（統(tǒng)考版）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題限時(shí)集訓(xùn)15 選考系列（含解析）（文）-人教版高三數(shù)學(xué)試題

《（統(tǒng)考版）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題限時(shí)集訓(xùn)15 選考系列（含解析）（文）-人教版高三數(shù)學(xué)試題》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《（統(tǒng)考版）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題限時(shí)集訓(xùn)15 選考系列（含解析）（文）-人教版高三數(shù)學(xué)試題（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專(zhuān)題限時(shí)集訓(xùn)(十五)　選考系列 1．[選修4－4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程](2019·全國(guó)卷Ⅰ)在直角坐標(biāo)系xOy中，曲線(xiàn)C的參數(shù)方程為(t為參數(shù))．以坐標(biāo)原點(diǎn)O為極點(diǎn)，x軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，直線(xiàn)l的極坐標(biāo)方程為2ρcos θ＋ρsin θ＋11＝0. (1)求C和l的直角坐標(biāo)方程； (2)求C上的點(diǎn)到l距離的最小值． [解]　(1)因?yàn)椋?＜≤1，且x2＋＝＋＝1，所以C的直角坐標(biāo)方程為x2＋＝1(x≠－1)． l的直角坐標(biāo)方程為2x＋y＋11＝0. (2)由(1)可設(shè)C的參數(shù)方程為(α為參數(shù)，－π＜α＜π)． C上的點(diǎn)到l的距離為 ＝. 當(dāng)α＝－時(shí)，4cos＋11

2、取得最小值7，故C上的點(diǎn)到l距離的最小值為. [選修4－5：不等式選講](2020·全國(guó)卷Ⅲ)設(shè)a，b，c∈R，a＋b＋c＝0，abc＝1. (1)證明：ab＋bc＋ca<0； (2)用max{a，b，c}表示a，b，c的最大值，證明：max{a，b，c}≥. [證明]　(1)由題設(shè)可知，a，b，c均不為零，所以 ab＋bc＋ca＝[(a＋b＋c)2－(a2＋b2＋c2)] ＝－(a2＋b2＋c2) ＜0. (2)不妨設(shè)max{a，b，c}＝a，因?yàn)閍bc＝1，a＝－(b＋c)， 所以a＞0，b＜0，c＜0. 由bc≤，可得abc≤，故a≥， 所以max{a，b，c}≥.

3、 2．[選修4－4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程] (2019·全國(guó)卷Ⅱ)在極坐標(biāo)系中，O為極點(diǎn)，點(diǎn)M(ρ0，θ0)(ρ0＞0)在曲線(xiàn)C：ρ＝4sin θ上，直線(xiàn)l過(guò)點(diǎn)A(4,0)且與OM垂直，垂足為P. (1)當(dāng)θ0＝時(shí)，求ρ0及l(fā)的極坐標(biāo)方程； (2)當(dāng)M在C上運(yùn)動(dòng)且P在線(xiàn)段OM上時(shí)，求P點(diǎn)軌跡的極坐標(biāo)方程． [解]　(1)因?yàn)镸(ρ0，θ0)在曲線(xiàn)C上，當(dāng)θ0＝時(shí)， ρ0＝4sin ＝2. 由已知得|OP|＝|OA|cos ＝2. 設(shè)Q(ρ，θ)為l上除P外的任意一點(diǎn)． 在Rt△OPQ中，ρcos＝|OP|＝2. 經(jīng)檢驗(yàn)，點(diǎn)P在曲線(xiàn)ρcos＝2上． 所以，l的極坐標(biāo)方程為ρcos

4、＝2. (2)設(shè)P(ρ，θ)，在Rt△OAP中，|OP|＝|OA|cos θ＝4cos θ，即ρ＝4cos θ. 因?yàn)镻在線(xiàn)段OM上，且AP⊥OM，故θ的取值范圍是. 所以，P點(diǎn)軌跡的極坐標(biāo)方程為ρ＝4cos θ，θ∈. [選修4－5：不等式選講](2019·全國(guó)卷Ⅱ)已知f(x)＝|x－a|x＋|x－2|(x－a)． (1)當(dāng)a＝1時(shí)，求不等式f(x)＜0的解集； (2)若x∈(－∞，1)時(shí)，f(x)＜0，求a的取值范圍． [解]　(1)當(dāng)a＝1時(shí)，f(x)＝|x－1|x＋|x－2|(x－1)． 當(dāng)x＜1時(shí)，f(x)＝－2(x－1)2＜0；當(dāng)x≥1時(shí)，f(x)≥0. 所以，

