2022年高考物理 藝體生文化課百日沖刺 專題3 牛頓定律

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1、2022年高考物理 藝體生文化課百日沖刺 專題3 牛頓定律命題規(guī)律考查內(nèi)容牛頓第二定律的理解與基本應(yīng)用與牛頓第二定律有關(guān)的圖象牛頓第二定律的兩類問題超重與失重考查熱度考查題型選擇題、填空題選擇題選擇題、計(jì)算題選擇題所占分值46分46分412分46分命題趨勢(shì)1. 從牛頓第二定律的幾個(gè)性質(zhì)考查對(duì)牛頓第二定律的理解，并應(yīng)用這幾個(gè)性質(zhì)解比較簡(jiǎn)單的題目。2. 通過圖象全面考查牛頓第二定律，以速度時(shí)間圖象為熱點(diǎn)3.通過動(dòng)力學(xué)的兩類問題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，適當(dāng)考查超重和失重問題【高頻考點(diǎn)聚焦】考點(diǎn)1 牛頓第二定律的理解與基本應(yīng)用【基礎(chǔ)知識(shí)梳理】1.牛頓第二定律內(nèi)容物體加速度的大小跟它受到的 成正比、跟它

2、的 成反比，加速度的方向跟 的方向相同2牛頓第二定律表達(dá)式和一般地說，是常數(shù)，它的數(shù)值與公式中其他物理量使用的單位有關(guān)，當(dāng)F、分別用N、 作單位時(shí)，所以此時(shí)公式可以簡(jiǎn)寫為3.力的單位：力的單位是牛頓，符號(hào)N，使質(zhì)量1的物體產(chǎn)生 的力大小為1N4. 區(qū)別加速度的定義式和決定式：加速度的定義式為：a=，即加速度定義為速度變化量與所用時(shí)間的比值；加速度的決定式為：a=，即加速度決定于物體所受的合外力與物體的質(zhì)量.【參考答案】作用力 質(zhì)量 作用力 【核心考點(diǎn)講練】1.牛頓第二定律的“五個(gè)”性質(zhì)同向性公式是矢量式，任一時(shí)刻，與同向瞬時(shí)性與對(duì)應(yīng)同一時(shí)刻，即為某時(shí)刻的加速度時(shí)，為該時(shí)刻物體所受合外力因果性是

3、產(chǎn)生的原因，物體具有加速度是因?yàn)槲矬w受到了力而產(chǎn)生的結(jié)果同一性中，、對(duì)應(yīng)同一物體或同一系統(tǒng)，各量統(tǒng)一使用國(guó)際單位獨(dú)立性（1）作用于物體上的每一個(gè)力各自產(chǎn)生的加速度都遵從牛頓第二定律（2）物體的實(shí)際加速度等于每個(gè)力產(chǎn)生的加速度的矢量和2.應(yīng)用整體法與隔離法輕松解決連接體問題解決連接問題的基本方法是隔離法和整體法（1）若系統(tǒng)中各物體間無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)內(nèi)的相互作用力不改變系統(tǒng)所受的外力時(shí)，可以把所有物體作為一個(gè)整體分析，對(duì)其應(yīng)用牛頓定律列方程求解，這種處理方法叫“整體法”（2）把系統(tǒng)中的某個(gè)物體單獨(dú)“取”出來(lái)作為研究對(duì)象，分析其受力情況，應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律列出方程求解，這種處理方法叫“隔離法”；（3）

4、整體法和隔離法是相輔相成的，若將這兩種方法靈活交替使用，則可有效、快捷地解決問題3.分解力與分解加速度做變速運(yùn)動(dòng)的物體，若受的力不在一條直線上，應(yīng)用牛頓第二定律時(shí)，往往需要對(duì)力或加速度進(jìn)行分解，一般有兩種方法：（1）分解力不分解加速度.此時(shí)，一般選取加速度方向?yàn)閤軸，垂直于加速度方向?yàn)閥軸因?yàn)榧铀俣妊豿 軸方向，故合力方向就沿x軸方向，則垂直于加速度方向即y軸方向上分力的合力為零.可見，通過正交分解，能夠使求較為復(fù)雜的合力，變成求較為簡(jiǎn)單的同一直線上力的合力.方程式為：，（2）分解加速度不分解力.此方法是以某個(gè)力的方向?yàn)閤軸建立直角坐標(biāo)系，把加速度分解到x軸和y軸上.這種分解法一般用于物體受到

