2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 單科標(biāo)準(zhǔn)練2

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1、單科標(biāo)準(zhǔn)練(二)(時間:70分鐘分值:110分)第卷一、選擇題:本題共8小題,每小題6分在每小題給出的四個選項中,第1418題只有一項符合題目要求,第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯或不答的得0分14一個物體在四個外力作用下做勻速直線運動如果其中一個外力F方向保持不變,而大小逐漸減小直至等于零則在這一過程中,物體運動的速度可能是()A速度的大小越來越小,減小到零后又反向運動,速度最后趨于恒定B速度的大小越來越大,再越來越小,速度最后趨于恒定C速度大小越來越小,方向時刻改變,最后趨于恒定D速度大小越來越大,方向時刻改變D物體在四個外力作用下做勻速直線運動,

2、物體所受的合外力為零,所受的另外三個外力的合力與該外力F的大小相等、方向相反當(dāng)F逐漸減小時,剩余其他外力的合力反向且逐漸增大,當(dāng)外力F和物體初速度方向在一條直線上時,如果方向一致,物體將先做減速運動,減小到零后再做加速運動,速度越來越大,選項A錯誤;如果外力F的方向與初速度的方向相反,當(dāng)F逐漸減小直至等于零的過程中,物體的速度越來越大,不會趨于恒定,選項B錯誤;當(dāng)F的方向和初速度的方向不在一條直線上時,物體的速度大小和方向都會改變,當(dāng)其余三個外力的合力和速度方向的夾角大于90時,速度大小越來越小,方向時刻改變,選項C錯誤;當(dāng)其余三個外力的合力和速度方向的夾角小于90時,速度大小越來越大,方向時

3、刻改變,選項D正確15下列說法不正確的是()A玻爾大膽提出假設(shè),認(rèn)為實物粒子也具有波動性B放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性C氫原子從能級4躍遷到能級3輻射出的光子的波長大于從能級2躍遷到能級1輻射出的光子的波長D在光電效應(yīng)實驗中,用同種頻率的光照射不同的金屬表面,從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大,則這種金屬的逸出功W0越小A德布羅意提出實物粒子也具有波動性,故A錯誤;放射性元素的放射性與核外電子無關(guān),故放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性,故B正確;根據(jù)玻爾理論,氫原子從能級4躍遷到能級3輻射出的光子的波長大于從能級2躍遷到能級1輻射出的光子的波長,選項C正確;在

4、光電效應(yīng)實驗中,根據(jù)EkhW0可知,用同種頻率的光照射不同的金屬表面,從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大,這種金屬的逸出功W0越小,選項D正確16有兩顆質(zhì)量不等,在圓軌道運行的人造地球衛(wèi)星用T表示衛(wèi)星的運行周期,用p表示衛(wèi)星的動量,則有關(guān)軌道半徑較大的那顆衛(wèi)星的周期T、動量p和機械能,下列說法中正確的是()A周期T較大,動量p也一定較大,機械能也大B周期T較大,動量p可能較小,機械能不能確定C周期T較小,動量p也較大,機械能大D周期T較小,動量p也較小,質(zhì)量大的衛(wèi)星的機械能也大B在圓軌道上運行的人造地球衛(wèi)星,其所需的向心力是由地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力提供的,即G,可得:v,由pmv可知,衛(wèi)

5、星動量的大小與物體的速度和質(zhì)量大小都有關(guān),軌道半徑大的衛(wèi)星運行速度小,但質(zhì)量不確定,因此動量不一定大,機械能也不一定大,再根據(jù)Gmr,可得T,軌道半徑r越大,人造衛(wèi)星的運行周期T越大,所以選項A、C、D錯誤,選項B正確17.如圖1所示為某質(zhì)點做直線運動時的vt圖象,圖象關(guān)于圖中虛線對稱,則在0t1時間內(nèi),關(guān)于質(zhì)點的運動,下列說法正確的是()圖1A若質(zhì)點能兩次到達(dá)某一位置,則兩次到達(dá)這一位置的速度大小一定相等B若質(zhì)點能兩次到達(dá)某一位置,則兩次的速度都不可能為零C若質(zhì)點能三次通過某一位置,則可能三次都是加速通過該位置D若質(zhì)點能三次通過某一位置,則可能兩次加速通過,一次減速通過D如圖所示,畫出質(zhì)點運