5、不等式f(x)＜0的解集為(－∞，1)． (2)因?yàn)閒(a)＝0，所以a≥1. 當(dāng)a≥1，x∈(－∞，1)時(shí)，f(x)＝(a－x)x＋(2－x)(x－a)＝2(a－x)(x－1)＜0. 所以，a的取值范圍是[1，＋∞)． 3．[選修4－4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程] (2019·全國(guó)卷Ⅲ)如圖，在極坐標(biāo)系Ox中，A(2，0)，B，C，D(2，π)，弧，，所在圓的圓心分別是(1,0)，，(1，π)，曲線(xiàn)M1是弧，曲線(xiàn)M2是弧，曲線(xiàn)M3是弧. (1)分別寫(xiě)出M1，M2，M3的極坐標(biāo)方程； (2)曲線(xiàn)M由M1，M2，M3構(gòu)成，若點(diǎn)P在M上，且|OP|＝，求P的極坐標(biāo)． [解]　(1)由題設(shè)

6、可得，弧，，所在圓的極坐標(biāo)方程分別為ρ＝2cos θ，ρ＝2sin θ，ρ＝－2cos θ.所以M1的極坐標(biāo)方程為ρ＝2cos θ，M2的極坐標(biāo)方程為ρ＝2sin θ，M3的極坐標(biāo)方程為ρ＝－2cos θ. (2)設(shè)P(ρ，θ)，由題設(shè)及(1)知： 若0≤θ≤，則2cos θ＝，解得θ＝； 若≤θ≤，則2sin θ＝，解得θ＝或θ＝； 若≤θ≤π，則－2cos θ＝，解得θ＝. 綜上，P的極坐標(biāo)為或或或. [選修4－5：不等式選講](2019·全國(guó)卷Ⅲ)設(shè)x，y，z∈R，且x＋y＋z＝1. (1)求(x－1)2＋(y＋1)2＋(z＋1)2的最小值； (2)若(x－2)2＋(y－

7、1)2＋(z－a)2≥成立，證明：a≤－3或a≥－1. [解]　(1)由于[(x－1)＋(y＋1)＋(z＋1)]2＝(x－1)2＋(y＋1)2＋(z＋1)2＋2[(x－1)(y＋1)＋(y＋1)(z＋1)＋(z＋1)(x－1)] ≤3[(x－1)2＋(y＋1)2＋(z＋1)2]， 故由已知得(x－1)2＋(y＋1)2＋(z＋1)2≥，當(dāng)且僅當(dāng)x＝，y＝－，z＝－時(shí)等號(hào)成立． 所以(x－1)2＋(y＋1)2＋(z＋1)2的最小值為. (2)證明：因?yàn)閇(x－2)＋(y－1)＋(z－a)]2 ＝(x－2)2＋(y－1)2＋(z－a)2＋2[(x－2)(y－1)＋(y－1)(z－a)＋(

8、z－a)(x－2)] ≤3[(x－2)2＋(y－1)2＋(z－a)2]， 故由已知得(x－2)2＋(y－1)2＋(z－a)2≥，當(dāng)且僅當(dāng)x＝，y＝，z＝時(shí)等號(hào)成立． 因此(x－2)2＋(y－1)2＋(z－a)2的最小值為. 由題設(shè)知≥，解得a≤－3或a≥－1. 1．[選修4－4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程](2020·福清模擬)已知曲線(xiàn)C1：x2＋(y－2)2＝4在伸縮變換 下得到曲線(xiàn)C2，以原點(diǎn)為極點(diǎn)，x軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系． (1)把C1化為極坐標(biāo)方程并求曲線(xiàn)C2的極坐標(biāo)方程； (2)射線(xiàn)θ＝α(ρ>0,0<α<π)與C1，C2交點(diǎn)為A，B，|AB|＝2，求α. [解]　

9、(1)曲線(xiàn)C1：x2＋(y－2)2＝4， 轉(zhuǎn)換為極坐標(biāo)方程為：ρ＝4sin θ. 伸縮變換 轉(zhuǎn)換為： 代入曲線(xiàn)C1：x2＋(y－2)2＝4， 得到極坐標(biāo)方程為ρ＝8sin θ. (2)把θ＝α代入ρ＝4sin θ，即ρ＝4sin α， 轉(zhuǎn)換為A(4sin α，α)， 同理B(8sin α，α)， 由于0<α<π， 所以|AB|＝|8sin α－4sin α|＝4sin α＝2， 解得sin α＝，故α＝或. [選修4－5：不等式選講](2020·安陽(yáng)一模)已知a，b，c∈R＋，?x∈R，不等式|x－1|－|x－2|≤a＋b＋c恒成立． (1)求證：a2＋b2＋c2≥；

10、 (2)求證：＋＋≥. [解]　(1)∵|x－1|－|x－2|≤|x－1－x＋2|＝1，∴a＋b＋c≥1. ∵a2＋b2≥2ab，b2＋c2≥2bc，c2＋a2≥2ac， ∴2a2＋2b2＋2c2≥2ab＋2bc＋2ac， ∴3a2＋3b2＋3c2≥a2＋b2＋c2＋2ab＋2bc＋2ac ＝(a＋b＋c)2≥1， ∴a2＋b2＋c2≥. (2)∵a2＋b2≥2ab,2≥a2＋2ab＋b2＝(a＋b)2， 即a2＋b2≥， 兩邊開(kāi)平方得≥|a＋b|＝(a＋b)． 同理可得≥(b＋c)，≥(c＋a)． 三式相加，得 ＋＋≥(a＋b＋c)≥. 2．[選修4－4：坐標(biāo)系與

