2019高考物理三輪沖刺 大題提分 大題精做4 圓周運(yùn)動問題

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1、大題精做四 圓周運(yùn)動問題 精選大題 1.【2018年浙江省模擬】如圖1所示。游樂場的過山車可以底朝上在豎直圓軌道上運(yùn)行.可抽象為圖2的模型。傾角為45°的直軌道AB、半徑R=10m的光滑豎直圓軌道和傾角為37°的直軌道EF,分別通過過水平光滑街接軌道BC.C‘E平滑連接,另有水平減速直軌道FG與EF平滑連接EG間的水平距離l=40m.現(xiàn)有質(zhì)量m<500kg的過山車,從高h(yuǎn)=40m的A點(diǎn)靜止下滑,經(jīng)BCDC‘EF最終停在G點(diǎn),過山車與軌道AB、EF的動摩擦因數(shù)均為μ1=0.2與減速直軌道FG的動摩擦因數(shù)均為μ2=0.75,過山車可視為質(zhì)點(diǎn),運(yùn)動中不脫離軌道,求 (1)過山

2、車運(yùn)動至圓軌道最低點(diǎn)C時(shí)的速度大??; (2)過山車運(yùn)動至圓軌道最高點(diǎn)D時(shí)對軌道的作用力; (3)減速直軌道FG的長度x(已知sin37°=0.6,cos37°=0.8) 【解析】 (1)過山車到達(dá)C點(diǎn)的速度為vc,由動能定理 mgh-μ1mgcos45°hcos45°=12mvC2 代入數(shù)據(jù)可得vC=810m/s (2)過山車到達(dá)D點(diǎn)的速度為vD,由機(jī)械能守恒定律 2mgR+12mvC2=12mvC2 由牛頓第二定律 mg+FD=mvD2R 聯(lián)立代人數(shù)據(jù)可得:FD = 7000N 由牛頓第三定律可知.軌道受到的力F’D = 7000N (3)過山車從A到達(dá)G點(diǎn).由

3、動能定理可得 mgh-mg(l-x)tan37°-μ1mghcot45°-μ1mg(l-x)-μ2mgx=0 代人數(shù)據(jù)可得x = 30m 故本題答案是: (1)vC=810m/s;(2)7000N;(3)x=30m 1.【2019浙江省模擬】三維彈球(3D Pinball)是Window里面附帶的一款使用鍵盤操作的電腦游戲,小王同學(xué)受此啟發(fā),在學(xué)校組織的趣味運(yùn)動會上,為大家提供了一個(gè)類似的彈珠游戲。如圖所示,將一質(zhì)量為0.1kg的小彈珠(可視為質(zhì)點(diǎn))放在O點(diǎn),用彈簧裝置將其彈出,使其沿著光滑的半圓形軌道OA和AB運(yùn)動,BC段為一段長為L=2.0m的粗糙水平面,DEFG為矩形墊子(

4、墊子邊緣的高度忽略不計(jì))。圓弧OA和AB的半徑分別為r=0.2m,R=0.4m,滑塊與BC段的動摩擦因數(shù)為μ= 0.4,C點(diǎn)離墊子的高度為h=0.8m,水平距離為x=0.6m,墊子的長度EF為1m,求: (1)要使小滑塊恰好不脫離圓弧軌道,在B位置小滑塊受到半圓軌道的支持力; (2)在滿足第⑴問的情況下,小滑塊能否落入墊子?若能,則落入墊子時(shí)距左邊緣DE的距離; (3)為了不讓小滑塊飛出墊子,滑塊被彈射離開彈簧時(shí)的最大初速度。 【解析】(1)對大圓弧AB的A點(diǎn):mg=mvA2R A到B的過程機(jī)械能守恒:12mvA2+2mgR=12mvB2 對B點(diǎn):FN-mg=mvB2R 由以上

5、三式可得:FN=6N (2)從B至C由動能定理:-μmgL=12mvC2-12mvB2 得到vC=2m/s 由平拋運(yùn)動:h=12gt2 s=vCt 聯(lián)立以上各式解得:s=0.8m>0.6m 所以小滑塊能落入盒子中。 落入的位置距離E點(diǎn):Δx=s-x=0.2m (3)由平拋運(yùn)動:h=12gt2 x+xEF=vC't 由O至C用動能定理:mgR-μmgL=12mvC'2-12mv02 解得:v0=26m/s 2.【2019四川省成都市模擬】轉(zhuǎn)動裝置如圖所示,四根輕桿OA、OC、AB和CB與兩小球以及一小環(huán)通過鉸鏈連接,輕桿長均為l,球的質(zhì)量均為m,環(huán)質(zhì)量為2m,O端固定在豎