5、的幾個(gè)力互相垂直的情況，在這種情況下，分解加速度比分解力可能更方便、更簡(jiǎn)單.此時(shí)方程式是，【典例1】【xx新課標(biāo)II】在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列已用掛鉤鏈接好的車廂。當(dāng)機(jī)車在東邊拉著這列車廂一大小為a的加速度向東行駛時(shí)，鏈接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當(dāng)機(jī)車在西邊拉著這列車廂一大小為a的加速度向東行駛時(shí)，鏈接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小仍為F。不計(jì)車廂與鐵軌間的摩擦，每節(jié)車廂質(zhì)量相同，則這列車廂的節(jié)數(shù)可能為A. 8 B.10 C.15 D.18【解析】由設(shè)這列車廂的節(jié)數(shù)為n，P、Q掛鉤東邊有m節(jié)車廂，每節(jié)車廂的質(zhì)量為m，由牛頓第二定律可知：，解得：，k是正整數(shù)，

6、n只能是5的倍數(shù)，故B、C正確，A、D錯(cuò)誤【答案】BC【典例2】【xx海南高考】如圖，升降機(jī)內(nèi)有一固定斜面，斜面上放一物體，開始時(shí)升降機(jī)做勻速運(yùn)動(dòng)，物塊相對(duì)斜面勻速下滑，當(dāng)升降機(jī)加速上升時(shí)A.物塊與斜面間的摩擦力減小B.物塊與斜面間的正壓力增大C.物塊相對(duì)于斜面減速下滑D.物塊相對(duì)于斜面勻速下滑【解析】當(dāng)升降機(jī)加速上升時(shí)，物體有豎直向上的加速度，則物塊與斜面間的正壓力增大，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式可知接觸面間的正壓力增大，物體與斜面間的摩擦力增大，故A錯(cuò)誤B正確；設(shè)斜面的傾角為，物體的質(zhì)量為m，當(dāng)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)有，即，假設(shè)物體以加速度a向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，有，因?yàn)?，所以，故物體仍做勻速下滑運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤D正確；【

7、答案】BD【解題技巧點(diǎn)撥】在牛頓第二定律中應(yīng)用整體法和隔離法時(shí)，一般用整體法和隔離法各列一個(gè)方程，聯(lián)立即可求解。選擇被隔離的物體時(shí)，一般選擇受力較少的一個(gè)?？键c(diǎn)2 與牛頓第二定律有關(guān)的圖象【基礎(chǔ)知識(shí)梳理】與牛頓第二定律有關(guān)的圖象很多，通常為以下幾種：加速度隨合外力變化的圖象，加速度隨某一外力變化的圖象，速度時(shí)間圖象，加速度時(shí)間圖象，位移時(shí)間圖象等?！竞诵目键c(diǎn)講練】分析與牛頓第二定律有關(guān)的圖象問題，總的思路便是看曲直、看走勢(shì)、看特殊點(diǎn)、看斜率或面積，然后采用排除法，凡有一條不符合要求的即可排除?？辞?，就是看圖線應(yīng)該是直線還是曲線；看走勢(shì)，就是看隨著橫坐標(biāo)的增大，縱坐標(biāo)應(yīng)該如何變化；特殊點(diǎn)，指的

8、是圖象與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)，圖象間的交點(diǎn)或圖象的拐點(diǎn)等，必要時(shí)，要看曲線斜率，并結(jié)合特殊點(diǎn)驗(yàn)證【典例1】【xx新課標(biāo)I】如圖（a），一物塊在t=0時(shí)刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖線如圖（b）所示，若重力加速度及圖中的v0、v1、t1均為已知量，則可求出A. 斜面的傾角B. 物塊的質(zhì)量C. 物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)D. 物塊沿斜面向上滑行的最大高度【解析】向上滑動(dòng)到最高點(diǎn)過程為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，由受力和牛頓第二定律可得：-mgsin mgcos = ma1 ,根據(jù)圖b可得：a1 = -v0/t1 ,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得沿斜面向上滑行的最遠(yuǎn)距離x = 和幾何關(guān)系sin = H/x ; 從上往下滑過程也為勻變

