2019年高考物理總復(fù)習(xí) 專題三 牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合檢測(cè).doc

2019年高考物理總復(fù)習(xí) 專題三 牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合檢測(cè)一、單項(xiàng)選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共16分1(xx年韶關(guān)調(diào)研)下列說法正確的是()A受變力作用的物體，一定做曲線運(yùn)動(dòng)B靜止在水平面上的物體對(duì)桌面的壓力就是物體的重力C牛頓第一定律是以可靠的事實(shí)為基礎(chǔ)，把實(shí)驗(yàn)與邏輯推理結(jié)合在一起得到的D一對(duì)作用力和反作用力做功之和一定為零2(xx年濟(jì)南期中)某物體做直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖31所示，據(jù)此判斷下列四個(gè)選項(xiàng)(F表示物體所受合力，x表示物體的位移)中正確的是()圖31 A B C D3(xx年惠州模擬)如圖32所示，質(zhì)量分別為m1和m2 的兩物塊放在水平地面上，與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都是(0)，用輕質(zhì)彈簧將兩物塊連接在一起，當(dāng)用水平力F作用在m1上時(shí)，兩物塊均以加速度a做勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)，彈簧伸長量為x，若用水平力F作用在m1上時(shí)，兩物塊均以加速度a2a做勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)，彈簧伸長量為x，則下列正確的是()圖32AF2F Bx2x CF>2F Dx<2x4如圖33所示，在光滑平面上有一靜止小車，小車質(zhì)量為M5 kg，小車上靜止地放置著質(zhì)量為m1 kg的木塊，和小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，用水平恒力F拉動(dòng)小車，下列關(guān)于木塊的加速度am和小車的加速度aM，可能正確的有()圖33Aam2 m/s2，aM1 m/s2Bam1 m/s2，aM2 m/s2Cam2 m/s2，aM4 m/s2Dam3 m/s2，aM5 m/s2二、雙項(xiàng)選擇題：本大題共5小題，每小題6分，共30分5(xx年佛山質(zhì)檢)如果你站在超市的斜面式自動(dòng)扶梯(無階梯，如圖34所示)上隨扶梯勻速上行，則下列相關(guān)說法正確的是()圖34A速度越快，人的慣性越大B電梯對(duì)人的摩擦力和人對(duì)電梯的摩擦力大小相等C電梯對(duì)人的支持力與人的重力大小相等D電梯對(duì)人作用力的合力方向豎直向上6(惠州2011屆高三調(diào)研)一物體在幾個(gè)力的共同作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)使其中向東的一個(gè)力F的值逐漸減小到零，又馬上使其恢復(fù)到原值(方向不變)，則()A物體始終向西運(yùn)動(dòng)B物體先向西運(yùn)動(dòng)后向東運(yùn)動(dòng)C物體的加速度先增大后減小D物體的速度先增大后減小7(汕頭金山中學(xué)2011屆高三檢測(cè))如圖35所示為一行李傳送帶裝置示意圖，緊繃的傳送帶AB以1 m/s的恒定速率運(yùn)行旅客把行李輕放在A處，設(shè)行李與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.1，相距2 m，g10 m/s2.若乘客把行李放到傳送帶的同時(shí)也以1 m/s的恒定速度平行于傳送帶運(yùn)動(dòng)到B處取行李，則()圖35A乘客與行李同時(shí)到達(dá)B B乘客提前0.5 s到達(dá)BC行李提前 0.5 s到達(dá)B D若傳送帶速度足夠大，行李最快也要2 s到達(dá)B 8(中山一中xx屆高三模擬)如圖36所示，運(yùn)動(dòng)員“3 m跳板跳水”運(yùn)動(dòng)的過程可簡(jiǎn)化為：運(yùn)動(dòng)員走上跳板，將跳板從水平位置B壓到最低點(diǎn)C，跳板又將運(yùn)動(dòng)員豎直向上彈到最高點(diǎn)A，然后運(yùn)動(dòng)員做自由落體運(yùn)動(dòng)，豎直落入水中跳板自身重力可忽略不計(jì)，則下列說法正確的是()圖36A運(yùn)動(dòng)員向下運(yùn)動(dòng)(BC)的過程中，先超重后失重，對(duì)板的壓力先減小后增大B運(yùn)動(dòng)員向下運(yùn)動(dòng)(BC)的過程中，先失重后超重，對(duì)板的壓力一直增大C運(yùn)動(dòng)員向上運(yùn)動(dòng)(CB)的過程中，先失重后超重，對(duì)板的壓力先增大后減小D運(yùn)動(dòng)員向上運(yùn)動(dòng)(CB)的過程中，先超重后失重，對(duì)板的壓力逐漸減小9如圖37所示，豎直向下的力F作用在質(zhì)量為M的小球上，使球壓緊輕質(zhì)彈簧并靜止，已知彈簧未超過彈性限度，小球沒有與彈簧連接現(xiàn)撤去力F，則下列說法正確的是()圖37A剛撤去力F時(shí)，彈簧彈力大于小球重力B撤去力F后，小球加速度先增大后減小C撤去力F后，小球在上升過程中一定先加速后減速D撤去力F后，小球在上升過程中一定會(huì)脫離彈簧 三、非選擇題：本大題共3小題，共54分10(18分)(茂名xx屆一模)某同學(xué)用如圖38甲所示的裝置做“物體質(zhì)量一定時(shí)，探究加速度與物體受力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)出正方體墊木a的邊長l，如圖乙所示，則l_cm.