6、直的輕質(zhì)轉(zhuǎn)軸上,套在轉(zhuǎn)軸上的輕質(zhì)彈簧連接在O與小環(huán)之間,原長為L,裝置靜止時(shí),彈簧長為3L2,轉(zhuǎn)動該裝置并緩慢增大轉(zhuǎn)速,小環(huán)緩慢上升。彈簧始終在彈性限度內(nèi),忽略一切摩擦和空氣阻力,重力加速度為g,求: (1)彈簧的勁度系數(shù)k; (2)AB桿中彈簧長度為L2時(shí),裝置轉(zhuǎn)動的角速度。 【解析】(1)裝置靜止時(shí),設(shè)OA、AB桿中的彈力分別為F1、T1,OA桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為θ1。 小環(huán)受到彈簧的彈力為:F彈1=k?L3, 小環(huán)受力平衡,則有:F彈1=mg+2T1cosθ1, 小球受力平衡,則豎直方向有:F1cosθ1+T1cosθ1=mg, 水平方向有:F1sinθ1=T1sinθ1,

7、解得:k=6mgL; (2)彈簧長度為12L時(shí),設(shè)OA、AB桿中的彈力分別為F2、T2,OA桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為θ2。 小環(huán)受到的彈力為:F彈2=12kL=3mg, 小環(huán)受力平衡,有:2T2cosθ2=mg+F彈2,且cosθ2=L4l, 對小球,豎直方向有:F2cosθ2=T2cosθ2+mg, 水平方向有:F2sinθ2+T2sinθ2=mω2lsinθ2, 解得:ω=25gL. 3.【2019四川省瀘州市模擬】如圖所示,長為l的輕質(zhì)細(xì)線固定在O1點(diǎn),細(xì)線的下端系一質(zhì)量為m的小球,固定點(diǎn)O1的正下方0.5l處的P點(diǎn)可以垂直于豎直平面插入一顆釘子,現(xiàn)將小球從細(xì)線處于水平狀態(tài)由靜止釋

8、放,此時(shí)釘子還未插入P點(diǎn),在B點(diǎn)右下方水平地面上固定有一半徑為R=516l的光滑圓弧形槽,槽的圓心在O2,D點(diǎn)為最低點(diǎn),且∠CO2D=37°,重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力(已知sin37°=0.6,cos37°=0.8) (1)小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)的速度大小 (2)如果釘子插入P點(diǎn)后,小球仍然從A點(diǎn)靜止釋放,到達(dá)B點(diǎn)時(shí),繩子恰好被拉斷,求繩子能承受的最大拉力; (3)在第(2)問的情況下,小球恰好從槽的C點(diǎn)無碰撞地進(jìn)入槽內(nèi),求整個(gè)過程中小球?qū)Σ鄣淖畲髩毫Α? 【解析】(1)小球從A到B運(yùn)動過程中,根據(jù)機(jī)械能守恒有: mgl=12mvB2-0 小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)的速度vB=2gl (2)

9、插入釘子后,小球再次經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)有: F-mg=mvB20.5l vB=2gl 解得繩子能承受的最大拉力F=5mg (3)小球從B點(diǎn)開始做平拋運(yùn)動,在C點(diǎn)時(shí)速度方向巧好沿軌道切線方向,即: vC=vBcos370 小球沿槽運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力最大,小球從C到D過程中機(jī)械能守恒有: mgR(1-cos370)=12mvD2-12mvC2 在D點(diǎn)有:FN-mg=mvD2R 解得槽對小球的支持力FN=11.4mg 由牛頓第三定律得小球?qū)Σ鄣淖畲髩毫镕N′=11.4mg,方向豎直向下。 4.【2019吉林省長春市模擬】有一水平放置的圓盤面水平放一勁度系數(shù)為k的彈簧,如圖所示

10、,彈簧的一端固定于軸O上,另一端連接一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn),質(zhì)量為m的物體A,物體與盤面間的動摩擦因數(shù)為μ(已知μ≤kl02mg),開始時(shí)彈簧未發(fā)生形變,長度為l0,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦,重力加速度為g求: (1)物體A能與轉(zhuǎn)盤相對靜止,求圓盤轉(zhuǎn)動角速度的最大值ω0; (2)使彈簧的長度變?yōu)?2l0,為使物體A能與轉(zhuǎn)盤相對靜止,求圓盤轉(zhuǎn)動的角速度ω應(yīng)滿足的條件。 【解析】(1) 圓盤轉(zhuǎn)動角速度取最大值ω0時(shí)A需要的向心力大小等于最大靜摩擦力,則有 μmg=mω02l0 解得:ω0=μgl0; (2)因?yàn)閗l02≥μmg,角速度取最小值ω1時(shí),向心力的大小為彈力與最大靜摩擦力之差,

11、kl02-μmg=mω12·3l02 解得:ω1=kl0-2μmg3ml0 角速度取最大值ω2時(shí),向心力的大小為彈力與最大摩擦力之和 kl02+μmg=mω22·3l02 解得:ω2=kl0+2μmg3ml0 所以kl0-2μmg3ml0≤ω≤kl0+2μmg3ml0。 5.【2018廣東省模擬】如圖所示,物體A、B之間有一根被壓縮鎖定的輕彈簧,整個(gè)裝置靜止在光滑軌道abc上,其中bc是半徑為R= 0.1 m的半圓形軌道。長為L=0.4 m的傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動的速度為v=2 m/s,忽略傳送帶的d端與軌道c點(diǎn)之間的縫隙寬度,物體B與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ =0.5。已知物體A、B

