2022年高考物理 藝體生文化課百日沖刺 專(zhuān)題3 牛頓定律

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1、2022年高考物理 藝體生文化課百日沖刺 專(zhuān)題3 牛頓定律 命題 規(guī)律 考查內(nèi)容 牛頓第二定律的理解與基本應(yīng)用 與牛頓第二定律有關(guān)的圖象 牛頓第二定律的兩類(lèi)問(wèn)題 超重與失重 考查熱度 ☆☆☆ ☆☆☆ ☆☆☆ ☆☆ 考查題型 選擇題、填空題 選擇題 選擇題、計(jì)算題 選擇題 所占分值 4—6分 4—6分 4—12分 4—6分 命題 趨勢(shì) 1. 從牛頓第二定律的幾個(gè)性質(zhì)考查對(duì)牛頓第二定律的理解，并應(yīng)用這幾個(gè)性質(zhì)解比較簡(jiǎn)單的題目。 2. 通過(guò)圖象全面考查牛頓第二定律，以速度時(shí)間圖象為熱點(diǎn) 3.通過(guò)動(dòng)力學(xué)的兩類(lèi)問(wèn)題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，適當(dāng)考查

2、超重和失重問(wèn)題 【高頻考點(diǎn)聚焦】 ◇考點(diǎn)1 牛頓第二定律的理解與基本應(yīng)用 【基礎(chǔ)知識(shí)梳理】 1.牛頓第二定律內(nèi)容 物體加速度的大小跟它受到的① 成正比、跟它的② 成反比，加速度的方向跟③ 的方向相同． 2．牛頓第二定律表達(dá)式和 一般地說(shuō)，是常數(shù)，它的數(shù)值與公式中其他物理量使用的單位有關(guān)，當(dāng)F、、分別用N、、④ 作單位時(shí)，，所以此時(shí)公式可以簡(jiǎn)寫(xiě)為． 3.力的單位：力的單位是牛頓，符號(hào)N，使質(zhì)量1的物體產(chǎn)生⑤ 的力大小為1N． 4. 區(qū)別加速度的定義式和決定式：加速度的定義式為：a=，即加速度定義為速度變化量與所用時(shí)間的比值

3、；加速度的決定式為：a=，即加速度決定于物體所受的合外力與物體的質(zhì)量. 【參考答案】①作用力 ②質(zhì)量 ③作用力 ④ ⑤ 【核心考點(diǎn)講練】 1.牛頓第二定律的“五個(gè)”性質(zhì) 同向性 公式是矢量式，任一時(shí)刻，與同向 瞬時(shí)性 與對(duì)應(yīng)同一時(shí)刻，即為某時(shí)刻的加速度時(shí)，為該時(shí)刻物體所受合外力 因果性 是產(chǎn)生的原因，物體具有加速度是因?yàn)槲矬w受到了力而產(chǎn)生的結(jié)果 同一性 中，、、對(duì)應(yīng)同一物體或同一系統(tǒng)，各量統(tǒng)一使用國(guó)際單位 獨(dú)立性 （1）作用于物體上的每一個(gè)力各自產(chǎn)生的加速度都遵從牛頓第二定律 （2）物體的實(shí)際加速度等于

4、每個(gè)力產(chǎn)生的加速度的矢量和 2.應(yīng)用整體法與隔離法輕松解決連接體問(wèn)題 解決連接問(wèn)題的基本方法是隔離法和整體法． （1）若系統(tǒng)中各物體間無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)內(nèi)的相互作用力不改變系統(tǒng)所受的外力時(shí)，可以把所有物體作為一個(gè)整體分析，對(duì)其應(yīng)用牛頓定律列方程求解，這種處理方法叫“整體法”． （2）把系統(tǒng)中的某個(gè)物體單獨(dú)“取”出來(lái)作為研究對(duì)象，分析其受力情況，應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律列出方程求解，這種處理方法叫“隔離法”； （3）整體法和隔離法是相輔相成的，若將這兩種方法靈活交替使用，則可有效、快捷地解決問(wèn)題． 3.分解力與分解加速度 做變速運(yùn)動(dòng)的物體，若受的力不在一條直線(xiàn)上，應(yīng)用牛頓第二定律時(shí)，往往

