2019-2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 專題三 電場和磁場 第7講 電場和磁場的基本性質(zhì)提升訓(xùn)練.doc

2019-2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 專題三 電場和磁場 第7講 電場和磁場的基本性質(zhì)提升訓(xùn)練一、單項選擇題1.如圖1所示，是一對不等量異種點電荷的電場線分布圖，圖中兩點電荷連線長度為2r，左側(cè)點電荷帶電荷量為2q，右側(cè)點電荷帶電荷量為q，P、Q兩點關(guān)于兩電荷連線對稱。由圖可知()圖1A.P、Q兩點的電場強(qiáng)度相同B.M點的電場強(qiáng)度大于N點的電場強(qiáng)度C.把同一試探電荷放在N點，其所受電場力大于放在M點所受的電場力D.兩點電荷連線的中點處的電場強(qiáng)度為2k解析P、Q兩點的電場強(qiáng)度大小相等，方向不相同，選項A錯誤；根據(jù)電場線疏密程度反映電場強(qiáng)度大小可知，M點的電場強(qiáng)度大于N點的電場強(qiáng)度，選項B正確；把同一試探電荷放在N點，其所受電場力小于放在M點所受的電場力，選項C錯誤；兩點電荷連線的中點處的電場強(qiáng)度為Ekk3k，選項D錯誤。答案B2.(xx北京昌平區(qū)二模)如圖2所示，兩根通電的長直導(dǎo)線垂直于紙面平行放置，電流分別為I1和I2，且I1I2，電流的方向如圖所示，O點位于兩導(dǎo)線連線的中點。則()圖2A.O點磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為零B.O點磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不為零C.I1和I2之間為引力D.I1和I2之間無作用力解析根據(jù)安培定則可知，兩導(dǎo)線在O點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相同，都豎直向上，所以選項B正確；I1和I2電流方向相反，兩電流之間相互排斥，所以選項C、D均錯誤。答案B3.(xx泰州市高三調(diào)研考試)如圖3，真空中的正點電荷放在O點，圖中畫出它產(chǎn)生的電場的六條對稱分布的電場線。以水平電場線上的O點為圓心畫一個圓，與電場線分別相交于a、b、c、d、e，下列說法正確的是()圖3A.b、e兩點的電場強(qiáng)度相同B.a點電勢高于e點電勢C.b、c兩點間電勢差等于e、d兩點間電勢差D.電子沿圓周由d運動到c，電場力做正功解析b、e兩點電場強(qiáng)度的大小相同，方向不同，A錯誤；在正電荷產(chǎn)生的電場中，離電荷越近，電勢越高，e點離電荷近，故電勢高，B錯誤；b、e兩點和c、d兩點分別到電荷的距離相同，故電勢相同，因此b、c兩點間的電勢差等于e、d兩點間的電勢差，C正確；電場力做功與初、末位置的電勢差有關(guān)，c、d兩點的電勢差為零，故電場力做功為零，D錯誤。答案C4.(xx山東桓臺市模擬)如圖4甲所示，AB是電場中的一條電場線。質(zhì)子以某一初速度從A點出發(fā)，僅在電場力作用下沿直線從A點運動到B點，其vt圖象如圖乙所示，則下列說法正確的是()圖4A.質(zhì)子運動的加速度隨時間逐漸減小B.電場線的方向由A指向BC.A、B兩點電場強(qiáng)度的大小關(guān)系滿足EAEBD.A、B兩點的電勢關(guān)系滿足AB解析由題圖可知，從AB，速度減小，所以電場力方向向左，電場線方向由BA，所以AB，選項B錯誤，選項D正確；運動過程中加速度不變，所以該電場為勻強(qiáng)電場，EAEB，選項A、C均錯誤。答案D5.(xx泰州市高三模擬)空間存在著平行于x軸方向的靜電場，其電勢隨x的分布如圖5所示，A、M、O、N、B為x軸上的點，|OA|OB|，|OM|ON|。一帶電粒子在電場中僅在電場力作用下從M點由靜止開始沿x軸向右運動。則下列判斷中正確的是()圖5A.