9、速直線運(yùn)動(dòng)，有：mgsin mgcos = ma2 ，v1 = a2(2t1- t1) .解以上各式可得：斜面的傾角=arcsin ,物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)= ， 選項(xiàng)AC對(duì)。根據(jù)斜面的傾斜角度可計(jì)算出物塊沿斜面向上滑行的最大高度H = Xsin = ,故選項(xiàng)D正確；僅根據(jù)速度時(shí)間圖像，無(wú)法找到物塊質(zhì)量，選項(xiàng)B錯(cuò)?！敬鸢浮?A、C、D【典例2】【xx江蘇高考】一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對(duì)地板的壓力At=2s時(shí)最大 Bt=2s時(shí)最小Ct=8.5s時(shí)最大 Dt=8.5s時(shí)最小【解析】有題意知在上升過程中：，所以向上的加速度越大

10、，人對(duì)電梯的壓力就越大，故A正確，B錯(cuò)誤；由圖知，7s以后加速度向下，由知，向下的加速度越大，人對(duì)電梯的壓力就越小，所以C錯(cuò)誤，D正確?！敬鸢浮緼D【解題技巧點(diǎn)撥】圖象與表達(dá)式往往具有對(duì)應(yīng)關(guān)系，根據(jù)牛頓第二定律寫出相關(guān)的表達(dá)式，多數(shù)圖象問題可以得到解決，若無(wú)法寫出表達(dá)式，則往往是根據(jù)定性分析的方法進(jìn)行判斷。考點(diǎn)3 牛頓第二定律的兩類問題【基礎(chǔ)知識(shí)梳理】1.根據(jù)受力確定運(yùn)動(dòng)情況已知物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律，可以求出物體的 ；然后根據(jù)物體的初始條件(初位置和初速度)，應(yīng)用 公式，就可以求出物體在任一時(shí)刻的速度或某段時(shí)間內(nèi)的 ，也就可以求解物體的運(yùn)動(dòng)情況 2.從運(yùn)動(dòng)情況確定受力根據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)

11、情況，由 公式可以求出加速度，再根據(jù) 可確定物體的受力情況，從而求出未知的力，或與力相關(guān)的某些物理量，如動(dòng)摩擦因數(shù)、勁度系數(shù)、力的方向等【參考答案】加速度 運(yùn)動(dòng)學(xué) 位移 運(yùn)動(dòng)學(xué) 牛頓第二定律 【核心考點(diǎn)講練】解決動(dòng)力學(xué)兩類問題的思路：加速度是求解動(dòng)力學(xué)兩類問題的橋梁，所以需要先根據(jù)已知條件求出物體運(yùn)動(dòng)的加速度，然后再由此得出問題的答案兩類動(dòng)力學(xué)基本問題的解題思路圖解如下：牛頓第二定律加速度a運(yùn)動(dòng)學(xué)公式運(yùn)動(dòng)情況第一類問題受力情況加速度a另一類問題牛頓第二定律運(yùn)動(dòng)學(xué)公式【典例1】【xx新課標(biāo)I】一長(zhǎng)木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊；在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為，如圖（a）

12、所示。時(shí)刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動(dòng)，直至?xí)r木板與墻壁碰撞（碰撞時(shí)間極短）。碰撞前后木板速度大小不變，方向相反；運(yùn)動(dòng)過程中小物塊始終未離開木板。已知碰撞后時(shí)間內(nèi)小物塊的圖線如圖（b）所示。木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍，重力加速度大小g取。求（1）木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)及小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）木板的最小長(zhǎng)度；（3）木板右端離墻壁的最終距離。【解析】(1) 規(guī)定向右為正方向，木板與墻壁相碰前，小物塊和木板一起向右做勻變速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a1，小物塊和木板的質(zhì)量分別為m和M，由牛頓第二定律有： -1 (m+M)g = (m+M)a1 由圖可知。木板與墻壁碰前瞬間的速度v

13、1= 4m/s ,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得： V1 = v0 + a1t1 S0 = v0t1 + a1t12 式中t1=1s , s0 = 4.5m是木板碰前的位移，v0是小物塊和木板開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度。 聯(lián)立式和題給條件得：1 = 0.1 在木板與墻壁碰撞后，木板以-v1的初速度向左做勻變速運(yùn)動(dòng)，小物塊以v1的初速度向右做勻變速運(yùn)動(dòng)。設(shè)小物塊的加速度為a2 ,由牛頓第二定律有： -2mg = ma2 由圖可得：a2 = 式中t2 = 2s , v2 = 0 ,聯(lián)立式和題給條件得：2 = 0.4 （2）設(shè)碰撞后木板的加速度為a3 ,經(jīng)過時(shí)間t ,木板和小物塊剛好具有共同速度v3 ,由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)