5、需要對(duì)力或加速度進(jìn)行分解，一般有兩種方法：（1）分解力不分解加速度.此時(shí)，一般選取加速度方向?yàn)閤軸，垂直于加速度方向?yàn)閥軸．因?yàn)榧铀俣妊豿 軸方向，故合力方向就沿x軸方向，則垂直于加速度方向即y軸方向上分力的合力為零.可見(jiàn)，通過(guò)正交分解，能夠使求較為復(fù)雜的合力，變成求較為簡(jiǎn)單的同一直線(xiàn)上力的合力.方程式為：， （2）分解加速度不分解力.此方法是以某個(gè)力的方向?yàn)閤軸建立直角坐標(biāo)系，把加速度分解到x軸和y軸上.這種分解法一般用于物體受到的幾個(gè)力互相垂直的情況，在這種情況下，分解加速度比分解力可能更方便、更簡(jiǎn)單.此時(shí)方程式是， 【典例1】 【xx新課標(biāo)II】在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列

6、已用掛鉤鏈接好的車(chē)廂。當(dāng)機(jī)車(chē)在東邊拉著這列車(chē)廂一大小為a的加速度向東行駛時(shí)，鏈接某兩相鄰車(chē)廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當(dāng)機(jī)車(chē)在西邊拉著這列車(chē)廂一大小為a的加速度向東行駛時(shí)，鏈接某兩相鄰車(chē)廂的掛鉤P和Q間的拉力大小仍為F。不計(jì)車(chē)廂與鐵軌間的摩擦，每節(jié)車(chē)廂質(zhì)量相同，則這列車(chē)廂的節(jié)數(shù)可能為 A. 8 B.10 C.15 D.18 【解析】由設(shè)這列車(chē)廂的節(jié)數(shù)為n，P、Q掛鉤東邊有m節(jié)車(chē)廂，每節(jié)車(chē)廂的質(zhì)量為m，由牛頓第二定律可知：，解得：，k是正整數(shù)，n只能是5的倍數(shù)，故B、C正確，A、D錯(cuò)誤 【答案】BC 【典例2】 【xx海南高考】如圖，升降機(jī)內(nèi)有一固定

7、斜面，斜面上放一物體，開(kāi)始時(shí)升降機(jī)做勻速運(yùn)動(dòng)，物塊相對(duì)斜面勻速下滑，當(dāng)升降機(jī)加速上升時(shí) A.物塊與斜面間的摩擦力減小 B.物塊與斜面間的正壓力增大 C.物塊相對(duì)于斜面減速下滑 D.物塊相對(duì)于斜面勻速下滑 【解析】當(dāng)升降機(jī)加速上升時(shí)，物體有豎直向上的加速度，則物塊與斜面間的正壓力增大，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式可知接觸面間的正壓力增大，物體與斜面間的摩擦力增大，故A錯(cuò)誤B正確；設(shè)斜面的傾角為，物體的質(zhì)量為m，當(dāng)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)有，即，假設(shè)物體以加速度a向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，有，，因?yàn)椋?，故物體仍做勻速下滑運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤D正確； 【答案】BD 【解題技巧點(diǎn)撥】在牛頓第二定律中應(yīng)用整體法和隔離法時(shí)，一般

8、用整體法和隔離法各列一個(gè)方程，聯(lián)立即可求解。選擇被隔離的物體時(shí)，一般選擇受力較少的一個(gè)。 ◇考點(diǎn)2 與牛頓第二定律有關(guān)的圖象 【基礎(chǔ)知識(shí)梳理】 與牛頓第二定律有關(guān)的圖象很多，通常為以下幾種：加速度隨合外力變化的圖象，加速度隨某一外力變化的圖象，速度時(shí)間圖象，加速度時(shí)間圖象，位移時(shí)間圖象等。 【核心考點(diǎn)講練】 分析與牛頓第二定律有關(guān)的圖象問(wèn)題，總的思路便是看曲直、看走勢(shì)、看特殊點(diǎn)、看斜率或面積，然后采用排除法，凡有一條不符合要求的即可排除?？辞?，就是看圖線(xiàn)應(yīng)該是直線(xiàn)還是曲線(xiàn)；看走勢(shì)，就是看隨著橫坐標(biāo)的增大，縱坐標(biāo)應(yīng)該如何變化；特殊點(diǎn)，指的是圖象與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)，圖象間的交點(diǎn)或圖象的

