(浙江專用)2022高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)(十九)小題考法——基本初等函數(shù)、函數(shù)與方程、函數(shù)模型的應(yīng)用

上傳人:xt****7 文檔編號(hào):106889814 上傳時(shí)間:2022-06-14 格式:DOC 頁(yè)數(shù):8 大?。?24.50KB
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1、(浙江專用)2022高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)(十九)小題考法——基本初等函數(shù)、函數(shù)與方程、函數(shù)模型的應(yīng)用 一、選擇題 1.函數(shù)f(x)=ln(x2+1)的圖象大致是(  ) 解析:選A 函數(shù)f(x)的定義域?yàn)镽,由f(-x)=ln[(-x)2+1]=ln(x2+1)=f(x)知函數(shù)f(x)是偶函數(shù),則其圖象關(guān)于y軸對(duì)稱,排除C;又由f(0)=ln 1=0,可排除B、D.故選A. 2.(2016·全國(guó)卷Ⅲ)已知a=2,b=3,c=25,則(  ) A.b<a<c        B.a(chǎn)<b<c C.b<c<a D.c<a<b 解析:選A a=2=4,b=3,c=25=

2、5. ∵y=x在第一象限內(nèi)為增函數(shù), 又5>4>3,∴c>a>b. 3.(2018·浙江“七彩陽(yáng)光”聯(lián)盟期中)設(shè)a>0,b>0,則“l(fā)og2a+log2b≥log2(a+b)”是“ab≥4”的(  ) A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件 解析:選A 若log2a+log2b≥log2(a+b),則ab≥a+b. 又a>0,b>0, 則有ab≥a+b≥2,當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí)等號(hào)成立,即有ab≥4,故充分性成立; 若a=4,b=1,滿足ab≥4, 但log2a+log2b=2,log2(a+b)=log25>2, 即log2a

3、+log2b≥log2(a+b)不成立,故必要性不成立,故選A. 4.(2019屆高三·浙江名校協(xié)作體聯(lián)考)已知函數(shù)f(x)=x+ex-a,g(x)=ln(x+2)-4ea-x,其中e為自然對(duì)數(shù)的底數(shù),若存在實(shí)數(shù)x0,使f(x0)-g(x0)=3成立,則實(shí)數(shù)a的值為(  ) A.-ln 2-1 B.ln 2-1 C.-ln 2 D.ln 2 解析:選A f(x)-g(x)=x+ex-a-ln(x+2)+4ea-x,令y=x-ln(x+2),則y′=1-=,故y=x-ln(x+2)在(-2,-1)上是減函數(shù),(-1,+∞)上是增函數(shù),故當(dāng)x=-1時(shí),y有最小值-1-0=-1,而e

4、x-a+4ea-x≥4(當(dāng)且僅當(dāng)ex-a=4ea-x,即x=a+ln 2時(shí),等號(hào)成立),故f(x)-g(x)≥3(當(dāng)且僅當(dāng)?shù)忍?hào)同時(shí)成立時(shí),等號(hào)成立),所以x=a+ln 2=-1,即a=-ln 2-1.綜上所述,答案選A. 5.某公司為激勵(lì)創(chuàng)新,計(jì)劃逐年加大研發(fā)資金投入,若該公司2017年全年投入研發(fā)資金130萬元,在此基礎(chǔ)上,每年投入的研發(fā)資金比上一年增長(zhǎng)12%,則該公司全年投入的研發(fā)資金開始超過200萬元的年份是(  ) (參考數(shù)據(jù):lg 1.12≈0.05,lg 1.3≈0.11,lg 2≈0.30) A.2020年 B.2021年 C.2022年 D.2023年 解析:

5、選B 設(shè)2017年后的第n年該公司投入的研發(fā)資金開始超過200萬元.由130(1+12%)n>200,得1.12n>,兩邊取常用對(duì)數(shù),得n>≈=,∴n≥4,∴從2021年開始,該公司投入的研發(fā)資金開始超過200萬元. 6.(2017·全國(guó)卷Ⅰ)已知函數(shù)f(x)=ln x+ln(2-x),則(  ) A.f(x)在(0,2)單調(diào)遞增 B.f(x)在(0,2)單調(diào)遞減 C.y=f(x)的圖象關(guān)于直線x=1對(duì)稱 D.y=f(x)的圖象關(guān)于點(diǎn)(1,0)對(duì)稱 解析:選C 由題易知,f(x)=ln x+ln(2-x)的定義域?yàn)?0,2),f(x)=ln[x(2-x)]=ln[-(x-1)2+1