14、公式得： 2mg +1 (m+M)g = (m+M)a1 = Ma3 V3 = - v1 + a3t V3 = v1 + a2t 碰撞后至木板和小物塊剛好達(dá)到共同速度的過程中，木板運(yùn)動(dòng)的位移為： s1 = t 小物塊運(yùn)動(dòng)的位移為： s2 = t 小物塊相對(duì)木板的位移為：s = s2 s1 聯(lián)立式，并代入數(shù)值得：s = 6.0m 因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)過程中小物塊沒有脫離木板，所以木板的最小長(zhǎng)度應(yīng)為6.0m。(3) 在小物塊和木板具有共同速度后，兩者向左做勻變速運(yùn)動(dòng)直到停止，高加速度為a4 ,此過程中小物塊和木板運(yùn)動(dòng)的位移為s3 ,由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得： 1 (m+M)g = (m+M)a4 0 v3

15、2 = 2a4s3 磁碰后木板運(yùn)動(dòng)的位移為： s = s1 + s3 聯(lián)立式，并代入數(shù)值得： S = -6.5m 木板右端離墻壁的最終距離為6.5m 。【答案】 （1）1 = 0.1 1 = 0.1 （2）木板的最小長(zhǎng)度應(yīng)為6.0m （3）最終距離為6.5m 【典例2】【xx安徽】質(zhì)量為0.1 kg 的彈性球從空中某高度由靜止開始下落，該下落過程對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示。球與水平地面相碰后離開地面時(shí)的速度大小為碰撞前的3/4。設(shè)球受到的空氣阻力大小恒為f，取, 求：t(s)v(m/s)O0.54（1）彈性球受到的空氣阻力f的大??；（2）彈性球第一次碰撞后反彈的高度h?！窘馕觥浚?）設(shè)彈性球第一次下落

16、過程中的加速度大小為，由圖知 根據(jù)牛頓第二定律，得 （2）由圖知彈性球第一次到達(dá)地面時(shí)的速度大小為，設(shè)球第一次離開地面時(shí)的速度為，則 第一次離開地面后，設(shè)上升過程中球的加速度大小為，則 于是，有 解得 【答案】（1）0.2N （2）【解題技巧點(diǎn)撥】在解決動(dòng)力學(xué)的兩類問題時(shí)，確定根據(jù)牛頓第二定律求加速度還是根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式確定加速度，需要根據(jù)題目中受力的條件充足還是運(yùn)動(dòng)學(xué)條件充足，一般根據(jù)條件充足的一方面即可求出加速度，然后向另一方面突破?？键c(diǎn)4 超重與失重【基礎(chǔ)知識(shí)梳理】超重、失重和完全失重比較超重現(xiàn)象失重現(xiàn)象完全失重概念物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?物體所受重力的現(xiàn)象物體對(duì)支持物的壓力

17、(或?qū)覓煳锏睦?物體所受重力的現(xiàn)象物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?的現(xiàn)象產(chǎn)生條件物體的加速度方向向上（豎直向上或斜向上）物體的加速度方向向下（豎直向下或斜向下）物體的加速度方向向下，大小ag列原理式運(yùn)動(dòng)狀態(tài)加速上升、加速下降、無(wú)阻力的拋體運(yùn)動(dòng)情況【參考答案】大于 小于 等于零 m(ga) m(ga) 0 減速下降 減速上升【核心考點(diǎn)講練】1.關(guān)于超重與失重的幾個(gè)要點(diǎn)（1）盡管物體的加速度不是豎直方向，但只要其加速度在豎直方向上有分量即，物體就會(huì)出現(xiàn)超重或失重狀態(tài)當(dāng)方向豎直向上時(shí)，物體處于超重狀態(tài)；當(dāng)方向豎直向下時(shí)，物體處于失重狀態(tài)（2）盡管整體沒有豎直方向的加速度，但只要系統(tǒng)內(nèi)一個(gè)物