9、拐點(diǎn)等，必要時(shí)，要看曲線(xiàn)斜率，并結(jié)合特殊點(diǎn)驗(yàn)證 【典例1】 【xx新課標(biāo)I】如圖（a），一物塊在t=0時(shí)刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖線(xiàn)如圖（b）所示，若重力加速度及圖中的v0、v1、t1均為已知量，則可求出 A. 斜面的傾角 B. 物塊的質(zhì)量 C. 物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù) D. 物塊沿斜面向上滑行的最大高度 【解析】向上滑動(dòng)到最高點(diǎn)過(guò)程為勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由受力和牛頓第二定律可得： -mgsinθ –μmgcosθ = ma1 ,根據(jù)圖b可得：a1 = -v0/t1 ,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得沿斜面向上滑行的最遠(yuǎn)距離x = 和幾何關(guān)系sinθ = H/x ; 從上往下滑過(guò)程也

10、為勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，有：mgsinθ –μmgcosθ = ma2 ，v1 = a2(2t1- t1) .解以上各式可得：斜面的傾角θ=arcsin ,物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ= ， 選項(xiàng)AC對(duì)。根據(jù)斜面的傾斜角度可計(jì)算出物塊沿斜面向上滑行的最大高度H = Xsinθ = ,故選項(xiàng)D正確；僅根據(jù)速度時(shí)間圖像，無(wú)法找到物塊質(zhì)量，選項(xiàng)B錯(cuò)。 【答案】 A、C、D 【典例2】 【xx江蘇高考】一人乘電梯上樓，在豎直上升過(guò)程中加速度a隨時(shí)間t變化的圖線(xiàn)如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對(duì)地板的壓力 A．t=2s時(shí)最大 B．t=2s時(shí)最小C．t=8.5s時(shí)最大 D．

11、t=8.5s時(shí)最小 【解析】有題意知在上升過(guò)程中：，所以向上的加速度越大，人對(duì)電梯的壓力就越大，故A正確，B錯(cuò)誤；由圖知，7s以后加速度向下，由知，向下的加速度越大，人對(duì)電梯的壓力就越小，所以C錯(cuò)誤，D正確。 【答案】AD 【解題技巧點(diǎn)撥】圖象與表達(dá)式往往具有對(duì)應(yīng)關(guān)系，根據(jù)牛頓第二定律寫(xiě)出相關(guān)的表達(dá)式，多數(shù)圖象問(wèn)題可以得到解決，若無(wú)法寫(xiě)出表達(dá)式，則往往是根據(jù)定性分析的方法進(jìn)行判斷。 ◇考點(diǎn)3 牛頓第二定律的兩類(lèi)問(wèn)題 【基礎(chǔ)知識(shí)梳理】 1.根據(jù)受力確定運(yùn)動(dòng)情況 已知物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律，可以求出物體的① ；然后根據(jù)物體的初始條件(初位置和初速度)，應(yīng)用②

12、 公式，就可以求出物體在任一時(shí)刻的速度或某段時(shí)間內(nèi)的③ ，也就可以求解物體的運(yùn)動(dòng)情況． 2.從運(yùn)動(dòng)情況確定受力 根據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)情況，由④ 公式可以求出加速度，再根據(jù)⑤ 可確定物體的受力情況，從而求出未知的力，或與力相關(guān)的某些物理量，如動(dòng)摩擦因數(shù)、勁度系數(shù)、力的方向等． 【參考答案】①加速度 ②運(yùn)動(dòng)學(xué) ③位移 ④運(yùn)動(dòng)學(xué) ⑤牛頓第二定律 【核心考點(diǎn)講練】 解決動(dòng)力學(xué)兩類(lèi)問(wèn)題的思路： 加速度是求解動(dòng)力學(xué)兩類(lèi)問(wèn)題的橋梁，所以需要先根據(jù)已知條件求出物體運(yùn)動(dòng)的加速度，然后再由此得出問(wèn)題的答案． 兩類(lèi)動(dòng)力學(xué)基本問(wèn)

