2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 單科標(biāo)準(zhǔn)練2

2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 單科標(biāo)準(zhǔn)練2一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分14一個(gè)物體在四個(gè)外力作用下做勻速直線運(yùn)動(dòng)如果其中一個(gè)外力F方向保持不變，而大小逐漸減小直至等于零則在這一過(guò)程中，物體運(yùn)動(dòng)的速度可能是()A速度的大小越來(lái)越小，減小到零后又反向運(yùn)動(dòng)，速度最后趨于恒定B速度的大小越來(lái)越大，再越來(lái)越小，速度最后趨于恒定C速度大小越來(lái)越小，方向時(shí)刻改變，最后趨于恒定D速度大小越來(lái)越大，方向時(shí)刻改變D物體在四個(gè)外力作用下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，物體所受的合外力為零，所受的另外三個(gè)外力的合力與該外力F的大小相等、方向相反當(dāng)F逐漸減小時(shí)，剩余其他外力的合力反向且逐漸增大，當(dāng)外力F和物體初速度方向在一條直線上時(shí)，如果方向一致，物體將先做減速運(yùn)動(dòng)，減小到零后再做加速運(yùn)動(dòng)，速度越來(lái)越大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；如果外力F的方向與初速度的方向相反，當(dāng)F逐漸減小直至等于零的過(guò)程中，物體的速度越來(lái)越大，不會(huì)趨于恒定，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；當(dāng)F的方向和初速度的方向不在一條直線上時(shí)，物體的速度大小和方向都會(huì)改變，當(dāng)其余三個(gè)外力的合力和速度方向的夾角大于90°時(shí)，速度大小越來(lái)越小，方向時(shí)刻改變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；當(dāng)其余三個(gè)外力的合力和速度方向的夾角小于90°時(shí)，速度大小越來(lái)越大，方向時(shí)刻改變，選項(xiàng)D正確15下列說(shuō)法不正確的是()A玻爾大膽提出假設(shè)，認(rèn)為實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性B放射性元素與別的元素形成化合物時(shí)仍具有放射性C氫原子從能級(jí)4躍遷到能級(jí)3輻射出的光子的波長(zhǎng)大于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長(zhǎng)D在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能Ek越大，則這種金屬的逸出功W0越小A德布羅意提出實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性，故A錯(cuò)誤；放射性元素的放射性與核外電子無(wú)關(guān)，故放射性元素與別的元素形成化合物時(shí)仍具有放射性，故B正確；根據(jù)玻爾理論，氫原子從能級(jí)4躍遷到能級(jí)3輻射出的光子的波長(zhǎng)大于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長(zhǎng)，選項(xiàng)C正確；在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)EkhW0可知，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能Ek越大，這種金屬的逸出功W0越小，選項(xiàng)D正確16有兩顆質(zhì)量不等，在圓軌道運(yùn)行的人造地球衛(wèi)星用T表示衛(wèi)星的運(yùn)行周期，用p表示衛(wèi)星的動(dòng)量，則有關(guān)軌道半徑較大的那顆衛(wèi)星的周期T、動(dòng)量p和機(jī)械能，下列說(shuō)法中正確的是()A周期T較大，動(dòng)量p也一定較大，機(jī)械能也大B周期T較大，動(dòng)量p可能較小，機(jī)械能不能確定C周期T較小，動(dòng)量p也較大，機(jī)械能大D周期T較小，動(dòng)量p也較小，質(zhì)量大的衛(wèi)星的機(jī)械能也大B在圓軌道上運(yùn)行的人造地球衛(wèi)星，其所需的向心力是由地球?qū)πl(wèi)星的萬(wàn)有引力提供的，即G，可得：v，由pmv可知，衛(wèi)星動(dòng)量的大小與物體的速度和質(zhì)量大小都有關(guān)，軌道半徑大的衛(wèi)星運(yùn)行速度小，但質(zhì)量不確定，因此動(dòng)量不一定大，機(jī)械能也不一定大，再根據(jù)Gmr，可得T，軌道半徑r越大，人造衛(wèi)星的運(yùn)行周期T越大，所以選項(xiàng)A、C、D錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確17.