6、動的過程圖,質(zhì)點在0t1時間內(nèi)能兩次到達(dá)的位置有兩個,分別對應(yīng)質(zhì)點運動速度為零的兩個位置,因此A、B錯誤;在質(zhì)點沿負(fù)方向加速運動的過程中,質(zhì)點可三次通過某一位置,這時質(zhì)點兩次加速,一次減速,在質(zhì)點沿負(fù)方向減速運動的過程中,質(zhì)點可三次通過某一位置,這時質(zhì)點兩次減速,一次加速,C項錯誤,D項正確18.一臺理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是51,原線圈接入電壓為220 V的正弦交流電,一個滑動變阻器R接在副線圈上,如圖2所示,電壓表和電流表均為理想交流電表則下列說法正確的是()圖2A原、副線圈中的電流之比為51B電壓表的示數(shù)為44 VC若滑動變阻器接入電路的阻值為20 ,則1 min內(nèi)產(chǎn)生的熱量為2

7、904 JD若將滑動變阻器的滑片向上滑動,則兩電表的示數(shù)均減小B由理想變壓器的電流和電壓的關(guān)系可知,原、副線圈電流比為15,電壓表示數(shù)為44 V,故A錯誤,B正確;由Qt可求得Q5 808 J,故C錯誤;電壓表測的是副線圈兩端的電壓,因此無論滑片如何移動其示數(shù)均不變,故D錯誤19.如圖3所示,兩帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N水平放置,a、b為同一條電場線上的兩點若將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子分別置于a、b兩點,則粒子在a點時的電勢能大于其在b點時的電勢能;若將該粒子從b點以初速度v0豎直向上拋出,則粒子到達(dá)a點時的速度恰好為零已知a、b兩點間的距離為d,金屬板M、N所帶電荷量始終不變

8、,不計帶電粒子的重力,則下列判斷中正確的是()圖3Aa點電勢一定低于b點電勢B兩平行金屬板間形成的勻強電場的場強大小為Ca、b兩點間的電勢差為UabD若將M、N兩板間的距離稍微增大一些,則a、b兩點間的電勢差變小AB由于qaqb,所以ab,即a點電勢低于b點電勢,選項A正確;由動能定理可知:qEd0mv,解得該勻強電場的電場強度大小為:E,選項B正確;由于a、b兩點間的距離為d,則由UbaEd可得:Uba,故Uab,選項C錯誤;若將M、N兩板間的距離稍微增大一些,設(shè)兩板間的距離為d,則有C,C,UEd,聯(lián)立以上三式可得:E,故勻強電場的場強大小不變,故a、b兩點間的電勢差不變,選項D錯誤20.

9、如圖4所示,傾角為的斜面固定在水平地面上,斜面上有兩個質(zhì)量均為m的小球A、B,它們用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連接,現(xiàn)對A施加一個水平向右大小為Fmg的恒力,使A、B在斜面上都保持靜止,如果斜面和兩個小球的摩擦均忽略不計,此時彈簧的長度為L,則下列說法正確的是()圖4A彈簧的原長為LB斜面的傾角為30C撤掉恒力F的瞬間小球A的加速度不變D撤掉恒力F的瞬間小球B的加速度為0ABD對小球B進(jìn)行受力分析,由平衡條件可得:kxmgsin ,解得x,所以彈簧的原長為LxL;對小球A進(jìn)行受力分析,由平衡條件可得:Fcos mgsin kx,解得:30,所以彈簧的原長為L,選項A、B正確撤掉恒力F的瞬間,對A

10、進(jìn)行受力分析,可得mgsin kxmaA,小球A此時的加速度aAg,選項C錯誤撤掉恒力F的瞬間,彈簧彈力不變,B球所受合力不變,故B球的加速度為零,選項D正確21.如圖5所示,金屬線圈B和金屬線圈A是同心圓,半徑分別為r1、r2,若給A線圈通以電流,結(jié)果B線圈中產(chǎn)生順時針方向的電流,且電流大小恒定為I,線圈B的電阻為R,則下列說法不正確的是()圖5AA線圈中的電流一定沿順時針方向BA線圈中的電流一定是均勻增大的CB線圈中磁通量的變化率一定為IRDB線圈一定有收縮的趨勢ABD由于B線圈中產(chǎn)生順時針方向的電流,則根據(jù)楞次定律可知,A線圈中的電流可能是順時針方向減小,也可能是逆時針方向增大,A項錯誤

