2022年高中物理 綜合評估 新人教版選修3-1

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1、2022年高中物理 綜合評估 新人教版選修3-1題號12345678910答案B該點電荷帶負電Ca點和b點電場強度的方向相同 Da點的電場強度大于b點的電場強度 9如圖，兩個初速度大小相同的同種離子a和b，從O點沿垂直磁場方向進入勻強磁場，最后打到屏P上不計重力下列說法正確的有()Aa、b均帶正電 Ba在磁場中飛行的時間比b的短Ca在磁場中飛行的路程比b的短 Da在P上的落點離O點的距離比b的近10如圖所示的電路中，S閉合A、B、C三只燈均正常發(fā)光，當可變電阻的滑動觸頭上移時，對A、B、C三燈亮度變化下列敘述正確的是()AA燈變亮 BB燈變亮 CC燈變亮 D三燈均變暗二、實驗題(11分)11(

2、3分)一多用電表的電阻擋有三個倍率，分別是1、10、100.用10擋測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，應換到_擋如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是_，若補上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如下圖所示，則該電阻的阻值是_.12(4分)在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L、直徑d和電阻R.(1)用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如下圖甲，則金屬絲的直徑為_mm.(2)若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結果將比真實值_(填“偏大”或“偏小”)(3)用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如下圖所示，則電壓表的讀數(shù)為_V，電流表的讀數(shù)為_A

3、.13(4分)在測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻的實驗中，備有下列器材：選修31綜合評估7.B滑動觸頭在中點時，粒子恰能做直線運動，此時M、N間為一速度選擇器模型當滑動觸頭滑向A點時，M、N間電壓減小，電場力變小，粒子向下偏，所以粒子在其間運動時電場力做負功，動能減小，B選項正確因為粒子向下偏，所以不可能從M板的右邊緣飛出8BDA根據(jù)電場線與等勢線垂直，在b點所在電場線上找到與a點電勢相等的，依據(jù)沿電場線電勢降低，a點電勢低于b點電勢，故A錯誤B.該點電荷帶負電，故B正確C.由題圖可看出a點和b點電場強度的方向不相同，故C錯誤D.電場線越密的地方電場強度越大，a點的電場強度大于b點的電場強度，故

4、D正確9AD根據(jù)t，a在磁場中飛行的時間比b的長；a在磁場中飛行的路程比b的長；b在P上的落點與O點的距離為軌跡圓的直徑，比a的遠10AC滑動頭上移，RR總I總U端11100調零(或重新調零)2.2103(或2.2 k)解析：選歐姆擋測電阻時指針偏轉角度很小，說明所選倍率太小，應選用更高倍率擋，使指針盡可能偏轉到表盤的中間位置附近，該位置附近有較高的精度歐姆擋每換一次倍率，需重新進行調零12(1)0.697(0.696,0.698也對)(2)偏小(3)2.600.520解析：(1)螺旋測微器的讀數(shù)為(00.50.0119.7) mm0.697 mm(0.696 mm,0.698 mm也對)(2

5、)圖乙中電流表采用外接法，故測量值偏小(3)電壓表精度為0.1 V，其讀數(shù)為2.60 V；電流表精度為0.02 A，其讀數(shù)應為0.520 A.A待測干電池(電動勢約為1.5 V，內阻小于1.0 )B電流表G(滿偏電流Ig3 mA，內阻Rg10 )C電流表A(00.6 A，內阻0.1 )D滑動變阻器R1(020 ，10 A)E滑動變阻器R2(0200 ，1 A)F定值電阻R0(990 )G開關和導線若干(1)某同學發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設計了圖甲中的a、b兩個參考實驗電路其中合理的是圖_所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能較準確的進行測量，滑動變阻器應選_(

6、填寫器材的字母代號)(2)圖乙為該同學根據(jù)(1)中選出的合理實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1I2圖線(I1為電流表G的示數(shù)，I2為電流表A的示數(shù))，則由圖線可得被測電池的電動勢E_V，內阻r_.三、計算題(共36分)14(9分)如圖所示，勻強電場的場強方向與豎直方向成角，一帶電荷量為q，質量為m的小球，用絕緣細線固定在豎直墻上，小球恰好靜止在水平位置求小球所帶電荷的電性及場強的大小15(9分)如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點處有一正點電荷，帶負電的小物體以初速度v1從M點沿斜面上滑，到達N點時速度為零，然后下滑回到M點，此時速度為v2(v2v1)若小物體電荷量保持不變，OMON，求小

