（江蘇專用）高考物理一輪復(fù)習(xí) 課后限時集訓(xùn)26 磁場對運動電荷的作用-人教版高三物理試題

課后限時集訓(xùn)26磁場對運動電荷的作用建議用時：45分鐘1.在陰極射線管中電子流方向由左向右，其上方放置一根通有如圖所示電流的直導(dǎo)線，導(dǎo)線與陰極射線管平行，則陰極射線將會()A向上偏轉(zhuǎn) B向下偏轉(zhuǎn)C向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn) D向紙外偏轉(zhuǎn)B由題意可知，直線電流的方向由左向右，根據(jù)安培定則，可判定直導(dǎo)線下方的磁場方向為垂直紙面向里，而陰極射線電子運動方向由左向右，由左手定則知(電子帶負電，四指要指向其運動方向的反方向)，陰極射線將向下偏轉(zhuǎn)，故B選項正確。2.(多選)帶電油滴以水平速度v0垂直進入磁場，恰做勻速直線運動，如圖所示，若油滴質(zhì)量為m，磁感應(yīng)強度為B，則下述說法正確的是()A油滴必帶正電荷，電荷量為B油滴必帶正電荷，比荷C油滴必帶負電荷，電荷量為D油滴帶什么電荷都可以，只要滿足qAB油滴水平向右勻速運動，其所受洛倫茲力方向必向上，與重力平衡，故帶正電，其電荷量q，油滴的比荷為，A、B項正確。3.(2019·大慶模擬)如圖所示，MN為兩個勻強磁場的分界面，兩磁場的磁感應(yīng)強度大小的關(guān)系為B12B2，一帶電荷量為q、質(zhì)量為m的粒子從O點垂直MN進入B1磁場，則經(jīng)過多長時間它將向下再一次通過O點()A. BC. DB粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示，由周期公式T知，粒子從O點進入磁場到再一次通過O點的時間t，所以選項B正確。4.(2019·江蘇常熟期中)如圖所示圓形區(qū)域內(nèi)，有垂直于紙面方向的勻強磁場，一束質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準圓心O射入勻強磁場，又都從該磁場中射出，若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用，則在磁場中運動時間越長的帶電粒子()A速率一定越大B速率一定越小C在磁場中通過的路程越長D在磁場中的周期一定越大B由周期公式得：T，由于帶電粒子們的B、q、m均相同，所以T相同，故D錯誤。根據(jù)tT可知，在磁場中運動時間越長的帶電粒子，圓心角越大，半徑越小，由r知速率一定越小，B正確，A錯誤。通過的路程即圓弧的長度lr，與半徑r和圓心角有關(guān)，故C錯誤。5.如圖所示，直線OP上方分布著垂直紙面向里的勻強磁場，從粒子源O在紙面內(nèi)沿不同的方向先后發(fā)射速率均為v的質(zhì)子1和2，兩個質(zhì)子都過P點。已知OPa，質(zhì)子1沿與OP成30°角的方向發(fā)射，不計質(zhì)子的重力和質(zhì)子間的相互作用力，則()A質(zhì)子1在磁場中運動的半徑為aB質(zhì)子2在磁場中的運動周期為C質(zhì)子1在磁場中的運動時間為D質(zhì)子2在磁場中的運動時間為B根據(jù)題意作出質(zhì)子運動軌跡如圖所示：由幾何知識可知，質(zhì)子在磁場中做圓周運動的軌道半徑：ra，故A錯誤；質(zhì)子在磁場中做圓周運動的周期：T，故B正確；由幾何知識可知，質(zhì)子1在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角：160°，質(zhì)子1在磁場中的運動時間：t1TT，故C錯誤；由幾何知識可知，質(zhì)子2在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角：2300°，質(zhì)子2在磁場中的運動時間：t2T，故D錯誤。6.(2019·重慶市上學(xué)期期末抽檢)如圖所示，在0x3a的區(qū)域內(nèi)存在與xOy平面垂直的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。在t0時刻，從原點O發(fā)射一束等速率的相同的帶電粒子，速度方向與y軸正方向的夾角分布在0°90°范圍內(nèi)。