13、題的解題思路圖解如下： 牛頓第二定律 加速度a 運(yùn)動(dòng)學(xué)公式 運(yùn)動(dòng)情況 第一類(lèi)問(wèn)題 受力情況 加速度a 另一類(lèi)問(wèn)題 牛頓第二定律 運(yùn)動(dòng)學(xué)公式 【典例1】 【xx新課標(biāo)I】一長(zhǎng)木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊；在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為，如圖（a）所示。時(shí)刻開(kāi)始，小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動(dòng)，直至?xí)r木板與墻壁碰撞（碰撞時(shí)間極短）。碰撞前后木板速度大小不變，方向相反；運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小物塊始終未離開(kāi)木板。已知碰撞后時(shí)間內(nèi)小物塊的圖線(xiàn)如圖（b）所示。木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍，重力加速度大小g取。求 （1）木板與地面間的動(dòng)摩

14、擦因數(shù)及小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)； （2）木板的最小長(zhǎng)度； （3）木板右端離墻壁的最終距離。 【解析】(1) 規(guī)定向右為正方向，木板與墻壁相碰前，小物塊和木板一起向右做勻變速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a1，小物塊和木板的質(zhì)量分別為m和M，由牛頓第二定律有： -μ1 (m+M)g = (m+M)a1 ······· 由圖可知。木板與墻壁碰前瞬間的速度v1= 4m/s ,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得： V1 = v0 + a1t1 ······ S0 = v0t1 + a1t12········ 式中t1=1s , s0 = 4.5m是木板碰前的位移，v0是小物塊和木板開(kāi)始運(yùn)動(dòng)

15、時(shí)的速度。 聯(lián)立式和題給條件得：μ1 = 0.1······· 在木板與墻壁碰撞后，木板以-v1的初速度向左做勻變速運(yùn)動(dòng)，小物塊以v1的初速度向右做勻變速運(yùn)動(dòng)。設(shè)小物塊的加速度為a2 ,由牛頓第二定律有： -μ2mg = ma2········ 由圖可得：a2 = ······· 式中t2 = 2s , v2 = 0 ,聯(lián)立式和題給條件得：μ2 = 0.4 ······ （2）設(shè)碰撞后木板的加速度為a3 ,經(jīng)過(guò)時(shí)間Δt ,木板和小物塊剛好具有共同速度v3 ,由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得： μ2mg +μ1 (m+M)g = (m+M)a1 =

16、 Ma3······ V3 = - v1 + a3Δt ······· V3 = v1 + a2Δt······ 碰撞后至木板和小物塊剛好達(dá)到共同速度的過(guò)程中，木板運(yùn)動(dòng)的位移為： s1 = Δt······ 小物塊運(yùn)動(dòng)的位移為： s2 = Δt······ 小物塊相對(duì)木板的位移為：Δs = s2 – s1 ····· 聯(lián)立式，并代入數(shù)值得：Δs = 6.0m ····· 因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)過(guò)程中小物塊沒(méi)有脫離木板，所以木板的最小長(zhǎng)度應(yīng)為6.0m。 (3) 在小物塊和木板具有共同速度后，兩者向左做勻變速運(yùn)動(dòng)直到停止，高加速度為a4 ,此過(guò)程中小物塊和木板運(yùn)動(dòng)

17、的位移為s3 ,由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得： μ1 (m+M)g = (m+M)a4······· 0 – v32 = 2a4s3 ······ 磁碰后木板運(yùn)動(dòng)的位移為： s = s1 + s3 ······· 聯(lián)立式，并代入數(shù)值得： S = -6.5m ······· 木板右端離墻壁的最終距離為6.5m 。 【答案】 （1）μ1 = 0.1 μ1 = 0.1 （2）木板的最小長(zhǎng)度應(yīng)為6.0m （3）最終距離為6.5m 【典例2】 【xx安徽】質(zhì)量為0.1 kg 的彈性球從空中某高度由靜止開(kāi)始下落，該下落過(guò)程對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示。

18、球與水平地面相碰后離開(kāi)地面時(shí)的速度大小為碰撞前的3/4。設(shè)球受到的空氣阻力大小恒為f，取, 求： t(s) v(m/s) O 0.5 4 （1）彈性球受到的空氣阻力f的大??； （2）彈性球第一次碰撞后反彈的高度h。 【解析】（1）設(shè)彈性球第一次下落過(guò)程中的加速度大小為，由圖知 ① 根據(jù)牛頓第二定律，得 ②