11、;由于B線圈中的電流恒定,因此磁場均勻變化,A線圈中的電流可能均勻增大,也可能均勻減小,B項錯誤;由歐姆定律及法拉第電磁感應(yīng)定律,IR,C正確;如果A線圈中的電流減小,根據(jù)楞次定律可知,B線圈有擴張趨勢,D項錯誤第卷二、非選擇題:包括必考題和選考題兩部分第2225題為必考題,每個試題考生都必須作答第3334題為選考題,考生根據(jù)要求作答(一)必考題:共47分22(6分)用如圖6甲所示的裝置來探究由m1、m2組成的系統(tǒng)的機械能通過光滑的定滑輪用輕繩的兩端連接著質(zhì)量為m1和m2的兩物塊,m1下端與穿過打點計時器的紙帶相連接如果讓m2從高處由靜止開始下落,m1上拖著的紙帶被打出一系列的點,如圖乙所示是

12、實驗中獲取的一條紙帶,O是打下的第一個點,每相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為T,測得OCh,BCh1,CDh2,m1m2,重力加速度為g,則:甲 乙圖6(1)如果C點是從計時開始的第5個計數(shù)點,在紙帶上打下計數(shù)點C時物塊的速度vC_.(2)從打下O點到打下C點的過程中系統(tǒng)動能的增量Ek_;系統(tǒng)勢能的減少量Ep_.(3)通過測量紙帶上各計數(shù)點的數(shù)據(jù),如何判定系統(tǒng)機械能的變化關(guān)系_【解析】(1)根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度可得,紙帶在BD段的平均速度為vC.(2)從打下O點到打下C點的過程中系統(tǒng)動能的增量Ek(m1m2)v;系統(tǒng)勢能的減少量Ep(m2m1)gh.(3)通過

13、測量紙帶上各計數(shù)點的數(shù)據(jù),根據(jù)上面的計算判定系統(tǒng)機械能的變化關(guān)系,在誤差允許范圍內(nèi),若EkEp,則系統(tǒng)機械能守恒【答案】(1)(2分)(2)(1分)(m2m1)gh(1分)(3)在誤差允許范圍內(nèi),若EkEp,則系統(tǒng)機械能守恒(2分)23(9分)超高亮LED燈與傳統(tǒng)的照明燈相比,有壽命長、低耗、彩色鮮艷、點亮速度快等特點被廣泛地應(yīng)用于商場照明、舞臺燈光控制、汽車尾燈等諸多領(lǐng)域為探究LED燈的性能,某興趣小組想描繪某發(fā)光二極管(LED燈)的伏安特性曲線,實驗測得它兩端的電壓U和通過它的電流I的數(shù)據(jù)如下表所示序號U/(V)I/(mA)10.000.0022.560.3032.832.6042.908

14、.2153.0030.24(1)實驗應(yīng)該選擇的電路圖為_;并根據(jù)你選擇的電路圖,用筆畫線代替導(dǎo)線將實物圖7甲中的連線補充完整甲 乙圖7(2)根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù),在如圖7乙所示的坐標(biāo)紙上描繪出該發(fā)光二極管(LED燈)的伏安特性曲線(3)采用(1)中所選的電路,發(fā)光二極管(LED燈)電阻的測量值_(填“大于”“等于”或“小于”)真實值(4)若實驗中該發(fā)光二極管(LED燈)最佳工作電流為8 mA,現(xiàn)將此發(fā)光二極管(LED燈)與電動勢為3 V、內(nèi)阻不計的電源兩端相接,還需要串聯(lián)一個阻值R_的電阻,才能使它工作在最佳狀態(tài)(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【解析】(1)根據(jù)題中表格數(shù)據(jù)可知,發(fā)光二極管(LED燈)的

15、電阻較大,電流表采用內(nèi)接法,選C項;實物連接如圖:(2)根據(jù)表中數(shù)據(jù)描繪出該發(fā)光二極管(LED燈)的伏安特性曲線(3)由于電流表為內(nèi)接法,電流表分壓使測量值偏大(4)根據(jù)圖象可讀出I8 mA時,對應(yīng)的電壓U2.88 V,可得串聯(lián)電阻兩端的電壓為0.12 V,故可求出R15 .【答案】(1)C(1分)如圖所示(2分)(2)根據(jù)表中數(shù)據(jù)描繪出該發(fā)光二極管(LED燈)的伏安特性曲線如圖所示(2分)(3)大于(2分)(4)15(2分)24. (12分)將一輕質(zhì)彈簧豎直地固定在水平地面上,其上端拴接一質(zhì)量為mB3 kg的平板,開始時彈簧處于壓縮狀態(tài),在平板正上方h15 cm處將一質(zhì)量為mA1 kg的物塊