其中，沿y軸正方向發(fā)射的粒子在tt0時刻剛好從磁場右邊界上P(3a，a)點離開磁場，不計粒子重力，下列說法正確的是()A粒子在磁場中做圓周運動的半徑為3aB粒子的發(fā)射速度大小為C帶電粒子的比荷為D帶電粒子在磁場中運動的最長時間為2t0D根據(jù)題意作出沿y軸正方向發(fā)射的帶電粒子在磁場中做圓周運動的運動軌跡如圖甲所示，圓心為O，根據(jù)幾何關(guān)系，可知粒子做圓周運動的半徑為r2a，故A錯誤；沿y軸正方向發(fā)射的粒子在磁場中運動的圓心角為，運動時間t0，解得：v0，選項B錯誤；沿y軸正方向發(fā)射的粒子在磁場中運動的圓心角為，對應(yīng)運動時間為t0，所以粒子運動的周期為T3t0，由Bqv0mr，則，故C錯誤；在磁場中運動時間最長的粒子的運動軌跡如圖乙所示，由幾何知識得該粒子做圓周運動的圓心角為，在磁場中的運動時間為2t0，故D正確。甲乙7(多選)(2019·湖北省十堰市調(diào)研)如圖所示，有一垂直于紙面向外的有界勻強磁場，磁場的磁感應(yīng)強度為B，其邊界為一邊長為L的正三角形(邊界上有磁場)，A、B、C為三角形的三個頂點。今有一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子(不計重力)，以速度v從AB邊上的某點P既垂直于AB邊又垂直于磁場的方向射入磁場，然后從BC邊上某點Q射出。若從P點射入的該粒子能從Q點射出，則()APB<L BPB<LCQBL DQBLBD粒子在磁場中運動的軌跡如圖所示。粒子在磁場中的運動軌跡半徑為r，因此可得rL，當入射點為P1，圓心為O1，且此刻軌跡正好與BC相切時，PB取得最大值，若粒子從BC邊射出，根據(jù)幾何關(guān)系有PB<P1BL，A錯誤，B正確；當運動軌跡為弧P2Q時，即O2Q與AB垂直時，此刻QB取得最大值，根據(jù)幾何關(guān)系有QBL，所以有QBL，C錯誤，D正確。8.如圖所示，在x>0，y>0的空間中有恒定的勻強磁場，磁感應(yīng)強度的方向垂直于xOy平面向里，大小為B，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，從x軸上的某點P(不在原點)沿著與x軸成30°角的方向射入磁場。不計重力的影響，則下列有關(guān)說法中正確的是()A只要粒子的速率合適，粒子就可能通過坐標原點B粒子在磁場中運動所經(jīng)歷的時間一定為C粒子在磁場中運動所經(jīng)歷的時間可能為D粒子在磁場中運動所經(jīng)歷的時間可能為C利用“放縮圓法”：根據(jù)同一直線邊界上粒子運動的對稱性可知，粒子不可能通過坐標原點，A項錯誤；粒子運動的情況有兩種，一種是從y軸邊界射出，最短時間要大于，故D項錯誤；對應(yīng)軌跡時，t1，C項正確，另一種是從x軸邊界飛出，如軌跡，時間t3T，此時粒子在磁場中運動時間最長，故B項錯誤。9.(多選)如圖所示，虛線MN將平面分成和兩個區(qū)域，兩個區(qū)域都存在與紙面垂直的勻強磁場。一帶電粒子僅在磁場力作用下由區(qū)運動到區(qū)，弧線aPb為運動過程中的一段軌跡，其中弧aP與弧Pb的弧長之比為21，下列判斷一定正確的是()A兩個磁場的磁感應(yīng)強度方向相反，大小之比為21B粒子在兩個磁場中的運動速度大小之比為11C粒子通過aP、Pb兩段弧的時間之比為21D弧aP與弧Pb對應(yīng)的圓心角之比為21BC粒子在磁場中所受的洛倫茲力指向運動軌跡的凹側(cè)，結(jié)合左手定則可知，兩個磁場的磁感應(yīng)強度方向相反，根據(jù)題中信息無法求得粒子在兩個磁場中運動軌跡所在圓周的半徑之比，所以無法求出兩個磁場的磁感應(yīng)強度之比，A項錯誤；運動軌跡粒子只受洛倫茲力的作用，而洛倫茲力不做功，所以粒子的動能不變，速度大小不變，B項正確；已知粒子通過aP、Pb兩段弧的速度大小不變，而路程之比為21，可求出運動時間之比為21，C項正確；由圖知兩個磁場的磁感應(yīng)強度大小不等，粒子在兩個磁場中做圓周運動時的周期T也不等，粒子通過弧aP與弧Pb的運動時間之比并不等于弧aP與弧Pb對應(yīng)的圓心角之比，D項錯誤。10.