19、③ （2）由圖知彈性球第一次到達(dá)地面時(shí)的速度大小為，設(shè)球第一次離開(kāi)地面時(shí)的速度為，則 ④ 第一次離開(kāi)地面后，設(shè)上升過(guò)程中球的加速度大小為，則 ⑤ 于是，有 ⑥ 解得 ⑦ 【答案】（1）0.2N

20、 （2） 【解題技巧點(diǎn)撥】在解決動(dòng)力學(xué)的兩類(lèi)問(wèn)題時(shí)，確定根據(jù)牛頓第二定律求加速度還是根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式確定加速度，需要根據(jù)題目中受力的條件充足還是運(yùn)動(dòng)學(xué)條件充足，一般根據(jù)條件充足的一方面即可求出加速度，然后向另一方面突破。 ◇考點(diǎn)4 超重與失重 【基礎(chǔ)知識(shí)梳理】 超重、失重和完全失重比較 超重現(xiàn)象 失重現(xiàn)象 完全失重 概念 物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?①物體所受重力的現(xiàn)象 物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?②物體所受重力的現(xiàn)象 物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?③的現(xiàn)象 產(chǎn)生條件 物體的加速度方向向上（豎直向上或斜向上） 物體的加速度方向向下（豎

21、直向下或斜向下） 物體的加速度方向向下，大小a＝g 列原理式 ④ ⑤ ⑥ 運(yùn)動(dòng)狀態(tài) 加速上升、⑦ 加速下降、⑧ 無(wú)阻力的拋體運(yùn)動(dòng)情況 【參考答案】①大于 ②小于 ③等于零 ④ m(g＋a) ⑤ m(g－a) ⑥0 ⑦減速下降 ⑧減速上升 【核心考點(diǎn)講練】 1.關(guān)于超重與失重的幾個(gè)要點(diǎn) （1）盡管物體的加速度不是豎直方向，但只要其加速度在豎直方向上有分量即，物體就會(huì)出現(xiàn)超重或失重狀態(tài)．當(dāng)方向豎直向上時(shí)，物體處于超重狀態(tài)；當(dāng)方向豎直向下時(shí)，物體處于失重狀態(tài)． （2）盡管整體沒(méi)有豎直方向的加速度，但只要系統(tǒng)內(nèi)一個(gè)物體具有豎直方向的分加速

22、度，整體也會(huì)出現(xiàn)超重或失重狀態(tài)． （3）在發(fā)生超重失重現(xiàn)象時(shí)，物體的重力依然存在，且不發(fā)生變化，只是物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?發(fā)生變化． （4）在完全失重的狀態(tài)下，平常一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會(huì)完全消失，如天平失效、浸在水中的物體不再受浮力、液體柱不再產(chǎn)生向下的壓強(qiáng)等． （5）當(dāng)加速度不在豎直方向時(shí)，超重情況下，物體對(duì)接觸面的壓力或?qū)揖€(xiàn)的拉力用求解，失重情況下物體對(duì)接觸面的壓力或?qū)揖€(xiàn)的拉力用求解，其中是豎直方向的加速度． 2.如何根據(jù)牛頓第二定律列方程 先確定加速度的方向，若加速度向上，則用向上的力減去向下的力等于，反之則用向下的力減去向上的力等于。 【典例1】

23、 【xx重慶高考】若貨物隨升降機(jī)運(yùn)動(dòng)的圖像如題5圖所示（豎直向上為正），則貨物受到升降機(jī)的支持力與時(shí)間關(guān)系的圖像可能是 【答案】B 【典例2】 【xx年高考四川卷】 如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過(guò)程可簡(jiǎn)化為：打開(kāi)降落傘一段時(shí)間后，整個(gè)裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點(diǎn)燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過(guò)程中返回艙做減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則(　　) A．火箭開(kāi)始噴氣瞬間傘繩對(duì)返回艙的拉力變小 B．返回艙在噴氣過(guò)程中減速的主要原因是空氣阻力 C．返回艙在噴氣過(guò)程中所受合外力可能做正功 D．返回艙在噴氣過(guò)程中處于失重狀態(tài) 【解析】火箭開(kāi)始噴氣瞬間，返回

