安徽省2013年高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 專題升級訓(xùn)練22 解答題專項(xiàng)訓(xùn)練(函數(shù)與導(dǎo)數(shù)) 文

專題升級訓(xùn)練22解答題專項(xiàng)訓(xùn)練(函數(shù)與導(dǎo)數(shù))1已知函數(shù)f(x)x2(x0，aR)(1)討論函數(shù)f(x)的奇偶性，并說明理由；(2)若函數(shù)f(x)在2，)上為增函數(shù)，求a的取值范圍2設(shè)定義在(0，)上的函數(shù)f(x)axb(a0)(1)求f(x)的最小值；(2)若曲線yf(x)在點(diǎn)(1，f(1)處的切線方程為yx，求a，b的值3(2012·合肥六中沖刺卷，文18)已知函數(shù)f(x)x3ax24，其中a為實(shí)數(shù)(1)若函數(shù)yf(x)在點(diǎn)P(1，f(1)處的切線傾斜角為，求單調(diào)遞減區(qū)間；(2)若存在x0(0，)，使得f(x0)0，求a的取值范圍4某高新區(qū)引進(jìn)一高科技企業(yè)，投入資金720萬元建設(shè)基本設(shè)施，第一年各種運(yùn)營費(fèi)用120萬元，以后每年增加40萬元；每年企業(yè)銷售收入500萬元，設(shè)f(n)表示前n年的純收入(f(n)前n年的總收入前n年的總支出投資額)(1)從第幾年開始獲取純利潤？(2)若干年后，該企業(yè)為開發(fā)新產(chǎn)品，有兩種處理方案：年平均利潤最大時(shí)，以480萬元出售該企業(yè)；純利潤最大時(shí)，以160萬元出售該企業(yè)；問哪種方案最合算？5.已知函數(shù)f(x)exax1(aR)(1)討論f(x)exax1(aR)的單調(diào)性；(2)若a1，求證：當(dāng)x0時(shí)，f(x)f(x)6(2012·安徽江南十校二模，文19)已知函數(shù)f(x)aln xbx2在點(diǎn)(1，f(1)處的切線方程為xy10.(1)求f(x)的表達(dá)式；(2)求函數(shù)g(x)f(x)在1，e上的最小值(注：e為自然對數(shù)的底數(shù))7已知函數(shù)f(x)滿足f(x)f(1)ex1f(0)xx2.(1)求f(x)的解析式及單調(diào)區(qū)間；(2)若f(x)x2axb，求(a1)b的最大值8已知定義在正實(shí)數(shù)集上的函數(shù)f(x)x22ax，g(x)3a2ln xb，其中a0，設(shè)兩曲線yf(x)，yg(x)有公共點(diǎn)，且在該點(diǎn)處的切線相同(1)用a表示b，并求b的最大值；(2)求證：f(x)g(x)(x0)參考答案1解：(1)當(dāng)a0時(shí)，f(x)x2，對任意x(，0)(0，)，f(x)(x)2x2f(x)，f(x)為偶函數(shù)當(dāng)a0時(shí)，f(x)x2(a0，x0)，取x±1，得f(1)f(1)20，f(1)f(1)2a0，f(1)f(1)，f(1)f(1)函數(shù)f(x)既不是奇函數(shù)，也不是偶函數(shù)(2)若函數(shù)f(x)在2，)上為增函數(shù)，則f(x)0在2，)上恒成立，即2x0在2，)上恒成立，即a2x3在2，)上恒成立，只需a(2x3)min，x2，)，a16.a的取值范圍是(，162解：(1)f(x)axb2bb2，當(dāng)且僅當(dāng)ax1時(shí)，f(x)取得最小值為b2.(2)由題意得：f(1)ab，f(x)af(1)a，由得：a2，b1.3解：(1)f(x)3x22ax，所以f(1)1，即32a1，所以a2.由f(x)3x24x3x0，得x0或x，所以單調(diào)遞減區(qū)間是(，0)，.(2)f(x)3x，x(0，)，當(dāng)a0時(shí)，f(x)0，f(x)在(0，)上是減函數(shù)，所以f(x)f(0)4，所以a0時(shí)，不存在x0(0，)，使得f(x0)0.當(dāng)a0時(shí)，f(x)在上遞增，在上遞減，所以x(0，)時(shí)，f(x)的極大值為f4，令40，得a3.