甲乙圖38(2)首先不掛鉤碼，前后反復(fù)移動(dòng)墊木，使打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶上的點(diǎn)_時(shí)，摩擦力就平衡好了然后細(xì)繩繞過滑輪掛上鉤碼，打出紙帶，求出相應(yīng)的加速度改變鉤碼數(shù)量，重做幾次最后探究加速度與物體受拉力(鉤碼重力)的關(guān)系(3)實(shí)驗(yàn)中鉤碼重力大于繩子拉力，鉤碼重力越大，誤差越大請(qǐng)你在不增減實(shí)驗(yàn)器材的條件下提出一個(gè)方法克服上述不足你的方法是_.11(18分)如圖39所示，質(zhì)量M8 kg的小車放在水平光滑的平面上，在小車左端加一水平恒力F，F(xiàn)8 N，當(dāng)小車向右運(yùn)動(dòng)的速度達(dá)到v01.5 m/s時(shí)，在小車右端輕輕地放上一個(gè)大小不計(jì)、質(zhì)量為m2 kg的小物塊，物塊與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，小車足夠長(取g10 m/s2)求：(1)小物塊放后，小物塊及小車的加速度各為多大？(2)經(jīng)多長時(shí)間兩者達(dá)到相同的速度？(3)從小物塊放上小車開始，經(jīng)過t1.5 s小物塊通過的位移大小為多少？圖3912(18分)航模興趣小組設(shè)計(jì)出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m2 kg，動(dòng)力系統(tǒng)提供的恒定升力F28 N試飛時(shí)，飛行器從地面由靜止開始豎直上升設(shè)飛行器飛行時(shí)所受的阻力大小不變，取g10 m/s2.(1)第一次試飛，飛行器飛行t18 s 時(shí)到達(dá)高度H64 m求飛行器所受阻力f的大小(2)第二次試飛，飛行器飛行t26 s 時(shí)遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力求飛行器能達(dá)到的最大高度h.(3)為了使飛行器不致墜落到地面，求飛行器從開始下落到恢復(fù)升力的最長時(shí)間t3.專題三綜合檢測(cè)1C2.A3D解析：兩物塊均以加速度a運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律對(duì)整體有：F(m1m2)g(m1m2)a對(duì)m2有：kxm2gm2a當(dāng)兩物塊均以加速度2a運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)整體有：F(m1m2)g2(m1m2)a對(duì)m2有：kxm2g2m2a比較對(duì)應(yīng)的兩式可得F<2F，x<2x，故D正確4C解析：隔離木塊，分析受力，由牛頓第二定律，mgm am，解得am2 m/s2.關(guān)于木塊的加速度am和小車的加速度aM，可能正確的是C.5BD6.AC7.BD8.BD9AC解析：本題考查角度為從受力分析入手分析物體的運(yùn)動(dòng)，彈簧的彈力與形變量成正比例關(guān)系，在彈簧恢復(fù)原長的過程中有一個(gè)位置，彈簧彈力等于小球的重力，在這之前彈簧彈力大于小球重力，小球加速，在這一位置之后彈簧彈力小于小球重力，小球減速10(18分)(1)1.13(2)疏密間隔相同(3)選鉤碼和小車作一整體為研究對(duì)象，使增加(或減少)的懸掛鉤碼取自(或放入)小車上，保證改變拉力時(shí)，研究對(duì)象質(zhì)量不變11(18分)解：(1)物塊的加速度a1g2 m/s2小車的加速度a20.5 m/s2.(2)設(shè)經(jīng)過時(shí)間t，兩物體的速度相同，有v0a2ta1t解得t1.0 s.(3)經(jīng)過t1.0 s后，設(shè)兩物體一起運(yùn)動(dòng)的加速度為a，則a0.8 m/s2此時(shí)小物塊受到的摩擦力為fma1.6 N<mg4.0 N，故兩物體經(jīng)1.0 s后一起以加速度a0.8 m/s2運(yùn)動(dòng)小物塊的位移為sa1t2a1t(tt)a(tt)2解得s2.1 m.12(18分)解：(1)第一次飛行中，設(shè)飛行器的加速度為a1，有Ha1t由牛頓第二定律有Fmgfma1解得f4 N. (2)第二次飛行中，設(shè)失去升力時(shí)飛行器的速度為v1，上升的高度為s1，圖D97則s1a1t.設(shè)失去升力后飛行器上升階段的加速度為a2，上升的高度為s2.由牛頓第二定律有mgfma2又v1a1t2，s2解得hs1s242 m.(3)設(shè)飛行器失去升力下降階段的加速度為a3；恢復(fù)升力后加速度為a4，恢復(fù)升力時(shí)速度為v3.由牛頓第二定律有mgfma3Ffmgma4且hv3a3t3解得t3s2.1 s.