說法中正確的是(　　) A．小球P的電勢能先減小后增加 B．小球P與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能一定增加 C．小球動能的減少量等于電場力和重力做功的代數(shù)和 D．小球P速度最大時所受彈簧彈力和電場力的合力為零 答案：B 解析：在小球P與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^程中，電場力對小球P一直做正功，小球P的電勢能一直減小，小球P與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能一定增加，B正確，A錯誤；小球動能的減少量等于彈簧彈力、電場力和重力做功的代數(shù)和，C錯誤；小球P速度最大時所受重力、彈簧彈力和電場力的合力為零，D錯誤． 課時測評 綜合提能力　課時練　贏高

25、分 一、選擇題 1．[2017·全國卷Ⅰ](多選) 在一靜止點電荷的電場中，任一點的電勢φ與該點到點電荷的距離r的關(guān)系如圖所示．電場中四個點a、b、c和d的電場強(qiáng)度大小分別為Ea、Eb、Ec和Ed.點a到點電荷的距離ra與點a的電勢φa已在圖中用坐標(biāo)(ra，φa)標(biāo)出，其余類推．現(xiàn)將一帶正電的試探電荷由a點依次經(jīng)b、c點移動到d點，在相鄰兩點間移動的過程中，電場力所做的功分別為Wab、Wbc和Wcd.下列選項正確的是(　　) A．Ea：Eb＝4：1 B．Ec：Ed＝2：1 C．Wab：Wbc＝3：1 D．Wbc：Wcd＝1：3 答案：AC 解析：設(shè)點電

26、荷的電荷量為Q，根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式E＝k，ra：rb＝1：2，rc：rd＝3：6，可知，Ea：Eb＝4：1，Ec：Ed＝4：1，選項A正確，B錯誤；將一帶正電的試探電荷由a點移動到b點做的功Wab＝q(φa－φb)＝3q(J)，試探電荷由b點移動到c點做的功Wbc＝q(φb－φc)＝q(J)，試探電荷由c點移動到d點做功Wcd＝q(φc－φd)＝q(J)，由此可知，Wab：Wbc＝3：1，Wbc：Wcd＝1：1，選項C正確，D錯誤． 2．[2017·全國卷Ⅲ] (多選)一勻強(qiáng)電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10

27、 V、17 V、26 V．下列說法正確的是(　　) A．電場強(qiáng)度的大小為2.5 V/cm B．坐標(biāo)原點處的電勢為1 V C．電子在a點的電勢能比在b點的低7 eV D．電子從b點運動到c點，電場力做功為9 eV 答案：ABD 解析：ac垂直于bc，沿ca和cd兩方向的場強(qiáng)分量大小分別為E1＝＝2 V/cm、E2＝＝1.5 V/cm，根據(jù)矢量合成可知E＝2.5 V/cm，A項正確；根據(jù)在勻強(qiáng)電場中平行線上等距同向的兩點間的電勢差相等，有φ0－φa＝φb－φc，得φ0＝1 V，B項正確；a、b兩點的電勢差為－7 eV，故電子在a點的電勢能比在b點的高7 eV，C項錯誤；電子從b點運動到

28、c點，電場力做功W＝eUbc＝(－17 eV)－(－26 eV)＝9 eV，D正確． 3. 如圖所示，a、b、c、d為正四面體的四個頂點，O點為d點在底面上的投影，在a、b兩點分別放置等量的負(fù)點電荷，則(　　) A．c點電勢大于d點電勢 B．c、d兩點的電場強(qiáng)度相同 C．從O點沿Od移動負(fù)電荷，負(fù)電荷的電勢能不斷增大 D．從c點沿cd移動正電荷，正電荷受到的電場力先做正功，后做負(fù)功 答案：D 解析：根據(jù)等量同種電荷電場線和等勢面的性質(zhì)可知，c、d兩點的電勢相等，故A錯誤；根據(jù)對稱性，c、d兩點的電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故場強(qiáng)不同，故B錯誤；從O點沿Od移動負(fù)電荷，電場

29、力做正功，負(fù)電荷的電勢能不斷減小，故C錯誤；沿cd移動正電荷，正電荷離a、b連線中點的距離先減小后增大，而正電荷所受的電場力始終指向a、b連線的中點，則電場力先做正功，后做負(fù)功，故D正確． 4．(多選)某電場在直角坐標(biāo)系中的電場線分布情況如圖所示，O、M、N為電場中的三個點，則由圖可得(　　) A．M點的場強(qiáng)小于N點的場強(qiáng) B．M點的電勢低于N點的電勢 C．將一負(fù)電荷由O點移到M點電勢能增加 D．將一正電荷從O點分別移到M點和N點，電場力做功相同 答案：BC 解析：根據(jù)電場線的疏密程度表示場強(qiáng)的大小可知M點的場強(qiáng)大于N點的場強(qiáng)，所以A錯誤；根據(jù)沿著電場線的方向電勢降低可知M點