24、艙受到向上的反作用力，所受合外力向上，故傘繩的拉力變小，所以選項(xiàng)A正確；返回艙與降落傘組成的系統(tǒng)在火箭噴氣前受力平衡，噴氣后減速的主要原因是受到噴出氣體的反作用力，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；返回艙在噴氣過(guò)程中做減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故合外力一定做負(fù)功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；返回艙噴氣過(guò)程中產(chǎn)生豎直向上的加速度，故應(yīng)處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 【答案】A 【解題技巧點(diǎn)撥】物體處于超重或失重狀態(tài)取決于加速度的方向,若加速度方向向上,則物體處于超重狀態(tài);若加速度方向向下,則物體處于失重狀態(tài)。超重或失重跟物體運(yùn)動(dòng)的速度方向無(wú)關(guān)。 專(zhuān)題熱點(diǎn)集訓(xùn)3 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 （45分鐘） 1. 【xx海南】如圖，物塊a、b和c的質(zhì)量相

25、同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過(guò)系在a上的細(xì)線(xiàn)懸掛于固定點(diǎn)O；整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)；現(xiàn)將細(xì)繩剪斷，將物塊a的加速度記為a1，S1和S2相對(duì)原長(zhǎng)的伸長(zhǎng)分別為△l1和△l2，重力加速度大小為g，在剪斷瞬間 A.a1=3g B.a1=0 C. △l1=2△l2 D. △l1=△l2 2.【xx山東卷】伽利略開(kāi)創(chuàng)了實(shí)驗(yàn)研究和邏輯推理相結(jié)合探索物理規(guī)律的科學(xué)方法，利用這種方法伽利略發(fā)現(xiàn)的規(guī)律有 A.力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因 B.物體之間普遍存在相互吸引力 C.忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快 D.

26、物體間的相互作用力總是大小相等，方向相反 3.(xx上海)8．如圖所示，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對(duì)靜止，A上表面水平。則在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，B受力的示意圖為（ ） B A FN G Ff A FN G Ff B FN G Ff C FN G Ff D 4.【xx海南卷】一質(zhì)點(diǎn)受多個(gè)力的作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使其中一個(gè)力的大小逐漸減小到零，再沿原方向逐漸恢復(fù)到原來(lái)的大小。在此過(guò)程中，其它力保持不變，則質(zhì)點(diǎn)的加速度大小a和速度大小v的變化情況是 A．a(chǎn)和v都始終增大 B．a(chǎn)和v都先增大后減小 C

27、．a(chǎn)先增大后減小，v始終增大 D．a(chǎn)和v都先減小后增大 5【xx新課標(biāo)Ⅱ】一物塊靜止在粗糙的水平桌面上。從某時(shí)刻開(kāi)始，物塊受到一方向不變的水平拉力作用。假設(shè)物塊與桌面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。以a表示物塊的加速度大小，F(xiàn)表示水平拉力的大小。能正確描述F與a之間的關(guān)系的圖像是 6.(xx·重慶高考)以不同初速度將兩個(gè)物體同時(shí)豎直向上拋出并開(kāi)始計(jì)時(shí),一個(gè)物體所受空氣阻力可忽略,另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比,下列用虛線(xiàn)和實(shí)線(xiàn)描述兩物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖像可能正確的是(　　) 7.(xx·山東高考)一質(zhì)點(diǎn)在外力作用下做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),其速度v隨時(shí)間t變化的圖像如圖。在圖中標(biāo)

28、出的時(shí)刻中,質(zhì)點(diǎn)所受合外力的方向與速度方向相同的有 (　　) A.　　　　B. 　　　　C. 　　　　D. 8.【xx·新課標(biāo)全國(guó)卷Ⅰ】如圖,用橡皮筋將一小球懸掛在小車(chē)的架子上,系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)使小車(chē)從靜止開(kāi)始向左加速,加速度從零開(kāi)始逐漸增大到某一值,然后保持此值,小球穩(wěn)定地偏離豎直方向某一角度(橡皮筋在彈性限度內(nèi))。與穩(wěn)定在豎直位置時(shí)相比,小球的高度(　　) A.一定升高 B.一定降低 C.保持不變 D.升高或降低由橡皮筋的勁度系數(shù)決定 9.【xx年廣東物理】.某人在地面上用彈簧秤稱(chēng)得體重為490N。他將彈簧秤移至電梯內(nèi)稱(chēng)其體重，至?xí)r間段內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)如圖所示