18、體具有豎直方向的分加速度，整體也會(huì)出現(xiàn)超重或失重狀態(tài)（3）在發(fā)生超重失重現(xiàn)象時(shí)，物體的重力依然存在，且不發(fā)生變化，只是物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?發(fā)生變化（4）在完全失重的狀態(tài)下，平常一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會(huì)完全消失，如天平失效、浸在水中的物體不再受浮力、液體柱不再產(chǎn)生向下的壓強(qiáng)等（5）當(dāng)加速度不在豎直方向時(shí)，超重情況下，物體對(duì)接觸面的壓力或?qū)揖€的拉力用求解，失重情況下物體對(duì)接觸面的壓力或?qū)揖€的拉力用求解，其中是豎直方向的加速度2.如何根據(jù)牛頓第二定律列方程先確定加速度的方向，若加速度向上，則用向上的力減去向下的力等于，反之則用向下的力減去向上的力等于?！镜淅?】【xx重慶高

19、考】若貨物隨升降機(jī)運(yùn)動(dòng)的圖像如題5圖所示（豎直向上為正），則貨物受到升降機(jī)的支持力與時(shí)間關(guān)系的圖像可能是 【答案】B【典例2】【xx年高考四川卷】如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過程可簡(jiǎn)化為：打開降落傘一段時(shí)間后，整個(gè)裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點(diǎn)燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運(yùn)動(dòng)，則()A火箭開始噴氣瞬間傘繩對(duì)返回艙的拉力變小B返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是空氣阻力C返回艙在噴氣過程中所受合外力可能做正功D返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài)【解析】火箭開始噴氣瞬間，返回艙受到向上的反作用力，所受合外力向上，故傘繩的拉力變小，所以選項(xiàng)A正確；返

20、回艙與降落傘組成的系統(tǒng)在火箭噴氣前受力平衡，噴氣后減速的主要原因是受到噴出氣體的反作用力，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；返回艙在噴氣過程中做減速直線運(yùn)動(dòng)，故合外力一定做負(fù)功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；返回艙噴氣過程中產(chǎn)生豎直向上的加速度，故應(yīng)處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤【答案】A【解題技巧點(diǎn)撥】物體處于超重或失重狀態(tài)取決于加速度的方向,若加速度方向向上,則物體處于超重狀態(tài);若加速度方向向下,則物體處于失重狀態(tài)。超重或失重跟物體運(yùn)動(dòng)的速度方向無(wú)關(guān)。專題熱點(diǎn)集訓(xùn)3 牛頓運(yùn)動(dòng)定律（45分鐘）1. 【xx海南】如圖，物塊a、b和c的質(zhì)量相同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細(xì)線懸掛于固定點(diǎn)O；整個(gè)系統(tǒng)

21、處于靜止?fàn)顟B(tài)；現(xiàn)將細(xì)繩剪斷，將物塊a的加速度記為a1，S1和S2相對(duì)原長(zhǎng)的伸長(zhǎng)分別為l1和l2，重力加速度大小為g，在剪斷瞬間A.a1=3g B.a1=0 C. l1=2l2 D. l1=l22.【xx山東卷】伽利略開創(chuàng)了實(shí)驗(yàn)研究和邏輯推理相結(jié)合探索物理規(guī)律的科學(xué)方法，利用這種方法伽利略發(fā)現(xiàn)的規(guī)律有A.力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B.物體之間普遍存在相互吸引力C.忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快D.物體間的相互作用力總是大小相等，方向相反3.(xx上海)8如圖所示，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對(duì)靜止，A上表面水平。則在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，B受力的示意圖為（ ）BA

22、FNGFfAFNGFfBFNGFfCFNGFfD4.【xx海南卷】一質(zhì)點(diǎn)受多個(gè)力的作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使其中一個(gè)力的大小逐漸減小到零，再沿原方向逐漸恢復(fù)到原來(lái)的大小。在此過程中，其它力保持不變，則質(zhì)點(diǎn)的加速度大小a和速度大小v的變化情況是Aa和v都始終增大Ba和v都先增大后減小Ca先增大后減小，v始終增大Da和v都先減小后增大5【xx新課標(biāo)】一物塊靜止在粗糙的水平桌面上。從某時(shí)刻開始，物塊受到一方向不變的水平拉力作用。假設(shè)物塊與桌面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。以a表示物塊的加速度大小，F(xiàn)表示水平拉力的大小。能正確描述F與a之間的關(guān)系的圖像是6.(xx重慶高考)以不同初速度將兩個(gè)物體同時(shí)豎