16、A無初速度釋放,物塊A與平板碰后合為一體,平板用t0.2 s的時間到達(dá)最低點,且下降的高度為h25 cm,再經(jīng)過一段時間平板返回到出發(fā)點,整個過程彈簧始終處在彈性限度以內(nèi),重力加速度g10 m/s2.空氣阻力不計,求:圖8(1)上述過程中彈簧的彈性勢能最大為多少?(2)物塊A與平板由碰撞結(jié)束到平板返回到出發(fā)點的過程中,彈簧的沖量應(yīng)為多大?【解析】(1)設(shè)物塊A與平板碰前瞬間的速度為v0,由機械能守恒定律得:mAgh1mAv代入數(shù)據(jù)解得:v01 m/s(2分)物塊A與平板碰撞過程系統(tǒng)動量守恒,以物塊A的速度方向為正方向,由動量守恒定律得:mAv0(mAmB)v代入數(shù)據(jù)解得:v0.25 m/s(2

17、分)物塊A與平板運動到最低點時,彈簧的彈性勢能最大,則由能量守恒定律得:Ep(mAmB)v2(mAmB)gh2(2分)代入數(shù)據(jù)解得:Ep2.125 J(2分)(2)從碰后到返回碰撞點的過程,以向上為正方向,由動量定理得I(mAmB)g2t2(mAmB)v(2分)代入數(shù)據(jù)解得:I18 Ns.(2分)【答案】(1)2.125 J(2)18 Ns25(20分)如圖9所示,左右邊界分別為PP、QQ的勻強磁場的寬度為d,長度足夠長,磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里一個質(zhì)量為m、電荷量大小為q的粒子,以與左邊界PP成45的速度v0垂直射入磁場不計粒子重力,為了使粒子不能從邊界QQ射出,求:圖9(1)當(dāng)

18、粒子帶正電時,v0的最大值是多少?(2)當(dāng)粒子帶負(fù)電時,v0的最大值是多少?(3)兩種情況下粒子在磁場中運動的時間之比是多少?【解析】(1)設(shè)帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)半徑為r1,當(dāng)帶電粒子帶正電時,根據(jù)左手定則可以判斷帶電粒子向左側(cè)偏轉(zhuǎn)當(dāng)粒子恰好不從QQ邊界射出時,根據(jù)幾何關(guān)系可知:r1dr1cos 45(2分)解得:r1(2分)由于粒子在磁場中運動,只受洛倫茲力,洛倫茲力充當(dāng)向心力,則qv0Bm(2分)聯(lián)立上式解得:v0qBd.(2分)(2)同理當(dāng)粒子帶負(fù)電時,設(shè)帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)半徑為r2,當(dāng)帶電粒子帶負(fù)電時,根據(jù)左手定則可以判斷帶電粒子將向右側(cè)偏轉(zhuǎn)當(dāng)粒子恰好不從QQ邊界射出時,根據(jù)幾何

19、關(guān)系可知:r2r2cos 45d(2分)解得r2(2分)洛倫茲力充當(dāng)向心力,根據(jù)牛頓第二定律得qv0Bm(2分)聯(lián)立以上兩式解得:v0qBd.(2分)(3)由于粒子在磁場中做勻速圓周運動,根據(jù)T可知雖然粒子的帶電性不同,但是兩種粒子在磁場中的運動周期和角速度相同,根據(jù)圓周運動的角速度公式可得:t(2分)則兩種情況下粒子在磁場中的運動時間之比等于它們在磁場中轉(zhuǎn)過的角度之比.(2分)【答案】(1)qBd(2)qBd(3)(二)選考題:共15分請考生從2道物理題中任選一題作答如果多做,則按所做的第一題計分33物理選修33(15分)(1)(5分)下列說法正確的是_(填正確答案標(biāo)號,選對1個得2分,選對

20、2個得4分,選對3個得5分每選錯1個扣3分,最低得分為0分)A液晶具有流動性,其光學(xué)性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性B太空艙中的液滴呈球狀是完全失重狀態(tài)下液體表面張力的作用C任何物體的內(nèi)能都不能為零D第二類永動機是不可能制造出來的,因為它違反了能量守恒定律E液體飽和汽的壓強稱為飽和汽壓,大小隨溫度和體積的變化而變化(2) (10分)如圖10所示,有一上部開有小孔的圓柱形汽缸,汽缸的高度為2L,橫截面積為S,一厚度不計的輕質(zhì)活塞封閉1 mol的單分子理想氣體,開始時活塞距底部的距離為L,氣體的熱力學(xué)溫度為T1,已知外界大氣壓強為p0,1 mol的單分子理想氣體內(nèi)能公式為URT,現(xiàn)對氣體緩慢加熱,求:圖10活塞