6、],由復(fù)合函數(shù)的單調(diào)性知,函數(shù)f(x)=ln x+ln(2-x)在(0,1)單調(diào)遞增,在(1,2)單調(diào)遞減,所以排除A、B; 又f =ln+ln=ln, f =ln+ln=ln, 所以f =f =ln,所以排除D.故選C. 7.已知函數(shù)f(x)=ln(x2-4x-a),若對(duì)任意的m∈R,均存在x0使得f(x0)=m,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(  ) A.(-∞,-4) B.(-4,+∞) C.(-∞,-4] D.[-4,+∞) 解析:選D 依題意得,函數(shù)f(x)的值域?yàn)镽,令函數(shù)g(x)=x2-4x-a,其值域包含(0,+∞),因此對(duì)于方程x2-4x-a=0,有Δ=16+4a

7、≥0,解得a≥-4,即實(shí)數(shù)a的取值范圍是[-4,+∞),故選D. 8.(2018·湖州模擬)已知函數(shù)f(x)=x+3+mx3+nx(m<0,n<0),且f(x)在[0,1]上的最小值為-,則f(x)在[-1,0]上的最大值為(  ) A. B.- C. D.- 解析:選A 令g(x)=mx3+nx(m<0,n<0),則g′(x)=3mx2+n,因?yàn)閙<0,n<0,所以g′(x)<0,所以g(x)為減函數(shù).又y=x+3為減函數(shù),所以f(x)為減函數(shù).當(dāng)x∈[0,1]時(shí),f(x)min=f(1)=m+n+=-,得m+n=-2,當(dāng)x∈[-1,0]時(shí),f(x)max=f(-1)= -

8、m-n+=. 9.(2018·全國(guó)卷Ⅰ)已知函數(shù)f(x)=g(x)=f(x)+x+a.若g(x)存在2個(gè)零點(diǎn),則a的取值范圍是(  ) A.[-1,0) B.[0,+∞) C.[-1,+∞) D.[1,+∞) 解析:選C 令h(x)=-x-a,則g(x)=f(x)-h(huán)(x).在同一坐標(biāo)系中畫出y=f(x),y=h(x)的示意圖,如圖所示.若g(x)存在2個(gè)零點(diǎn),則y=f(x)的圖象與y=h(x)的圖象有2個(gè)交點(diǎn),平移y=h(x)的圖象,可知當(dāng)直線y=-x-a過點(diǎn)(0,1)時(shí),有2個(gè)交點(diǎn),此時(shí)1=-0-a, a=-1.當(dāng)y=-x-a在y=-x+1上方,即a<-1時(shí),僅有1個(gè)交點(diǎn)

9、,不符合題意.當(dāng)y=-x-a在y=-x+1下方,即a>-1時(shí),有2個(gè)交點(diǎn),符合題意.綜上,a的取值范圍為[-1,+∞).故選C. 10.已知定義域?yàn)镽的函數(shù)f(x)的圖象經(jīng)過點(diǎn)(1,1),且對(duì)任意實(shí)數(shù)x1-2,則不等式f(log2|3x-1|)<3-log|3x-1|的解集為(  ) A.(-∞,0)∪(0,1) B.(0,+∞) C.(-1,0)∪(0,3) D.(-∞,1) 解析:選A 令F(x)=f(x)+2x,由對(duì)任意實(shí)數(shù)x1-2,可得f(x1)+2x1

10、1)=1,得F(1)=f(1)+2=3,f(log2|3x-1|)<3-log|3x-1|等價(jià)于f(log2|3x-1|)+2log2|3x-1|<3,令t=log2|3x-1|,則f(t)+2t<3,即F(t)<3,所以t<1,即log2|3x-1|<1,從而0<|3x-1|<2,解得x<1,且x≠0.故選A. 二、填空題 11.(2018·湖州模擬)已知3ab-4a=8,log2a=,則a=________,b=________. 解析:由log2a=可知2=a,即b=ab=2a+1,又ab=2a+1=,可得(2a)2-6·2a+8=0,解得2a=2或2a=4,解得a=1(不符合題意