如圖1所示為某質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的vt圖象，圖象關(guān)于圖中虛線對(duì)稱，則在0t1時(shí)間內(nèi)，關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()圖1A若質(zhì)點(diǎn)能兩次到達(dá)某一位置，則兩次到達(dá)這一位置的速度大小一定相等B若質(zhì)點(diǎn)能兩次到達(dá)某一位置，則兩次的速度都不可能為零C若質(zhì)點(diǎn)能三次通過(guò)某一位置，則可能三次都是加速通過(guò)該位置D若質(zhì)點(diǎn)能三次通過(guò)某一位置，則可能兩次加速通過(guò)，一次減速通過(guò)D如圖所示，畫出質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程圖，質(zhì)點(diǎn)在0t1時(shí)間內(nèi)能兩次到達(dá)的位置有兩個(gè)，分別對(duì)應(yīng)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)速度為零的兩個(gè)位置，因此A、B錯(cuò)誤；在質(zhì)點(diǎn)沿負(fù)方向加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)可三次通過(guò)某一位置，這時(shí)質(zhì)點(diǎn)兩次加速，一次減速，在質(zhì)點(diǎn)沿負(fù)方向減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)可三次通過(guò)某一位置，這時(shí)質(zhì)點(diǎn)兩次減速，一次加速，C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確18.一臺(tái)理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是51，原線圈接入電壓為220 V的正弦交流電，一個(gè)滑動(dòng)變阻器R接在副線圈上，如圖2所示，電壓表和電流表均為理想交流電表則下列說(shuō)法正確的是()圖2A原、副線圈中的電流之比為51B電壓表的示數(shù)為44 VC若滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為20 ，則1 min內(nèi)產(chǎn)生的熱量為2 904 JD若將滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，則兩電表的示數(shù)均減小B由理想變壓器的電流和電壓的關(guān)系可知，原、副線圈電流比為15，電壓表示數(shù)為44 V，故A錯(cuò)誤，B正確；由Qt可求得Q5 808 J，故C錯(cuò)誤；電壓表測(cè)的是副線圈兩端的電壓，因此無(wú)論滑片如何移動(dòng)其示數(shù)均不變，故D錯(cuò)誤19.如圖3所示，兩帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N水平放置，a、b為同一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)若將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子分別置于a、b兩點(diǎn)，則粒子在a點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大于其在b點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能；若將該粒子從b點(diǎn)以初速度v0豎直向上拋出，則粒子到達(dá)a點(diǎn)時(shí)的速度恰好為零已知a、b兩點(diǎn)間的距離為d，金屬板M、N所帶電荷量始終不變，不計(jì)帶電粒子的重力，則下列判斷中正確的是()圖3Aa點(diǎn)電勢(shì)一定低于b點(diǎn)電勢(shì)B兩平行金屬板間形成的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Ca、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為UabD若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，則a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差變小AB由于qaqb，所以ab，即a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)A正確；由動(dòng)能定理可知：qEd0mv，解得該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為：E，選項(xiàng)B正確；由于a、b兩點(diǎn)間的距離為d，則由UbaEd可得：Uba，故Uab，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，設(shè)兩板間的距離為d，則有C，C，UEd，聯(lián)立以上三式可得：E，故勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小不變，故a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤20.如圖4所示，傾角為的斜面固定在水平地面上，斜面上有兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A、B，它們用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連接，現(xiàn)對(duì)A施加一個(gè)水平向右大小為Fmg的恒力，使A、B在斜面上都保持靜止，如果斜面和兩個(gè)小球的摩擦均忽略不計(jì)，此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則下列說(shuō)法正確的是()圖4A彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)B斜面的傾角為30°C撤掉恒力F的瞬間小球A的加速度不變D撤掉恒力F的瞬間小球B的加速度為0ABD對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得：kxmgsin ，解得x，所以彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)xL；對(duì)小球A進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得：Fcos mgsin kx，解得：30°，所以彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)，選項(xiàng)A、B正確撤掉恒力F的瞬間，對(duì)A進(jìn)行受力分析，可得mgsin kxmaA，小球A此時(shí)的加速度aAg，選項(xiàng)C錯(cuò)誤撤掉恒力F的瞬間，彈簧彈力不變，B球所受合力不變，故B球的加速度為零，選項(xiàng)D正確21.