30、的電勢低于N點的電勢，所以B正確；將一負(fù)電荷由O點移到M點，電場力做負(fù)功，電勢能增加，所以C正確；因為M點的電勢低于N點的電勢，所以將一正電荷從O點分別移到M點和N點，電場力做功不相同，所以D錯誤． 5．[2019·廣東惠州三調(diào)](多選)如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場，一帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的小球在力F(大小可以變化)的作用下沿圖中虛線由A至B做豎直向上的勻速運動．已知力F和A、B連線的夾角為θ，A、B間距離為d，重力加速度為g.則(　　) A．力F大小的取值范圍只能在0～ B．電場強(qiáng)度E的最小值為 C．小球從A運動到B電場力可能不做功 D．若電場強(qiáng)度E＝時，小球從A運動

31、到B電勢能變化量大小可能為2mgdsin2θ 答案：BCD 解析： 對小球進(jìn)行受力分析，小球受到重力、拉力、電場力，因為小球做勻速直線運動，故小球受力平衡，合外力為0，則拉力與電場力的合力與重力大小相等、方向相反，受力分析圖如圖所示．當(dāng)電場力垂直于F斜向上時，電場強(qiáng)度最小，Eminq＝mgsinθ，Emin＝，B正確；當(dāng)電場強(qiáng)度豎直向上，且Eq＝mg時，F(xiàn)＝0，當(dāng)電場強(qiáng)度斜向下，方向越趨向于F的反方向，力F越大，F(xiàn)沒有最大值，A錯誤；電場力的方向可能水平向右，此時tanθ＝，E＝，這種情況下，小球從A運動到B電場力不做功，C正確；若電場強(qiáng)度為E＝時，qE＝mgtanθ，則電場力可能為

32、圖中1或者圖中2處，若電場力位于圖中2處位置時，電場力做功W＝qEsin2θ·d＝q·sin2θ·d＝2mgdsin2θ，電場力做功大小等于電勢能的變化量大小，D正確． 6. [2019·上海松江區(qū)模擬]靜電場在x軸上的場強(qiáng)E隨x的變化關(guān)系如圖所示，x軸正方向為場強(qiáng)正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動，則點電荷(　　) A．在x2和x4處電勢能相等 B．由x1運動到x3的過程中電勢能增加 C．由x1運動到x4的過程中電勢能先減少后增加 D．由x1運動到x4的過程中電場力先減小后增大 答案：B 解析：x1～x4場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，則正電荷從x2到x4處逆著電場線方向，電勢升高，

33、則正點電荷在x4處電場能較大，故A錯誤；x1～x3處場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，則正電荷從x1到x3處逆著電場線方向移動，電勢升高，電勢能增加，故B正確；由x1運動到x4的過程中，逆著電場線方向，電勢升高，正點電荷的電勢能增加，故C錯誤；由x1運動到x4的過程中，場強(qiáng)的大小先增大后減小，故由F＝qE知，電場力先增大后減小，故D錯誤． 7．(多選) 一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經(jīng)B、C點運動到D點，其v－t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是(　　) A．A點的電場強(qiáng)度一定大于B點的電場強(qiáng)度 B．粒子在A點的電勢能一定大于在B點的電勢能 C．C、D間各點電場強(qiáng)度和電勢都為零 D．

34、A、B兩點間的電勢差大于C、B兩點間的電勢差 答案：AB 解析：由圖線可看出，過A點的切線的斜率大于B點，即粒子在A點的加速度大于B點，故A點的電場強(qiáng)度一定大于B點的電場強(qiáng)度，選項A正確；粒子在B點的速度大于A點，故從A到B動能增加，電勢能減小，即粒子在A點的電勢能一定大于在B點的電勢能，選項B正確；從C到D粒子做勻速運動，故C、D間各點電場強(qiáng)度為零，但是電勢相等且不一定為零，選項C錯誤；從A到B和從C到B粒子動能的變化量相同，故電場力做功相同，即A、B兩點間的電勢差等于C、B兩點間的電勢差，選項D錯誤． 8．[2019·湖南衡陽模擬]兩個等量同種點電荷固定于光滑絕緣水平面上，其連線的中

35、垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示，一個電荷量為2 C、質(zhì)量為1 kg的帶正電的小物塊從C點靜止釋放，其運動的v－t圖象如圖乙所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置(圖中標(biāo)出了該切線)．則下列說法正確的是(　　) A．B點為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點，場強(qiáng)E＝0.2 N/C B．由C到A的過程中物塊的電勢能先減小后增大 C．A、B兩點間的電勢差UAB＝5 V D．UCB

36、的過程，由動能定理得UBAq＝mv－mv，解得UBA＝5 V，所以UAB＝－5 V，C錯誤；由C到B的過程，由動能定理得UCBq＝mv－0，解得UCB＝4 V，所以UCB