11、參數(shù)方程](2020·汨羅一模)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，傾斜角為α的直線(xiàn)l的參數(shù)方程為(t為參數(shù))．以坐標(biāo)原點(diǎn)為極點(diǎn)，以x軸的正半軸為極軸，建立極坐標(biāo)系，曲線(xiàn)C的極坐標(biāo)方程是ρsin2θ－4cos θ＝0. (1)寫(xiě)出直線(xiàn)l的普通方程和曲線(xiàn)C的直角坐標(biāo)方程； (2)若直線(xiàn)l經(jīng)過(guò)曲線(xiàn)C的焦點(diǎn)F且與曲線(xiàn)C相交于A，B兩點(diǎn)，設(shè)線(xiàn)段AB的中點(diǎn)為Q，求的值． [解]　(1)∵直線(xiàn)l的參數(shù)方程為 (t為參數(shù))，∴直線(xiàn)l的普通方程為y＝tan α·x＋1 ， 由ρsin2θ－4cos θ＝0，得ρ2sin2θ－4ρcos θ＝0，即y2－4x＝0， ∴曲線(xiàn)C的直角坐標(biāo)方程為y2＝4x. (2)

12、∵直線(xiàn)l經(jīng)過(guò)曲線(xiàn)C的焦點(diǎn)F， ∴tan α＝－1，直線(xiàn)l的傾斜角α＝. ∴直線(xiàn)l的參數(shù)方程為 (t為參數(shù)) 代入y2＝4x，得t2＋4t－8＝0, 設(shè)A，B兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)的參數(shù)為t1，t2. ∵Q為線(xiàn)段AB的中點(diǎn)， ∴點(diǎn)Q對(duì)應(yīng)的參數(shù)值為＝－2. 又點(diǎn)F，則＝＝2. 　[選修4－5：不等式選講](2020·石家莊二中模擬)已知兩個(gè)正數(shù)a，b滿(mǎn)足a＋2b＝2. (1)求a2＋b2的最小值； (2)若不等式＋＋1≥3a＋4b－2ab對(duì)任意的x∈R恒成立，求實(shí)數(shù)a的取值范圍． [解]　(1)兩個(gè)正數(shù)a，b滿(mǎn)足a＋2b＝2，可得a＝2－2b， a2＋b2＝(2－2b)2＋b2＝5b

13、2－8b＋4＝5＋， 由a>0，b>0，可得2－2b>0，即有00，即0

14、實(shí)數(shù)a的取值范圍是(0,1]． 3．[選修4－4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程](2020·西安模擬)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，l的參數(shù)方程為 (t為參數(shù))．以坐標(biāo)原點(diǎn)O為極點(diǎn)，x軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線(xiàn)C的極坐標(biāo)方程為ρ2＝. (1)求l的普通方程和曲線(xiàn)C的直角坐標(biāo)方程； (2)求曲線(xiàn)C上的點(diǎn)到l距離的最大值及該點(diǎn)坐標(biāo)． [解]　(1)由 (t為參數(shù))，得x≠1. 消去參數(shù)t，得l的普通方程為x－2y＋1＝0(x≠1)． 將ρ2＝去分母得3ρ2＋ρ2sin2θ＝12， 將y＝ρsin θ，ρ2＝x2＋y2代入，得＋＝1， 所以曲線(xiàn)C的直角坐標(biāo)方程為＋＝1. (2)由(1)可設(shè)

15、曲線(xiàn)C的參數(shù)方程為 (α為參數(shù))， 則曲線(xiàn)C上的點(diǎn)到l的距離 d＝＝， 當(dāng)cos＝1，即α＝－＋2kπ，k∈Z時(shí)， dmax＝＝， 此時(shí)， (k∈Z)． 所以曲線(xiàn)C上的點(diǎn)到直線(xiàn)l距離的最大值為，該點(diǎn)坐標(biāo)為. 　[選修4－5：不等式選講](2020·長(zhǎng)郡中學(xué)模擬)設(shè)函數(shù)f(x)＝|2x－1|. (1)若函數(shù)F(x)＝f(x)＋ax有最小值，求a的取值范圍； (2)若關(guān)于x的不等式f(x)≤|2x＋1|－|x＋m|的解集為A，且?A，求實(shí)數(shù)m的取值范圍． [解]　(1)F(x)＝f(x)＋ax＝ 使F(x)有最小值的充要條件為 即a∈[－2,2]． (2)由題意知：|2x－1|≤|2x＋1|－|x＋m|在上恒成立，即|x＋m|≤2x＋1－(2x－1)． 即|x＋m|≤2在x∈上恒成立，則－2≤x＋m≤2. 故(－x－2)max≤m≤(－x＋2)min，解得－≤m≤0. 故實(shí)數(shù)m的取值范圍為.