12、可以看成質(zhì)點(diǎn),質(zhì)量分別為2kg、1kg。彈簧解除鎖定后,A獲得的速度大小為vA =1.5 m/s,試分析物體B能否到達(dá)e點(diǎn),如果不能請說明理由;如果能請求出物體B飛出后的落地點(diǎn)到e點(diǎn)間的水平距離。 (g=10 m/s2,不計(jì)空氣阻力) 【解析】解除彈簧的鎖定后,設(shè)B獲得的速度大小為vB,對A、B和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒,得EP=12mBvB2+12mAvA2 代入數(shù)據(jù):6.75=12×1×vB2+12×2×1.52,解得vB=3m/s 假設(shè)物體B能通過半圓形軌道最高點(diǎn)c點(diǎn)并到達(dá)e點(diǎn),設(shè)物體B運(yùn)動至c點(diǎn)時(shí)的速度為vc,運(yùn)動至e點(diǎn)時(shí)速度為ve,由圓周運(yùn)動知識可知,物體B在c點(diǎn)時(shí)應(yīng)有mvc2

13、R≥mg,即vC≥gR=1m/s 物體B從彈簧解除鎖定到運(yùn)動至e點(diǎn)的過程中,根據(jù)動能定理得?mBg?2R-μmBgL=12mBv32-12mBvB2 解得ve=1m/s,易知vc>ve,即vc>1m/s,故物體B能到達(dá)e點(diǎn) 物體B離開c點(diǎn)后做平拋運(yùn)動,豎直方向2R=12gt2,水平方向x=vet,聯(lián)立解得x=0.2m 物體B再次落到水平軌道ab上時(shí)與e點(diǎn)間的水平距離為0.2m 6.【2019安徽省模擬】如圖所示,一光滑直桿上套了A、B兩個(gè)質(zhì)量均為m的圓環(huán),OB=L,OA=2L.桿的一端O有固定銨鏈,可自由轉(zhuǎn)動.現(xiàn)在使桿繞豎直軸做勻速轉(zhuǎn)動.試證明:A、B兩環(huán)不可能同時(shí)隨桿穩(wěn)定轉(zhuǎn)動,并說

14、明,若B環(huán)能隨桿穩(wěn)定轉(zhuǎn)動,則A環(huán)沿桿有怎樣的運(yùn)動現(xiàn)象? 【解析】對小圓環(huán)受力分析,其受重力、支持力,如圖所示: FNsinθ=mg FNcosθ=mω2r 則a=gcotθ=ω2Lsinθ 解得:ω=1cosθgcosθL, L越大,對應(yīng)的ω越小,L與ω存在著一一對應(yīng),光滑桿具有確定的角速度只能有唯一的圓環(huán)與它共同運(yùn)動。 若B環(huán)能隨桿穩(wěn)定轉(zhuǎn)動,則A環(huán)將沿光滑桿一直向上滑動,直至滑離。 7.【2018江蘇省模擬】如圖所示,ABDO是處于豎直平面內(nèi)的光滑軌道,AB是半徑為R=15m的1/4圓周軌道,半徑OA處于水平位置,BDO是半徑為r=7.5m的半圓軌道,D為BDO軌道的中央。一

15、個(gè)小球從A點(diǎn)正上方距A點(diǎn)H=10m處的P點(diǎn)自由落下,經(jīng)A點(diǎn)進(jìn)入豎直平面內(nèi)的軌道,取g=10m/s2,不計(jì)空氣阻力。 (1)求小球經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力的大小是重力的多少倍? (2)試討論此球能否到達(dá)BDO軌道的O點(diǎn),并說明理由。 (3)小球沿軌道運(yùn)動后再次落到軌道上的速度的大小是多少? 【解析】(1)從P到D由動能定理得: mg(H+r)=12mvD2 由圓周運(yùn)動知識得: ND=mvD2r 解得:ND=143mg; (2) 設(shè)小球能夠沿豎直半圓軌道運(yùn)動到O點(diǎn)的最小速度為vc,有: mvC2r=mg 小球至少應(yīng)從Hc高處落下,mgHC=12mvC2 解得:HC=R4 由H>HC,小球可以通過O點(diǎn); (3) 小球從O點(diǎn)水平飛出后打在圓弧軌道上時(shí)間為t 這個(gè)過程小球的水平位移為x=v0t 豎直位移為y=12gt2 由幾何知識得:x2+y2=R2 解得t=1s 物體豎直方向速度vy=gt=10m/s 落在圓弧上速度v=vx2+vy2=103ms。 7

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