21、恰好上升到汽缸頂部時氣體的溫度和氣體吸收的熱量;當(dāng)加熱到熱力學(xué)溫度為3T1時氣體的壓強【解析】(1)液晶具有流動性,其光學(xué)性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性,選項A正確;太空艙中的液滴呈球狀是完全失重狀態(tài)下液體表面張力的作用,選項B正確;內(nèi)能是物體內(nèi)所有分子的動能與勢能之和,分子永不停息地運動著,選項C正確;第二類永動機是不可能制造出來的,因為它違反了熱力學(xué)第二定律,選項D錯誤;飽和汽壓不隨體積而變化,選項E錯誤(2)開始加熱后活塞上升的過程中封閉氣體做等壓變化,V1LS,V22LS由解得:T22T1(2分)由熱力學(xué)第一定律可知:UWQ,UR(T2T1),Wp0(V2V1)(2分)解得:QRT1p0LS.(2

22、分)設(shè)當(dāng)加熱到3T1時氣體的壓強變?yōu)閜3,在此之前活塞上升到汽缸頂部,對于封閉氣體,由理想氣體狀態(tài)方程由(2分)解得:p31.5p0.(2分)【答案】(1)ABC(2)2T1RT1p0LS1.5p034物理選修34(15分)(1)(5分)一列簡諧橫波在t0時刻的圖象如圖11甲所示,平衡位置位于x15 m處的A質(zhì)點的振動圖象如圖乙所示,下列說法中正確的是_(填正確答案標(biāo)號,選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分每選錯1個扣3分,最低得分為0分)甲乙圖11A這列波沿x軸負(fù)方向傳播B這列波的波速是m/sC從t0開始,質(zhì)點P比質(zhì)點Q晚0.3 s回到平衡位置D從t0到t0.1 s時間內(nèi),質(zhì)點Q加

23、速度越來越小E從t0到t0.6 s時間內(nèi),質(zhì)點A的位移為0(2) (10分)如圖12所示是放在空氣中的一根很長的均勻玻璃棒,棒的端面是光滑的,若要求從其端面入射到玻璃棒中的光都能在長玻璃棒內(nèi)傳播,則該玻璃棒應(yīng)滿足什么條件?圖12【解析】(1)由圖乙可知,A質(zhì)點開始運動的方向向上,則這列波沿x軸負(fù)方向傳播,選項A正確;根據(jù)波速公式可得:vm/sm/s,選項B錯誤;t0時刻,質(zhì)點P向下運動,由圖乙可知,質(zhì)點運動的周期為1.2 s,由于P點的運動是非勻速運動,且向下運動的速度越來越小,故質(zhì)點P運動到最低點的時間大于0.15 s,運動到和Q點等位移的位置時,所用的時間大于0.3 s,所以質(zhì)點P比質(zhì)點Q

24、晚回到平衡位置的時間大于0.3 s,選項C錯誤;從t0到t0.1 s時間內(nèi),質(zhì)點Q向平衡位置運動,所以質(zhì)點Q的加速度越來越小,選項D正確;從t0到t0.6 s時間內(nèi),經(jīng)歷了半個周期,質(zhì)點A剛好又回到平衡位置,因此質(zhì)點A的位移為0,選項E正確(2)了保證從端面入射到玻璃棒中的光都能在長玻璃棒內(nèi)傳播而不從玻璃棒的圓柱面射出,要求從端面入射到玻璃棒中的所有光線在圓柱表面上發(fā)生全反射如圖所示,設(shè)光線射入到端面上的入射角為1.折射角為2,由折射定律有sin 1nsin 2(2分)這里n是該玻璃棒的折射率,由圖中幾何關(guān)系可得:23(2分)由圖可知3是折射光線投射到玻璃棒表面上的入射角若使其在玻璃棒內(nèi)傳播,需在表面發(fā)生全反射,則3C(2分)式中C是玻璃全反射的臨界角,它滿足關(guān)系sin C(1分)從玻璃棒端面入射的光線的臨界入射角為t(1分)聯(lián)立解得該玻璃棒的折射率n所以,若要求從其端面入射到玻璃棒中的光都能在長玻璃棒內(nèi)傳播,則該玻璃棒的玻璃的折射率必須大于.(2分)【答案】(1)ADE(2)玻璃棒的玻璃的折射率大于12

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