29、，電梯運(yùn)行的圖可能是（取電梯向上運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎? 10.(xx·江蘇高考)如圖所示,A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m,靜止疊放在水平地面上。A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,重力加速度為g。現(xiàn)對(duì)A施加一水平拉力F,則(　　) A.當(dāng)時(shí),A、B都相對(duì)地面靜止 B.當(dāng)時(shí),A的加速度為 C.當(dāng)時(shí),A相對(duì)B滑動(dòng) D.無(wú)論F為何值,B的加速度不會(huì)超過(guò) 11【xx安徽】如圖所示，細(xì)線(xiàn)的一端系一質(zhì)量為m的小球，另一端固定在傾角為θ的光滑斜面體頂端，細(xì)線(xiàn)與斜面平行。在斜面體以加速度a水平向右做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，小球始終靜止在斜面

30、上，小球受到細(xì)線(xiàn)的拉力T和斜面的支持力FN分別為（重力加速度為g） a m θ A． B． C． D． 二．綜合題 12. 【xx浙江】甲同學(xué)準(zhǔn)備做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，乙同學(xué)準(zhǔn)備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn) （1）圖1中A、B、C、D、E表示部分實(shí)驗(yàn)器材，甲同學(xué)需在圖中選用的器材_____________乙同學(xué)需在圖中選用的器材___________.（用字母表示） （2）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室選齊所需器材后，經(jīng)正確操作獲得如圖2所示的兩條紙帶①和②。紙帶__________的加速度大（填①或者②），其加速度大小為_(kāi)____

31、_______. 13.【xx新課標(biāo)II】下暴雨時(shí)，有時(shí)會(huì)發(fā)生山體滑坡或泥石流等地質(zhì)災(zāi)害。某地有一傾角為θ=37°（sin37°=）的山坡C，上面有一質(zhì)量為m的石板B，其上下表面與斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示。假設(shè)某次暴雨中，A浸透雨水后總質(zhì)量也為m（可視為質(zhì)量不變的滑塊），在極短時(shí)間內(nèi)，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1減小為，B、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2減小為0.5，A、B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)；在第2s末，B的上表面突然變?yōu)楣饣?保持不變。已知A開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，A離B下邊緣的距離l=27m，C足夠長(zhǎng)，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。取重力加速度大小g=

32、10m/s2。求： （1）在0~2s時(shí)間內(nèi)A和B加速度的大小 （2）A在B上總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間 專(zhuān)題熱點(diǎn)集訓(xùn)3 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 參考答案與解析 1.【解析】 【答案】AC 2．【解析】伽利略用理想斜面實(shí)驗(yàn)指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，A選項(xiàng)正確，萬(wàn)有引力是牛頓提出的，B錯(cuò)；伽利略在研究自由落體運(yùn)動(dòng)是指出忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快，C對(duì)；牛頓第三定律總結(jié)了作用力和反作用力的關(guān)系，D錯(cuò)。 【答案】AC 3.【解析】以滑塊A、B整體為研究對(duì)象，整體加速度沿斜面向下，以滑塊B為研究對(duì)象，沿水平和豎直方向分解滑塊B 的加速度可知，滑塊B受到水平向左的摩擦力，豎直向

33、下的重力，豎直向上的支持力， A正確。 【答案】A 4.【解析】當(dāng)其中一個(gè)力的大小逐漸減小到零時(shí)，質(zhì)點(diǎn)所受合力方向與這個(gè)力的方向相反，大小在增大，根據(jù)牛頓第二定律，所以加速度一直增大，加速度的方向與速度相同，所以速度一直增大；當(dāng)這個(gè)力再沿原方向逐漸恢復(fù)到原來(lái)的大小時(shí)，合力減小到零，所以加速度減小到零，而所受合力方向與這個(gè)力的方向仍然相反，與速度方向相同，所以速度一直增大，C項(xiàng)對(duì)。 【答案】C 5.【解析】當(dāng)時(shí)，物塊始終靜止，加速度為0；當(dāng)時(shí)，物塊做加速運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得，又，則有，故選項(xiàng)C正確。 【答案】C 6.【解析】豎直上拋運(yùn)動(dòng)不受空氣阻力,向上做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)至最高