11、,舍去),a=2,此時(shí)b=3. 答案:2 3 12.(2018·蕭山一中檢測(cè))已知函數(shù)f(x)=-log4x的零點(diǎn)為x0,若x0∈(k,k+1),其中k為整數(shù),則k的值為________. 解析:函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?0,+∞),且函數(shù)在定義域上為減函數(shù), ∵f(2)=1-log42=1-log2=>0, f(3)=-log43=-log2<0, ∴函數(shù)f(x)在(2,3)內(nèi)存在唯一的一個(gè)零點(diǎn)x0, ∵x0∈(k,k+1),∴k=2. 答案:2 13.(2018·廣州模擬)已知函數(shù)f(x)=若|f(a)|≥2,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是________. 解析:當(dāng)a≤0時(shí),1-

12、a≥1,所以21-a≥2,即|f(a)|≥2恒成立;當(dāng)a>0時(shí),由|f(a)|≥2可得|1-log2a|≥2,所以1-log2a≤-2或1-log2a≥2,解得a≥8或0

13、=t,則不等式f(f(x))≥1可轉(zhuǎn)化為f(t)≥1,故得t=0或t≥2,由f(x)=0得x=±1.由f(x)≥2得x≥log23+1,所以f(f(x))≥1的解集為{±1}∪[log23+1,+∞). 答案:(0,1) {±1}∪[log23+1,+∞) 15.(2018·肇慶二模)已知函數(shù)f(x)= 若|f(x)|≥ax,則實(shí)數(shù)a的取值范圍為________. 解析:由已知得|f(x)|= 畫出函數(shù)|f(x)|的圖象如圖所示. 從圖象上看,要使得直線y=ax都在y=|f(x)|圖象的下方, 則a≤0,且y=x2-4x在x=0處的切線的斜率k≤a. 又y′=(x2-4x)′=

14、2x-4, ∴y=x2-4x在x=0處的切線的斜率k=-4, ∴-4≤a≤0. 答案:[-4,0] 16.已知函數(shù)f(x)=在[0,1]上單調(diào)遞增,則a的取值范圍為________. 解析:令2x=t,t∈[1,2],則y=在[1,2]上單調(diào)遞增.當(dāng)a=0時(shí),y=|t|=t在[1,2]上單調(diào)遞增顯然成立;當(dāng)a>0時(shí),函數(shù)y=,t∈(0,+∞)的單調(diào)遞增區(qū)間是[, +∞),此時(shí)≤1,即0

15、浙江名校聯(lián)考)已知函數(shù)f(x)=ax2+bx+c(a,b,c∈Z),若方程f(x)=x在(0,1)上有兩個(gè)實(shí)數(shù)根,f(-1)>-1,則a的最小值為________. 解析:設(shè)g(x)=f(x)-x=ax2+(b-1)x+c,g(x)=0在(0,1)上有兩個(gè)實(shí)數(shù)根, 設(shè)為x1,x2,于是g(x)=a(x-x1)(x-x2), 由題知故 所以g(0)g(1)=a2x1(1-x1)x2(1-x2)≤(當(dāng)且僅當(dāng)x1=x2=時(shí)等號(hào)成立),所以1≤g(0)g(1)≤,所以a≥4,經(jīng)檢驗(yàn),當(dāng)a=4,b=-3,c=1時(shí)符合題意,故a的最小值為4. 答案:4 B組——能力小題保分練 1.對(duì)于滿足0

16、0,于是c<,從而>=1+-2,對(duì)滿足02.故選D. 2.已知a,b,c,d都是常數(shù),a>b,c>d.若f(x)=2 017-(x-a)(x-b)的零點(diǎn)為c,d,則下列不等式正確的是(  ) A.a(chǎn)>c>b>d

17、 B.a(chǎn)>b>c>d C.c>d>a>b D.c>a>b>d 解析:選D f(x)=2 017-(x-a)·(x-b)=-x2+(a+b)x-ab+2 017,又f(a)=f(b)=2 017,c,d為函數(shù)f(x)的零點(diǎn),且a>b,c>d, 所以可在平面直角坐標(biāo)系中作出函數(shù)f(x)的大致圖象,如圖所示,由圖可知c>a>b>d,故選D. 3.定義在R上的偶函數(shù)f(x)滿足f(2-x)=f(x),且當(dāng)x∈[1,2]時(shí),f(x)=ln x-x+1,若函數(shù)g(x)=f(x)+mx有7個(gè)零點(diǎn),則實(shí)數(shù)m的取值范圍為(  ) A.∪ B. C. D. 解析:選A 函數(shù)g(x)=f(x