如圖5所示，金屬線圈B和金屬線圈A是同心圓，半徑分別為r1、r2，若給A線圈通以電流，結(jié)果B線圈中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎译娏鞔笮『愣镮，線圈B的電阻為R，則下列說(shuō)法不正確的是()圖5AA線圈中的電流一定沿順時(shí)針?lè)较駼A線圈中的電流一定是均勻增大的CB線圈中磁通量的變化率一定為IRDB線圈一定有收縮的趨勢(shì)ABD由于B線圈中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏?，則根據(jù)楞次定律可知，A線圈中的電流可能是順時(shí)針?lè)较驕p小，也可能是逆時(shí)針?lè)较蛟龃?，A項(xiàng)錯(cuò)誤；由于B線圈中的電流恒定，因此磁場(chǎng)均勻變化，A線圈中的電流可能均勻增大，也可能均勻減小，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由歐姆定律及法拉第電磁感應(yīng)定律，IR，C正確；如果A線圈中的電流減小，根據(jù)楞次定律可知，B線圈有擴(kuò)張趨勢(shì)，D項(xiàng)錯(cuò)誤第卷二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第2225題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第3334題為選考題，考生根據(jù)要求作答(一)必考題：共47分22(6分)用如圖6甲所示的裝置來(lái)探究由m1、m2組成的系統(tǒng)的機(jī)械能通過(guò)光滑的定滑輪用輕繩的兩端連接著質(zhì)量為m1和m2的兩物塊，m1下端與穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連接如果讓m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶被打出一系列的點(diǎn)，如圖乙所示是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶，O是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T，測(cè)得OCh，BCh1，CDh2，m1<m2，重力加速度為g，則：甲 乙圖6(1)如果C點(diǎn)是從計(jì)時(shí)開始的第5個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)C時(shí)物塊的速度vC_.(2)從打下O點(diǎn)到打下C點(diǎn)的過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量Ek_；系統(tǒng)勢(shì)能的減少量Ep_.(3)通過(guò)測(cè)量紙帶上各計(jì)數(shù)點(diǎn)的數(shù)據(jù)，如何判定系統(tǒng)機(jī)械能的變化關(guān)系_【解析】(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度可得，紙帶在BD段的平均速度為vC.(2)從打下O點(diǎn)到打下C點(diǎn)的過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量Ek(m1m2)v；系統(tǒng)勢(shì)能的減少量Ep(m2m1)gh.(3)通過(guò)測(cè)量紙帶上各計(jì)數(shù)點(diǎn)的數(shù)據(jù)，根據(jù)上面的計(jì)算判定系統(tǒng)機(jī)械能的變化關(guān)系，在誤差允許范圍內(nèi)，若EkEp，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒【答案】(1)(2分)(2)(1分)(m2m1)gh(1分)(3)在誤差允許范圍內(nèi)，若EkEp，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒(2分)23(9分)超高亮LED燈與傳統(tǒng)的照明燈相比，有壽命長(zhǎng)、低耗、彩色鮮艷、點(diǎn)亮速度快等特點(diǎn)被廣泛地應(yīng)用于商場(chǎng)照明、舞臺(tái)燈光控制、汽車尾燈等諸多領(lǐng)域?yàn)樘骄縇ED燈的性能，某興趣小組想描繪某發(fā)光二極管(LED燈)的伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)測(cè)得它兩端的電壓U和通過(guò)它的電流I的數(shù)據(jù)如下表所示序號(hào)U/(V)I/(mA)10.000.0022.560.3032.832.6042.908.2153.0030.24(1)實(shí)驗(yàn)應(yīng)該選擇的電路圖為_；并根據(jù)你選擇的電路圖，用筆畫線代替導(dǎo)線將實(shí)物圖7甲中的連線補(bǔ)充完整甲 乙圖7(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)，在如圖7乙所示的坐標(biāo)紙上描繪出該發(fā)光二極管(LED燈)的伏安特性曲線(3)采用(1)中所選的電路，發(fā)光二極管(LED燈)電阻的測(cè)量值_(填“大于”“等于”或“小于”)真實(shí)值(4)若實(shí)驗(yàn)中該發(fā)光二極管(LED燈)最佳工作電流為8 mA，現(xiàn)將此發(fā)光二極管(LED燈)與電動(dòng)勢(shì)為3 V、內(nèi)阻不計(jì)的電源兩端相接，還需要串聯(lián)一個(gè)阻值R_的電阻，才能使它工作在最佳狀態(tài)(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【解析】(1)根據(jù)題中表格數(shù)據(jù)可知，發(fā)光二極管(LED燈)的電阻較大，電流表采用內(nèi)接法，選C項(xiàng)；實(shí)物連接如圖：(2)根據(jù)表中數(shù)據(jù)描繪出該發(fā)光二極管(LED燈)的伏安特性曲線(3)由于電流表為內(nèi)接法，電流表分壓使測(cè)量值偏大(4)根據(jù)圖象可讀出I8 mA時(shí)，對(duì)應(yīng)的電壓U2.88 V，可得串聯(lián)電阻兩端的電壓為0.12 V，故可求出R15 .