34、點(diǎn)再向下做自由落體運(yùn)動(dòng),圖像為傾斜向下的直線(xiàn),四個(gè)選項(xiàng)均正確表示;考慮阻力的上拋運(yùn)動(dòng),上升中,隨著v減小,減小,對(duì)應(yīng)圖像的斜率減小,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;下降中,,隨著v增大, 繼續(xù)減小,而在最高點(diǎn)時(shí),,對(duì)應(yīng)圖與t軸的交點(diǎn),其斜率應(yīng)該等于g,即過(guò)t軸交點(diǎn)的切線(xiàn)應(yīng)該與豎直上拋運(yùn)動(dòng)的直線(xiàn)平行,只有D選項(xiàng)滿(mǎn)足,故選D。 【答案】D 7.【解析】合外力與速度方向相同說(shuō)明質(zhì)點(diǎn)做加速運(yùn)動(dòng),在圖像中表示質(zhì)點(diǎn)正在做加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)刻有和時(shí)刻,做減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)刻為和時(shí)刻,故選項(xiàng)A、C正確,B、D錯(cuò)誤。 【答案】AC 8.【解析】設(shè)橡皮筋原長(zhǎng)為,靜止時(shí),小球距離懸點(diǎn)高度,加速時(shí),設(shè)橡皮筋與水平方向夾角為θ,此時(shí),小球距離

35、懸點(diǎn)高度,因此小球高度升高了。 【答案】A 9【解析】由圖可知，在時(shí)間內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)小于實(shí)際重量，則處于失重狀態(tài)，此時(shí)具有向下的加速度，在階段彈簧秤示數(shù)等于實(shí)際重量，則既不超重也不失重，在階段，彈簧秤示數(shù)大于實(shí)際重量，則處于超重狀態(tài)，具有向上的加速度，若電梯向下運(yùn)動(dòng)，則時(shí)間內(nèi)向下加速，階段勻速運(yùn)動(dòng)，階段減速下降，A正確；BD不能實(shí)現(xiàn)人進(jìn)入電梯由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)內(nèi)超重，不符合題意。 【答案】A 10.【解析】A、B之間的最大靜摩擦力為,B物塊與地面間的最大靜摩擦力為,當(dāng)時(shí),A、B相對(duì)地面滑動(dòng),A錯(cuò)誤。假設(shè)A、B之間為最大靜摩擦力,一起運(yùn)動(dòng),此時(shí)B物塊的加速度為,解得,D項(xiàng)正確。以A為

36、研究對(duì)象,有,解得,所以當(dāng)時(shí),A、B一起運(yùn)動(dòng),對(duì)整體有,解得,B項(xiàng)正確。當(dāng)時(shí),A相對(duì)B滑動(dòng),C項(xiàng)正確。 【答案】BCD a mg θ T FN 11.【解析】小球受力如圖，根據(jù)牛頓第二定律： 沿斜面方向有 ； 垂直于斜面方向上有 解得：；。 【答案】A 12.【解析】（1）“驗(yàn)證機(jī)械能定律”實(shí)驗(yàn)，需要在豎直面上打出一條重錘下落的紙帶，即可驗(yàn)證，故選儀器AB，“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)需要鉤碼拉動(dòng)小車(chē)打出一條紙帶，故選BDE； （2）紙帶①中前第1、2點(diǎn)與第2、3點(diǎn)的位移差為三個(gè)點(diǎn)位移差，為： 紙帶②中前第1、2點(diǎn)與第2、3點(diǎn)的位移差為三個(gè)點(diǎn)的位移差為 根據(jù)逐差法可得紙帶①的加速度大，大小為 【答案】（1）AB；BDE（2）①，（） 13.【解析】 ……⑸ ………⑹ 聯(lián)立以上各式可得a1=3m/s2…………⑺ (利用下面的速度圖象求解，正確的，參照上述答案信參考給分) 【答案】（1）a1=3m/s2； a2 =1m/s2；（2）4s