(多選)(2019·江蘇啟東高三期末)如圖所示，一個理想邊界為PQ、MN的足夠大的勻強磁場區(qū)域，寬度為d，磁場方向垂直于紙面向里。O點處有一體積可忽略的電子發(fā)射裝置，能夠在紙面所在平面內(nèi)向磁場內(nèi)各個方向連續(xù)、均勻地發(fā)射速度大小相等的電子，當電子發(fā)射速率為v0時，所有電子恰好都不能從MN邊界射出磁場，則當電子發(fā)射速率為4v0時()A電子的運動半徑為4dB從MN邊界射出的電子數(shù)占總電子數(shù)的三分之二CMN邊界上有電子射出的總長度為2dD電子在磁場中運動的最長時間為BC向磁場內(nèi)各個方向連續(xù)、均勻地發(fā)射速度大小相等的電子，當電子發(fā)射速率為v0時，所有電子恰好都不能從MN邊界射出磁場，則知rd，則當電子發(fā)射速率為4v0時，根據(jù)r知半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，即為2d，故A錯誤；水平向右射出的粒子達到MN右端的最遠處，r2d，根據(jù)幾何關(guān)系知偏折角為60°，AB2dsin 60°d，與MN相切是到達的最左的點，根據(jù)幾何關(guān)系知速度與PQ夾角為60°，所以從MN邊界射出的電子數(shù)占總電子數(shù)的三分之二，BC2dsin 60°d，MN邊界上有電子射出的總長度為2d，故B、C正確；根據(jù)B、C項分析，轉(zhuǎn)過的圓心角最大為60°，最長時間為T×，故D錯誤。11(2019·全國卷)如圖所示，在直角三角形OPN區(qū)域內(nèi)存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于紙面向外。一帶正電的粒子從靜止開始經(jīng)電壓U加速后，沿平行于x軸的方向射入磁場；一段時間后，該粒子在OP邊上某點以垂直于x軸的方向射出。已知O點為坐標原點，N點在y軸上，OP與x軸的夾角為30°，粒子進入磁場的入射點與離開磁場的出射點之間的距離為d，不計重力。求：(1)帶電粒子的比荷；(2)帶電粒子從射入磁場到運動至x軸的時間。解析(1)設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，加速后的速度大小為v。由動能定理有qUmv2設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為r，由洛倫茲力公式和牛頓第二定律有qvBm由幾何關(guān)系知dr聯(lián)立式得。(2)由幾何關(guān)系知，帶電粒子射入磁場后運動到x軸所經(jīng)過的路程為srtan 30°帶電粒子從射入磁場到運動至x軸的時間為t聯(lián)立式得t。答案(1)(2)12(2019·江蘇高考)如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為B。磁場中的水平絕緣薄板與磁場的左、右邊界分別垂直相交于M、N，MNL，粒子打到板上時會被反彈(碰撞時間極短)，反彈前后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反。質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子速度一定，可以從左邊界的不同位置水平射入磁場，在磁場中做圓周運動的半徑為d，且d<L，粒子重力不計，電荷量保持不變。(1)求粒子運動速度的大小v；(2)欲使粒子從磁場右邊界射出，求入射點到M的最大距離dm；(3)從P點射入的粒子最終從Q點射出磁場，PMd，QN，求粒子從P到Q的運動時間t。 解析(1)粒子在磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力有：qvBm，解得：R 由題可得：Rd解得v。(2)如圖所示，粒子碰撞后的運動軌跡恰好與磁場左邊界相切由幾何關(guān)系得dmd(1sin 60°)解得dmd。(3)粒子的運動周期T設(shè)粒子最后一次碰撞到射出磁場的時間為t，則tnt(n1,3,5，)A當Lndd時，粒子斜向上射出磁場tT解得tB當Lndd時，粒子斜向下射出磁場tT解得t。答案(1)v(2)dmd(3)A.當Lndd(n1,3,5，)時，t，B.當Lndd(n1,3,5，)時，t