37、小，說明加速度先向上后向下，說明電場力向上，則電場線的方向向上，電場強(qiáng)度大小逐漸減小，A錯誤；t0時刻有最大速度，說明此時加速度為零，由圖可知加速度為零的點位于ab的中點，此時電場力大小Eq＝mg，電場強(qiáng)度不為零，B錯誤；小球由a到b過程中，電場力一直做正功，電勢能一直減小，機(jī)械能增加，C正確，D錯誤． 10．[2019·陜西漢中質(zhì)檢]在維護(hù)和檢修高壓供電線路時，為了不影響城市用電，電工經(jīng)常要在高壓線上帶電作業(yè)．為了保障電工的安全，電工全身要穿上用金屬絲線編織的衣服(如圖甲)．圖乙中電工站在高壓直流輸電線的A供電線上作業(yè)，其頭頂上方有B供電線，B供電線的電勢高于A供電線的電勢．虛線表示電工周

38、圍某一截面上的等勢面，c、d、e、f是不同等勢面上的四個點，以下說法中正確的是(　　) A．在c、d、e、f四點中，c點的電場最強(qiáng) B．在c、d、e、f四點中，f點的電勢最高 C．若將某電子由c移到f，其電勢能將增大 D．將電子在d點由靜止釋放，它會向e點所在等勢面運動 答案：C 解析：由于B供電線的電勢高于A供電線的電勢，在c、d、e、f四點中，c點的電勢最高，而等勢面在f點處更密集，故f點的電場最強(qiáng)，故A、B錯誤．由于c點電勢高于f點，而電子帶負(fù)電，故將其從c移到f，電勢能增大，故C正確．由于c、d、e、f四點所在等勢面電勢依次降低，故將某電子在d點由靜止釋放，它會向c點所

39、在等勢面運動，故D錯誤． 二、非選擇題 11．如圖所示，半徑為R的水平絕緣圓盤可繞豎直軸OO′轉(zhuǎn)動，水平虛線AB、CD互相垂直，一電荷量為＋q的可視為質(zhì)點的小物塊置于距轉(zhuǎn)軸r處，空間有方向從A指向B的勻強(qiáng)電場．當(dāng)圓盤勻速轉(zhuǎn)動時，小物塊相對圓盤始終靜止．小物塊轉(zhuǎn)動到位置Ⅰ(虛線AB上)時受到的摩擦力為零，轉(zhuǎn)動到位置Ⅱ(虛線CD上)時受到的摩擦力為f.求： (1)圓盤邊緣兩點間電勢差的最大值； (2)小物塊由位置Ⅰ轉(zhuǎn)動到位置Ⅱ克服摩擦力做的功． 答案：(1)　(2) 解析：(1)設(shè)圓盤轉(zhuǎn)動的角速度為ω，場強(qiáng)大小為E，小物塊質(zhì)量為m，由牛頓第二定律得 在位置Ⅰ：qE＝mω2r 在

40、位置Ⅱ：＝mω2r 圓盤邊緣兩點間電勢差的最大值U＝2ER 聯(lián)立解得U＝ (2)設(shè)小物塊由Ⅰ轉(zhuǎn)動到Ⅱ克服摩擦力做的功為Wf 由動能定理得qEr－Wf＝0 解得Wf＝ 12．如圖所示，半徑為R＝0.4 m的光滑圓弧軌道AB與粗糙的水平軌道BO相切于B點，一帶電荷量q＝＋0.2 C、質(zhì)量m＝0.4 kg的小物塊從A點由靜止釋放，經(jīng)過BO后以v＝1 m/s的速度從O點水平拋出，擊中右下側(cè)擋板上的P點．以O(shè)為原點在豎直面內(nèi)建立如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，擋板形狀滿足方程y＝x2－6(x和y的單位均為m)，在y軸的左側(cè)區(qū)域存在豎直向下的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)E＝20 V/m，小物塊與軌道BO間的動

41、摩擦因數(shù)μ＝0.1.g取10 m/s2.求： (1)小物塊經(jīng)過B點時對軌道的壓力大??； (2)水平軌道BO的長度； (3)P點的坐標(biāo)． 答案：(1)24 N　(2)3.75 m　(3)(1 m，－5 m) 解析：(1)小物塊由A運動到B的過程，由動能定理得 (mg＋qE)R＝mv 小物塊經(jīng)過B點時，由向心力公式 FN－(mg＋qE)＝ 解得FN＝24 N，vB＝4 m/s 由牛頓第三定律，小物塊對軌道壓力大小為24 N (2)小物塊由B運動到O的過程，由動能定理有 －μ(mg＋qE)l＝mv2－mv 解得l＝3.75 m (3)小物塊從O點水平拋出后滿足 y＝－gt2 x＝vt 解得小物塊的軌跡方程y＝－5x2，和y＝x2－6聯(lián)立，解得x＝1 m，y＝－5 m 所以P點坐標(biāo)為(1 m，－5 m) 18