綜上所述，a的取值范圍是(3，)4解：由題意知每年的運(yùn)營費(fèi)用是以120為首項(xiàng)，40為公差的等差數(shù)列，則f(n)500n72020n2400n720.(1)獲取純利潤就是要求f(n)0，故有20n2400n7200，解得2n18.又nN*，知從第三年開始獲取純利潤(2)年平均利潤40020160，當(dāng)且僅當(dāng)n6時(shí)取等號故此方案獲利6×1604801 440(萬元)，此時(shí)n6.f(n)20n2400n72020(n10)21 280，當(dāng)n10時(shí)，f(n)max 1 280.故此方案共獲利1 2801601 440(萬元)比較兩種方案，在同等數(shù)額獲利的基礎(chǔ)上，第種方案只需6年，第種方案需要10年，故選擇第種方案5(1)解：f(x)exa.當(dāng)a0時(shí)，f(x)0恒成立，當(dāng)a0時(shí)，令f(x)0，得xln a；令f(x)0，得xln a.綜上，當(dāng)a0時(shí)，f(x)在(，)上單調(diào)遞增；當(dāng)a0時(shí)，增區(qū)間是(ln a，)，減區(qū)間是(，ln a)(2)證明：令g(x)f(x)f(x)ex2x，g(x)exex20，g(x)在0，)上是增函數(shù)，g(x)g(0)0，f(x)f(x)6解：(1)根據(jù)題意，由f(1)0，,f(1)1，解得a1，b0，f(x)ln x.(2)g(x)f(x)ln x(x0)，令g(x)0，得x.當(dāng)x(1，)時(shí)，g(x)0；當(dāng)x(，e)時(shí)，g(x)0.g(x)在x處取唯一的極小值，即最小值，此時(shí)，g(x)ming().函數(shù)g(x)在1，e上的最小值為.7解：(1)f(x)f(1)ex1f(0)xx2exf(0)xx2f(x)f(1)ex1f(0)x，令x1得：f(0)1.f(x)f(1)ex1xx2f(0)f(1)e11f(1)e，得：f(x)exxx2.令g(x)f(x)ex1x，則g(x)ex10yg(x)在xR上單調(diào)遞增，f(x)在R上單調(diào)遞增，f(x)0f(0) x0，f(x)0f(0) x0，得：f(x)的解析式為f(x)exxx2，且單調(diào)遞增區(qū)間為(0，)，單調(diào)遞減區(qū)間為(，0)(2)令h(x)f(x)x2axb，則h(x)ex(a1)xb0，h(x)ex(a1)當(dāng)a10時(shí)，h(x)0yh(x)在xR上單調(diào)遞增，x時(shí)，h(x)與h(x)0矛盾當(dāng)a10時(shí)，h(x)0xln(a1)，h(x)0xln(a1)，得：當(dāng)xln(a1)時(shí)，h(x)min (a1)(a1)ln(a1)b0，(a1)b(a1)2(a1)2ln(a1)，(a10)令F(x)x2x2ln x(x0)，則F(x)x(12ln x)，F(xiàn)(x)00x，F(xiàn)(x)0x.當(dāng)x時(shí)，F(xiàn)(x)max .當(dāng)a1，b時(shí)，(a1)b的最大值為.8(1)解：設(shè)曲線yf(x)與yg(x)(x0)在公共點(diǎn)(x0，y0)處的切線相同，f(x)x2a，g(x)，依題意得即由x02a，得x0a或x03a(舍去)，則ba22a23a2ln aa23a2ln a.令h(t)t23t2ln t(t0)，則h(t)2t(13ln t)，由h(t)0得t或t0(舍去)當(dāng)t變化時(shí)，h(t)，h(t)的變化情況如下表：t(0，)(，)h(t)0h(t)極大值于是函數(shù)h(t)在(0，)上的最大值為h()，即b的最大值為.(2)證明：設(shè)F(x)f(x)g(x)x22ax3a2ln xb(x0)，則F(x)x2a(x0)，由F(x)0得xa或x3a(舍去)當(dāng)x變化時(shí)，F(xiàn)(x)，F(xiàn)(x)的變化情況如下表：x(0，a)a(a，)F(x)0F(x)極小值結(jié)合(1)可知函數(shù)F(x)在(0，)上的最小值是F(a)f(a)g(a)0.故當(dāng)x0時(shí)，有f(x)g(x)0，即當(dāng)x0時(shí)，f(x)g(x)