粒子一定帶正電B.粒子從M向O運動過程中所受電場力均勻增大C.粒子一定能通過N點D.粒子從M向N運動過程中電勢能先增大后減小解析沿場強(qiáng)方向電勢降落，可知帶電粒子所受電場力方向與場強(qiáng)方向相反，粒子帶負(fù)電，選項A錯誤；由于MO間的場強(qiáng)是均勻的，粒子從M向O運動過程中所受電場力保持不變，選項B錯誤；由于MO間的電勢差大于NO間的電勢差，所以粒子一定能通過N點選項C正確；粒子從M向N運動過程中，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大，選項D錯誤。答案C6.(xx江西名校月考)如圖6甲所示，直線AB是某孤立點電荷電場中的一條電場線，一個電子僅在電場力作用下沿該電場線從A點運動到B點，其電勢能隨位置變化的關(guān)系如圖乙所示。設(shè)A、B兩點的電勢分別為A、B電子在A、B兩點的動能分別為EkA、EkB。則關(guān)于該孤立點電荷的位置及電勢、電子動能大小的說法正確的是()圖6A.孤立點電荷帶負(fù)電，位于B點的右側(cè)，AB，EkAEkBB.孤立點電荷帶正電，位于A點的左側(cè)，AB，EkAEkBC.孤立點電荷帶正電，位于B點的右側(cè)，AB，EkAEkBD.孤立點電荷帶負(fù)電，位于A點的左側(cè)，AB，EkAEkB解析電勢能Epq，由于電子為負(fù)電荷，q0，根據(jù)EpAEpB可判斷AB，電場線從高電勢指向低電勢，所以電場線從A到B，電子從A到B沿電場線移動，電場力做負(fù)功，動能減小，所以EkAEkB。由于電荷量不變，所以電勢隨x變化的趨勢與Ep隨x變化趨勢相同，而x的斜率即E，由圖象可判斷斜率逐漸增大，即從A到B電場線逐漸變密集，孤立點電荷在B點右側(cè)且為負(fù)電荷，選項A對。答案A7.如圖7所示，垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場足夠大，兩個不計重力的帶電粒子同時從A點在紙面內(nèi)沿相反方向垂直虛線MN運動，經(jīng)相同時間兩粒子又同時穿過MN，則下列說法正確的是()圖7A.兩粒子的電荷量一定相等，電性可能不同B.兩粒子的比荷一定相等，電性可能不同C.兩粒子的動能一定相等，電性也一定相同D.兩粒子的速率、電荷量、比荷均不等，電性相同解析因兩粒子是從垂直MN開始運動的，當(dāng)再次穿過MN時速度方向一定垂直MN，兩粒子均運動了半個周期，即兩粒子在磁場中運動周期相等，由T知兩粒子的比荷一定相等，但質(zhì)量、電荷量不一定相等，選項A、D錯誤；因不知粒子的偏轉(zhuǎn)方向，所以粒子電性無法確定，選項B正確；因粒子運動的周期與速度無關(guān)，所以粒子的動能也不能確定，選項C錯誤。答案B二、多項選擇題8.均勻帶電的薄圓盤的右側(cè)，用拉力傳感器A、B水平懸掛一根通電直導(dǎo)線ab，電流方向由a到b，導(dǎo)線平行于圓盤平面。圓盤繞過圓心的水平軸沿如圖8所示方向勻速轉(zhuǎn)動，與圓盤靜止時相比，拉力傳感器的示數(shù)增大了，懸線仍然豎直，則下列說法正確的是()圖8A.圓盤帶正電荷B.圓盤帶負(fù)電荷C.若增大圓盤轉(zhuǎn)動角速度，則傳感器示數(shù)減小D.若改變圓盤轉(zhuǎn)動方向，則傳感器示數(shù)減小解析與圓盤靜止時相比，拉力傳感器的示數(shù)增大，懸線豎直，說明導(dǎo)線所受安培力豎直向下，由左手定則可判斷，導(dǎo)線所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向右；由安培定則可以判斷，圓盤轉(zhuǎn)動形成的等效電流與其轉(zhuǎn)動方向相同，故圓盤帶正電荷，A正確，B錯誤；若增大圓盤轉(zhuǎn)動角速度，則等效電流增大，方向不變，產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，所以導(dǎo)線所受安培力增大，傳感器示數(shù)增大，C選項錯誤；若改變圓盤轉(zhuǎn)動方向，則導(dǎo)線所在位置的磁場方向水平向左，導(dǎo)線所受安培力方向向上，傳感器示數(shù)減小，D選項正確。