18、)+mx有7個(gè)零點(diǎn),即函數(shù)y=f(x)的圖象與y=-mx的圖象有7個(gè)交點(diǎn).當(dāng)x∈[1,2]時(shí),f(x)=ln x-x+1,f′(x)=-1=<0,此時(shí)f(x)單調(diào)遞減,且f(1)=0,f(2)=ln 2-1.由f(2-x)=f(x)知函數(shù)圖象關(guān)于x=1對(duì)稱,而f(x)是定義在R上的偶函數(shù),所以f(x)=f[-(2-x)]=f(x-2),故f(x+2)=f(x),即f(x)是周期為2的函數(shù).易知m≠0,當(dāng)-m<0時(shí),作出函數(shù)y=f(x)與y=-mx的圖象,如圖所示. 則要使函數(shù)y=f(x)的圖象與y=-mx的圖象有7個(gè)交點(diǎn),需有即解得0時(shí),可得

19、,實(shí)數(shù)m的取值范圍為∪.故選A. 4.已知函數(shù)f(x)=方程[f(x)]2-af(x)+b=0(b≠0)有6個(gè)不同的實(shí)數(shù)解,則3a+b的取值范圍是(  ) A.[6,11] B.[3,11] C.(6,11) D.(3,11) 解析:選D 首先作出函數(shù)f(x)的圖象(如圖), 對(duì)于方程[f(x)]2-af(x)+b=0,可令f(x)=t,那么方程根的個(gè)數(shù)就是f(x)=t1與f(x)=t2的根的個(gè)數(shù)之和,結(jié)合圖象可知,要使總共有6個(gè)根,需要一個(gè)方程有4個(gè)根,另一個(gè)方程有2個(gè)根,從而可知關(guān)于t的方程t2-at+b=0有2個(gè)根,分別位于區(qū)間(0,1)與(1,2)內(nèi),進(jìn)一步由根的分布

20、得出約束條件畫出可行域(圖略),計(jì)算出目標(biāo)函數(shù)z=3a+b的取值范圍為(3,11),故選D. 5.(2018·浙江模擬訓(xùn)練沖刺卷)在直角坐標(biāo)系中,橫坐標(biāo)、縱坐標(biāo)均為整數(shù)的點(diǎn)稱為格點(diǎn).如果函數(shù)f(x)的圖象恰好通過k(k∈N*)個(gè)格點(diǎn),則稱函數(shù)f(x)為k階格點(diǎn)函數(shù),給出下列函數(shù):①f(x)= ②f(x)=x;③f(x)=3x2-6x+3+1;④f(x)=sin4x+cos4x. 其中是一階格點(diǎn)函數(shù)的為________.(只填序號(hào)) 解析:函數(shù)f(x)= 的圖象過格點(diǎn)(2n,2n),其中n∈N,有無數(shù)個(gè)格點(diǎn),故不是一階格點(diǎn)函數(shù); f(x)=x的圖象過格點(diǎn)(-n,2

21、n),其中n∈N,有無數(shù)個(gè)格點(diǎn),故不是一階格點(diǎn)函數(shù); f(x)=3(x-1)2+1的圖象過格點(diǎn)(1,1),且當(dāng)x≠1,x∈Z時(shí),f(x)的值不是整數(shù),故是一階格點(diǎn)函數(shù); f(x)=sin4x+cos4x=(sin2x+cos2x)2-2sin2xcos2x=1-sin22x=+cos 4x,顯然f(x)的值域?yàn)?,要使f(x)的值是整數(shù),則f(x)=1,此時(shí)cos 4x=1,得x=,k∈Z,當(dāng)且僅當(dāng)k=0時(shí),x取整數(shù),故是一階格點(diǎn)函數(shù). 答案:③④ 6.(2018·諸暨高三適應(yīng)性考試)已知a,b,c∈R+(a>c),關(guān)于x的方程|x2-ax+b|=cx恰有三個(gè)不等實(shí)根,且函數(shù)f(x)=|

22、x2-ax+b|+cx的最小值是c2,則=________. 解析:由關(guān)于x的方程|x2-ax+b|=cx恰有三個(gè)不等實(shí)根可知,y=x2-ax+b有兩個(gè)正的零點(diǎn)m,n(mc,所以4c=a-c,即=5. 答案:5

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