7、物體上升的最大高度選修31綜合評估13.(1)bD(2)1.48(1.471.49均正確)08(0.780.82均正確)解析：(1)電路a中電流表A和定值電阻R0組成的電壓表量程為0.6990.1 V594 V，而電源電動勢僅約為1.5 V，所以電路a不合理，電路b合理，電源的內阻較小，又滑動變阻器采用限流式改變電路，所以用滑動變阻器R1改變電路較為方便(2)根據(jù)實驗原理可知電流表G的讀數(shù)乘以(10990) ，即為電路的路端電壓，所以圖線在縱軸上的截距乘以(10990) ，可得電源電動勢E1.481031 000 V1.48 V；從圖線上取兩點得電池的內阻r 0.8 .14負電解析：根據(jù)受力分

8、析(如圖)，小球帶負電mgEqcosE15.解析：因為OMON，M、N兩點位于同一等勢面上，所以從M到N過程中電場力對小物體先做正功再做負功，其代數(shù)和為零設物體上升的最大高度為h，摩擦力做功為W，在上升過程中由動能定理得mghW0mv，下滑過程中由動能定理得mghWmv，聯(lián)立求解得物體上升的最大高度為h.16(9分)如圖所示，電源電動勢E015 V，內阻r01 ，電阻R130 ，R260 .間距d0.2 m的兩平行金屬板水平放置，板間分布有垂直于紙面向里、磁感應強度B1 T的勻強磁場閉合開關S，板間電場視為勻強電場，將一帶正電的小球以初速度v0.1 m/s沿兩板間中線水平射入板間設滑動變阻器接

9、入電路的阻值為Rx，忽略空氣對小球的作用，取g10 m/s2.(1)當Rx29 時，電阻R2消耗的電功率是多大？(2)若小球進入板間做勻速圓周運動并與板相碰，碰時速度與初速度的夾角為60，則Rx是多少？17(9分)如圖所示，在一個圓形區(qū)域內，兩個方向相反且都垂直于紙面的勻強磁場分布在以直徑A2A4為邊界的兩個半圓形區(qū)域、中，A2A4與A1A3的夾角為60.一質量為m、帶電荷量為q的粒子以某一速度從區(qū)的邊緣點A1處沿與A1A3成30角的方向射入磁場，隨后該粒子以垂直于A2A4的方向經過圓心O進入?yún)^(qū)，最后再從A4處射出磁場已知該粒子從射入到射出磁場所用的時間為t，求區(qū)和區(qū)中磁感應強度的大小(忽略粒

10、子重力)選修31綜合評估16.(1)0.6 W(2)54 解析：設R1和R2的并聯(lián)電阻為R，有RR2兩端的電壓：UR2消耗的電功率為：P(1)當Rx29 時，聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)解得：P0.6 W(2)設小球質量為m，電荷量為q，小球做勻速圓周運動時，有：qEmgE設小球做圓周運動的半徑為r，有qvBmv2/r由幾何關系有：rd聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)解得：Rx54 17.解析：找出帶電粒子做圓周運動的圓心，求出其軌跡的半徑設粒子的入射速度為v，已知粒子帶正電，故它在磁場中先順時針做圓周運動，再逆時針做圓周運動，最后從A4點射出，用B1、B2、R1、R2、T1、T2分別表示粒子在磁場區(qū)和區(qū)中的磁感應強度、軌道半徑和周期，有qvB1m，qvB2m，T1，T2.設圓形區(qū)域的半徑為r，如右圖所示，已知帶電粒子過圓心且垂直A2A4進入?yún)^(qū)磁場連接A1A2，A1OA2為等邊三角形，A2為帶電粒子在區(qū)磁場中運動軌跡的圓心，其軌跡的半徑R1A1A2OA2r.圓心角A1A2O60，帶電粒子在區(qū)磁場中運動的時間為t1T1.帶電粒子在區(qū)磁場中運動軌跡的圓心在OA4的中點，即R2r.在區(qū)磁場中運動的時間為t2T2，帶電粒子從射入到射出磁場所用的總時間tt1t2.由以上各式可得B1，B2.