【答案】(1)C(1分)如圖所示(2分)(2)根據(jù)表中數(shù)據(jù)描繪出該發(fā)光二極管(LED燈)的伏安特性曲線如圖所示(2分)(3)大于(2分)(4)15(2分)24. (12分)將一輕質(zhì)彈簧豎直地固定在水平地面上，其上端拴接一質(zhì)量為mB3 kg的平板，開始時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，在平板正上方h15 cm處將一質(zhì)量為mA1 kg的物塊A無(wú)初速度釋放，物塊A與平板碰后合為一體，平板用t0.2 s的時(shí)間到達(dá)最低點(diǎn)，且下降的高度為h25 cm，再經(jīng)過(guò)一段時(shí)間平板返回到出發(fā)點(diǎn)，整個(gè)過(guò)程彈簧始終處在彈性限度以內(nèi)，重力加速度g10 m/s2.空氣阻力不計(jì)，求：圖8(1)上述過(guò)程中彈簧的彈性勢(shì)能最大為多少？(2)物塊A與平板由碰撞結(jié)束到平板返回到出發(fā)點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧的沖量應(yīng)為多大？【解析】(1)設(shè)物塊A與平板碰前瞬間的速度為v0，由機(jī)械能守恒定律得：mAgh1mAv代入數(shù)據(jù)解得：v01 m/s(2分)物塊A與平板碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以物塊A的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mAv0(mAmB)v代入數(shù)據(jù)解得：v0.25 m/s(2分)物塊A與平板運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，則由能量守恒定律得：Ep(mAmB)v2(mAmB)gh2(2分)代入數(shù)據(jù)解得：Ep2.125 J(2分)(2)從碰后到返回碰撞點(diǎn)的過(guò)程，以向上為正方向，由動(dòng)量定理得I(mAmB)g·2t2(mAmB)v(2分)代入數(shù)據(jù)解得：I18 N·s.(2分)【答案】(1)2.125 J(2)18 N·s25(20分)如圖9所示，左右邊界分別為PP、QQ的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度為d，長(zhǎng)度足夠長(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量大小為q的粒子，以與左邊界PP成45°的速度v0垂直射入磁場(chǎng)不計(jì)粒子重力，為了使粒子不能從邊界QQ射出，求：圖9(1)當(dāng)粒子帶正電時(shí)，v0的最大值是多少？(2)當(dāng)粒子帶負(fù)電時(shí)，v0的最大值是多少？(3)兩種情況下粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比是多少？【解析】(1)設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)半徑為r1，當(dāng)帶電粒子帶正電時(shí)，根據(jù)左手定則可以判斷帶電粒子向左側(cè)偏轉(zhuǎn)當(dāng)粒子恰好不從QQ邊界射出時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系可知：r1dr1cos 45°(2分)解得：r1(2分)由于粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，只受洛倫茲力，洛倫茲力充當(dāng)向心力，則qv0Bm(2分)聯(lián)立上式解得：v0qBd.(2分)(2)同理當(dāng)粒子帶負(fù)電時(shí)，設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)半徑為r2，當(dāng)帶電粒子帶負(fù)電時(shí)，根據(jù)左手定則可以判斷帶電粒子將向右側(cè)偏轉(zhuǎn)當(dāng)粒子恰好不從QQ邊界射出時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系可知：r2r2cos 45°d(2分)解得r2(2分)洛倫茲力充當(dāng)向心力，根據(jù)牛頓第二定律得qv0Bm(2分)聯(lián)立以上兩式解得：v0qBd.(2分)(3)由于粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)T可知雖然粒子的帶電性不同，但是兩種粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期和角速度相同，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的角速度公式可得：t(2分)則兩種情況下粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比等于它們?cè)诖艌?chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的角度之比.