答案AD9.如圖9所示，真空中兩等量異種點電荷Q1、Q2固定在x軸上，其中Q1帶正電。三角形acd為等腰三角形，cd邊與x軸垂直且與x軸相交于b點，則下列說法正確的是()圖9A.a點電勢高于b點電勢B.a點場強(qiáng)小于b點場強(qiáng)C.將電子從a點移動到b點，電勢能減少D.將電子從a點移動到c點，電場力做正功解析根據(jù)等量異種點電荷電場的分布特點可知a點場強(qiáng)大于b點場強(qiáng)，a、b在同一條電場線上，且電場線沿x軸負(fù)方向，故a點電勢低于b點電勢，選項A、B錯誤；將電子從a點移動到b點，電場力方向向右，電場力對電子做正功，電子的電勢能減少，選項C正確；根據(jù)等量異種點電荷等勢面的分布特點可知，a的電勢低于c點的電勢，將電子從a點移動到c點，電勢能減少，則電場力做正功，選項D正確。答案CD10.如圖10所示，水平固定的矩形金屬板A帶電荷量為Q，電勢為零，從金屬板中心O處釋放一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球，由于電場力的作用，小球豎直上升的最大高度可達(dá)到金屬板中心豎直線上的C點，已知OCh，重力加速度為g，又知小球過豎直線上B點時的速度最大，由此可確定Q所形成的電場中的物理量是()圖10A.B點的場強(qiáng) B.C點的場強(qiáng)C.B點的電勢 D.C點的電勢解析由題意知小球通過B點時的速度最大，則在B點時小球所受的電場力與重力平衡，有mgqEB，解得EB；小球從O到C的過程中，由動能定理得qUOCmgh0，解得UOC，又UOCOC，O0，可得C；由于B到O的距離未知，故不能求出OB間的電勢差，因此不能求出B點的電勢；小球在C點的加速度無法求出，因此C點的場強(qiáng)無法求出。選項A、D正確。答案AD11.(xx廣東理綜，21)如圖11所示的水平勻強(qiáng)電場中，將兩個帶電小球M和N分別沿圖示路徑移動到同一水平線上的不同位置，釋放后，M、N保持靜止，不計重力，則()圖11A.M的帶電量比N的大B.M帶負(fù)電荷，N帶正電荷C.靜止時M受到的合力比N的大D.移動過程中勻強(qiáng)電場對M做負(fù)功解析帶電小球M、N在不計重力條件下平衡，說明M、N兩球所受電場力的合力為零，即M、N所在點合場強(qiáng)為零，所以M球在N球處所產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向左，大小為E，故M球帶負(fù)電；同理，N球在M球處產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向右，大小為E，故N球帶正電，且兩球所帶電荷量相等。M、N兩球在移動的過程中勻強(qiáng)電場對M、N均做負(fù)功，所以B、D正確。答案BD三、計算題12.(xx江蘇常州期末)如圖12所示，在矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，在ad邊中點的粒子源，在t0時刻垂直于磁場發(fā)射出大量的同種帶電粒子，所有粒子的初速度大小相同，方向與Od的夾角分布在0180范圍內(nèi)。已知沿Od方向發(fā)射的粒子在tt0時刻剛好從磁場邊界cd上的P點離開磁場，ab1.5L，bcL，粒子在磁場中做圓周運動的半徑RL，不計粒子的重力和粒子間的相互作用，求：圖12(1)粒子在磁場中的運動周期T和粒子的比荷；(2)粒子在磁場中運動的最長時間；解析 (1)初速度沿Od方向發(fā)射的粒子在磁場中運動的軌跡如圖甲，其圓心為O1，由幾何關(guān)系有OO1P，T6t0；甲粒子做圓周運動的向心力由洛倫茲力提供，根據(jù)牛頓第二定律得qvB，v，得。(2)在磁場中運動時間最長的粒子的軌跡的弦ObL，設(shè)此粒子運動軌跡對應(yīng)的圓心角為，則sin，圓心恰在ab邊上，在磁場中運動的最長時間tmTT2t0。答案(1)6t0(2)2t0