23、直向上拋出并開始計(jì)時(shí),一個(gè)物體所受空氣阻力可忽略,另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比,下列用虛線和實(shí)線描述兩物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖像可能正確的是()7.(xx山東高考)一質(zhì)點(diǎn)在外力作用下做直線運(yùn)動(dòng),其速度v隨時(shí)間t變化的圖像如圖。在圖中標(biāo)出的時(shí)刻中,質(zhì)點(diǎn)所受合外力的方向與速度方向相同的有()A.B. C. D. 8.【xx新課標(biāo)全國(guó)卷】如圖,用橡皮筋將一小球懸掛在小車的架子上,系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)使小車從靜止開始向左加速,加速度從零開始逐漸增大到某一值,然后保持此值,小球穩(wěn)定地偏離豎直方向某一角度(橡皮筋在彈性限度內(nèi))。與穩(wěn)定在豎直位置時(shí)相比,小球的高度()A.一定升高B.一定降低C.保持不

24、變D.升高或降低由橡皮筋的勁度系數(shù)決定9.【xx年廣東物理】.某人在地面上用彈簧秤稱得體重為490N。他將彈簧秤移至電梯內(nèi)稱其體重，至?xí)r間段內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)如圖所示，電梯運(yùn)行的圖可能是（取電梯向上運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎?0.(xx江蘇高考)如圖所示,A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m,靜止疊放在水平地面上。A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為,B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,重力加速度為g?，F(xiàn)對(duì)A施加一水平拉力F,則()A.當(dāng)時(shí),A、B都相對(duì)地面靜止B.當(dāng)時(shí),A的加速度為C.當(dāng)時(shí),A相對(duì)B滑動(dòng)D.無(wú)論F為何值,B的加速度不會(huì)超過11【xx安徽】如圖所示，細(xì)線的一端系一質(zhì)量為m的小球，另一端固定

25、在傾角為的光滑斜面體頂端，細(xì)線與斜面平行。在斜面體以加速度a水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的過程中，小球始終靜止在斜面上，小球受到細(xì)線的拉力T和斜面的支持力FN分別為（重力加速度為g）amA B C D 二綜合題12. 【xx浙江】甲同學(xué)準(zhǔn)備做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，乙同學(xué)準(zhǔn)備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)（1）圖1中A、B、C、D、E表示部分實(shí)驗(yàn)器材，甲同學(xué)需在圖中選用的器材_乙同學(xué)需在圖中選用的器材_.（用字母表示）（2）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室選齊所需器材后，經(jīng)正確操作獲得如圖2所示的兩條紙帶和。紙帶_的加速度大（填或者），其加速度大小為_.13.【xx新課標(biāo)II】下暴雨時(shí)，有時(shí)會(huì)發(fā)生山體滑坡

26、或泥石流等地質(zhì)災(zāi)害。某地有一傾角為=37（sin37=）的山坡C，上面有一質(zhì)量為m的石板B，其上下表面與斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示。假設(shè)某次暴雨中，A浸透雨水后總質(zhì)量也為m（可視為質(zhì)量不變的滑塊），在極短時(shí)間內(nèi)，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)1減小為，B、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)2減小為0.5，A、B開始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)；在第2s末，B的上表面突然變?yōu)楣饣?保持不變。已知A開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，A離B下邊緣的距離l=27m，C足夠長(zhǎng)，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。取重力加速度大小g=10m/s2。求：（1）在02s時(shí)間內(nèi)A和B加速度的大小（2）A在B上總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間專

27、題熱點(diǎn)集訓(xùn)3 牛頓運(yùn)動(dòng)定律參考答案與解析1.【解析】 【答案】AC2【解析】伽利略用理想斜面實(shí)驗(yàn)指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，A選項(xiàng)正確，萬(wàn)有引力是牛頓提出的，B錯(cuò)；伽利略在研究自由落體運(yùn)動(dòng)是指出忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快，C對(duì)；牛頓第三定律總結(jié)了作用力和反作用力的關(guān)系，D錯(cuò)?！敬鸢浮緼C3.【解析】以滑塊A、B整體為研究對(duì)象，整體加速度沿斜面向下，以滑塊B為研究對(duì)象，沿水平和豎直方向分解滑塊B 的加速度可知，滑塊B受到水平向左的摩擦力，豎直向下的重力，豎直向上的支持力， A正確?！敬鸢浮緼4.【解析】當(dāng)其中一個(gè)力的大小逐漸減小到零時(shí)，質(zhì)點(diǎn)所受合力方向與這個(gè)力的方向相反，大小在增大，