(2分)【答案】(1)qBd(2)qBd(3)(二)選考題：共15分請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答如果多做，則按所做的第一題計(jì)分33物理選修33(15分)(1)(5分)下列說(shuō)法正確的是_(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A液晶具有流動(dòng)性，其光學(xué)性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性B太空艙中的液滴呈球狀是完全失重狀態(tài)下液體表面張力的作用C任何物體的內(nèi)能都不能為零D第二類永動(dòng)機(jī)是不可能制造出來(lái)的，因?yàn)樗`反了能量守恒定律E液體飽和汽的壓強(qiáng)稱為飽和汽壓，大小隨溫度和體積的變化而變化(2) (10分)如圖10所示，有一上部開有小孔的圓柱形汽缸，汽缸的高度為2L，橫截面積為S，一厚度不計(jì)的輕質(zhì)活塞封閉1 mol的單分子理想氣體，開始時(shí)活塞距底部的距離為L(zhǎng)，氣體的熱力學(xué)溫度為T1，已知外界大氣壓強(qiáng)為p0,1 mol的單分子理想氣體內(nèi)能公式為URT，現(xiàn)對(duì)氣體緩慢加熱，求：圖10活塞恰好上升到汽缸頂部時(shí)氣體的溫度和氣體吸收的熱量；當(dāng)加熱到熱力學(xué)溫度為3T1時(shí)氣體的壓強(qiáng)【解析】(1)液晶具有流動(dòng)性，其光學(xué)性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性，選項(xiàng)A正確；太空艙中的液滴呈球狀是完全失重狀態(tài)下液體表面張力的作用，選項(xiàng)B正確；內(nèi)能是物體內(nèi)所有分子的動(dòng)能與勢(shì)能之和，分子永不停息地運(yùn)動(dòng)著，選項(xiàng)C正確；第二類永動(dòng)機(jī)是不可能制造出來(lái)的，因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；飽和汽壓不隨體積而變化，選項(xiàng)E錯(cuò)誤(2)開始加熱后活塞上升的過(guò)程中封閉氣體做等壓變化，V1LS，V22LS由解得：T22T1(2分)由熱力學(xué)第一定律可知：UWQ，UR(T2T1)，Wp0(V2V1)(2分)解得：QRT1p0LS.(2分)設(shè)當(dāng)加熱到3T1時(shí)氣體的壓強(qiáng)變?yōu)閜3，在此之前活塞上升到汽缸頂部，對(duì)于封閉氣體，由理想氣體狀態(tài)方程由(2分)解得：p31.5p0.(2分)【答案】(1)ABC(2)2T1RT1p0LS1.5p034物理選修34(15分)(1)(5分)一列簡(jiǎn)諧橫波在t0時(shí)刻的圖象如圖11甲所示，平衡位置位于x15 m處的A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，下列說(shuō)法中正確的是_(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)甲乙圖11A這列波沿x軸負(fù)方向傳播B這列波的波速是m/sC從t0開始，質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)Q晚0.3 s回到平衡位置D從t0到t0.1 s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)Q加速度越來(lái)越小E從t0到t0.6 s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)A的位移為0(2) (10分)如圖12所示是放在空氣中的一根很長(zhǎng)的均勻玻璃棒，棒的端面是光滑的，若要求從其端面入射到玻璃棒中的光都能在長(zhǎng)玻璃棒內(nèi)傳播，則該玻璃棒應(yīng)滿足什么條件？圖12【解析】(1)由圖乙可知，A質(zhì)點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)的方向向上，則這列波沿x軸負(fù)方向傳播，選項(xiàng)A正確；根據(jù)波速公式可得：vm/sm/s，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；t0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P向下運(yùn)動(dòng)，由圖乙可知，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的周期為1.2 s，由于P點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)是非勻速運(yùn)動(dòng)，且向下運(yùn)動(dòng)的速度越來(lái)越小，故質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的時(shí)間大于0.15 s，運(yùn)動(dòng)到和Q點(diǎn)等位移的位置時(shí)，所用的時(shí)間大于0.3 s，所以質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)Q晚回到平衡位置的時(shí)間大于0.3 s，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；從t0到t0.1 s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)Q向平衡位置運(yùn)動(dòng)，所以質(zhì)點(diǎn)Q的加速度越來(lái)越小，選項(xiàng)D正確；從t0到t0.6 s時(shí)間內(nèi)，經(jīng)歷了半個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)A剛好又回到平衡位置，因此質(zhì)點(diǎn)A的位移為0，選項(xiàng)E正確(2)了保證從端面入射到玻璃棒中的光都能在長(zhǎng)玻璃棒內(nèi)傳播而不從玻璃棒的圓柱面射出，要求從端面入射到玻璃棒中的所有光線在圓柱表面上發(fā)生全反射如圖所示，設(shè)光線射入到端面上的入射角為1.折射角為2，由折射定律有sin 1nsin 2(2分)這里n是該玻璃棒的折射率，由圖中幾何關(guān)系可得：23(2分)由圖可知3是折射光線投射到玻璃棒表面上的入射角若使其在玻璃棒內(nèi)傳播，需在表面發(fā)生全反射，則3C(2分)式中C是玻璃全反射的臨界角，它滿足關(guān)系sin C(1分)從玻璃棒端面入射的光線的臨界入射角為t(1分)聯(lián)立解得該玻璃棒的折射率n所以，若要求從其端面入射到玻璃棒中的光都能在長(zhǎng)玻璃棒內(nèi)傳播，則該玻璃棒的玻璃的折射率必須大于.(2分)【答案】(1)ADE(2)玻璃棒的玻璃的折射率大于