28、根據(jù)牛頓第二定律，所以加速度一直增大，加速度的方向與速度相同，所以速度一直增大；當(dāng)這個(gè)力再沿原方向逐漸恢復(fù)到原來(lái)的大小時(shí)，合力減小到零，所以加速度減小到零，而所受合力方向與這個(gè)力的方向仍然相反，與速度方向相同，所以速度一直增大，C項(xiàng)對(duì)?！敬鸢浮緾5.【解析】當(dāng)時(shí)，物塊始終靜止，加速度為0；當(dāng)時(shí)，物塊做加速運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得，又，則有，故選項(xiàng)C正確。【答案】C6.【解析】豎直上拋運(yùn)動(dòng)不受空氣阻力,向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)再向下做自由落體運(yùn)動(dòng),圖像為傾斜向下的直線,四個(gè)選項(xiàng)均正確表示;考慮阻力的上拋運(yùn)動(dòng),上升中,隨著v減小,減小,對(duì)應(yīng)圖像的斜率減小,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;下降中,隨著v增大,

29、繼續(xù)減小,而在最高點(diǎn)時(shí),對(duì)應(yīng)圖與t軸的交點(diǎn),其斜率應(yīng)該等于g,即過t軸交點(diǎn)的切線應(yīng)該與豎直上拋運(yùn)動(dòng)的直線平行,只有D選項(xiàng)滿足,故選D。【答案】D7.【解析】合外力與速度方向相同說明質(zhì)點(diǎn)做加速運(yùn)動(dòng),在圖像中表示質(zhì)點(diǎn)正在做加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)刻有和時(shí)刻,做減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)刻為和時(shí)刻,故選項(xiàng)A、C正確,B、D錯(cuò)誤?！敬鸢浮緼C8.【解析】設(shè)橡皮筋原長(zhǎng)為,靜止時(shí),小球距離懸點(diǎn)高度,加速時(shí),設(shè)橡皮筋與水平方向夾角為,此時(shí),小球距離懸點(diǎn)高度,因此小球高度升高了。【答案】A9【解析】由圖可知，在時(shí)間內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)小于實(shí)際重量，則處于失重狀態(tài)，此時(shí)具有向下的加速度，在階段彈簧秤示數(shù)等于實(shí)際重量，則既不超重也不失重，在階

30、段，彈簧秤示數(shù)大于實(shí)際重量，則處于超重狀態(tài)，具有向上的加速度，若電梯向下運(yùn)動(dòng)，則時(shí)間內(nèi)向下加速，階段勻速運(yùn)動(dòng)，階段減速下降，A正確；BD不能實(shí)現(xiàn)人進(jìn)入電梯由靜止開始運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)內(nèi)超重，不符合題意?！敬鸢浮緼10.【解析】A、B之間的最大靜摩擦力為,B物塊與地面間的最大靜摩擦力為,當(dāng)時(shí),A、B相對(duì)地面滑動(dòng),A錯(cuò)誤。假設(shè)A、B之間為最大靜摩擦力,一起運(yùn)動(dòng),此時(shí)B物塊的加速度為,解得,D項(xiàng)正確。以A為研究對(duì)象,有,解得,所以當(dāng)時(shí),A、B一起運(yùn)動(dòng),對(duì)整體有,解得,B項(xiàng)正確。當(dāng)時(shí),A相對(duì)B滑動(dòng),C項(xiàng)正確?！敬鸢浮緽CDamgTFN11.【解析】小球受力如圖，根據(jù)牛頓第二定律：沿斜面方向有 ；垂直于斜面方向上有 解得：；。【答案】A12.【解析】（1）“驗(yàn)證機(jī)械能定律”實(shí)驗(yàn)，需要在豎直面上打出一條重錘下落的紙帶，即可驗(yàn)證，故選儀器AB，“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)需要鉤碼拉動(dòng)小車打出一條紙帶，故選BDE；（2）紙帶中前第1、2點(diǎn)與第2、3點(diǎn)的位移差為三個(gè)點(diǎn)位移差，為：紙帶中前第1、2點(diǎn)與第2、3點(diǎn)的位移差為三個(gè)點(diǎn)的位移差為根據(jù)逐差法可得紙帶的加速度大，大小為【答案】（1）AB；BDE（2），（）13.【解析】聯(lián)立以上各式可得a1=3m/s2 (利用下面的速度圖象求解，正確的，參照上述答案信參考給分)【答案】（1）a1=3m/s2； a2 =1m/s2；（2）4s