【名校資料】浙江省中考數學復習 第三單元函數第15課時二次函數綜合題含近9年中考真題試題

上傳人:仙*** 文檔編號:43059318 上傳時間:2021-11-29 格式:DOC 頁數:17 大?。?43KB
收藏 版權申訴 舉報 下載
【名校資料】浙江省中考數學復習 第三單元函數第15課時二次函數綜合題含近9年中考真題試題_第1頁
第1頁 / 共17頁
【名校資料】浙江省中考數學復習 第三單元函數第15課時二次函數綜合題含近9年中考真題試題_第2頁
第2頁 / 共17頁
【名校資料】浙江省中考數學復習 第三單元函數第15課時二次函數綜合題含近9年中考真題試題_第3頁
第3頁 / 共17頁

下載文檔到電腦,查找使用更方便

10 積分

下載資源

還剩頁未讀,繼續(xù)閱讀

資源描述:

《【名校資料】浙江省中考數學復習 第三單元函數第15課時二次函數綜合題含近9年中考真題試題》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《【名校資料】浙江省中考數學復習 第三單元函數第15課時二次函數綜合題含近9年中考真題試題(17頁珍藏版)》請在裝配圖網上搜索。

1、◆+◆◆二〇一九中考數學學習資料◆+◆◆ 第一部分 考點研究 第三單元 函數 第15課時 二次函數綜合題 浙江近9年中考真題精選 命題點  1 與一次函數結合(杭州必考) 1.(2013杭州20題10分)已知拋物線y1=ax2+bx+c(a≠0)與x軸相交于點A、B(點A、B在原點O兩側),與y軸相交于點C,且點A、C在一次函數y2=x+n的圖象上,線段AB長為16,線段OC長為8,當y1隨著x的增大而減小時,求自變量x的取值范圍. 2.(2014杭州23題12分)復習課中,教師給出關于x的函數y=2kx2-(4k+1)x-k+1(k是實數). 教師:請獨立思考,并把探索

2、發(fā)現(xiàn)的與該函數有關的結論(性質)寫到黑板上. 學生思考后,黑板上出現(xiàn)了一些結論.教師作為活動一員,又補充一些結論,并從中選擇如下四條: ①存在函數,其圖象經過(1,0)點; ②函數圖象與坐標軸總有三個不同的交點; ③當x>1時,不是y隨x的增大而增大就是y隨x的增大而減??; ④若函數有最大值,則最大值必為正數,若函數有最小值,則最小值必為負數. 教師:請你分別判斷四條結論的真假,并給出理由.最后簡單寫出解決問題時所用的數學方法. 3.(2016杭州22題12分)已知函數y1=ax2+bx,y2=ax+b(ab≠0).在同一平面直角坐標系中. (1)若函數y1的圖象過點(-1,0

3、),函數y2的圖象過點(1,2),求a,b的值; (2)若函數y2的圖象經過y1的圖象的頂點. ①求證:2a+b=0; ②當1

4、州2012.24) 5.(2012溫州24題14分)如圖,經過原點的拋物線y=-x2+2mx(m>0)與x軸的另一個交點為A.過點P(1,m)作直線PM⊥x軸于點M,交拋物線于點B.記點B關于拋物線對稱軸的對稱點為C(B、C不重合).連接CB,CP. (1)當m=3時,求點A的坐標及BC的長; (2)當m>1時,連接CA,問m為何值時CA⊥CP? (3)過點P作PE⊥PC且PE=PC,問是否存在m,使得點E落在坐標軸上?若存在,求出所有滿足要求的m的值,并求出相對應的點E坐標;若不存在,請說明理由. 第5題圖 類型二 與角度有關的綜合題(紹興2考) 6.(2013紹興24題1

5、4分)拋物線y=(x-3)(x+1)與x軸交于A,B兩點(點A在點B左側),與y軸交于點C,點D為頂點. (1)求點B及點D的坐標; (2)連接BD,CD,拋物線的對稱軸與x軸交于點E. ①若線段BD上一點P,使∠DCP=∠BDE,求點P的坐標; ②若拋物線上一點M,作MN⊥CD,交直線CD于點N,使∠CMN=∠BDE,求點M的坐標. 類型三 與面積有關的綜合題(溫州2考) 7.(2016溫州23題10分)如圖,拋物線y=x2-mx-3(m>0)交y軸于點C,CA⊥y軸,交拋物線于點A,點B在拋物線上,且在第一象限內,BE⊥y軸,交y軸于點E,交AO的延長線于點D,BE=2AC

6、. (1)用含m的代數式表示BE的長; (2)當m=時,判斷點D是否落在拋物線上,并說明理由; (3)作AG∥y軸,交OB于點F,交BD于點G. ①若△DOE與△BGF的面積相等,求m的值. ②連接AE,交OB于點M.若△AMF與△BGF的面積相等,則m的值是________. 第7題圖 類型四 與三角形相似有關的綜合題 8.(2017寧波25題12分)如圖,拋物線y=x2+x+c與x軸的負半軸交于點A,與y軸交于點B,連接AB,點C(6,)在拋物線上,直線AC與y軸交于點D. (1)求c的值及直線AC的函數表達式; (2)點P在x軸正半軸上,點Q在y軸正半軸上,連接P

7、Q與直線AC交于點M,連接MO并延長交AB于點N,若M為PQ的中點. ①求證:△APM∽△AON; ②設點M的橫坐標為m,求AN的長(用含m的代數式表示). 第8題圖 答案 1.解:∵點C在一次函數y2=x+n的圖象上,線段OC長為8, ∴n=8;(2分) ①當n=8時一次函數為y2=x+8,y=0時,x=-6,求得點A的坐標為A(-6,0), 第1題解圖① ∵拋物線y1=ax2+bx+c(a≠0)與x軸相交于點A,B(點A,B在原點O兩側),與y軸相交于點C,且線段AB長為16, ∴這時拋物線開口向下,B(10,0), 如解圖①所示,拋物線的

8、對稱軸是x=2,由圖象可知:當y1隨著x的增大而減小時,自變量x的取值范圍是x≥2;(5分) ②當n=-8時一次函數為y2=x-8,y=0時,x=6,求得點A的坐標為A(6,0), ∵拋物線y1=ax2+bx+c(a≠0)與x軸相交于點A,B(點A,B在原點O兩側),與y軸相交于點C,且線段AB長為16, ∴這時拋物線開口向上,B(-10,0), 如解圖②所示,拋物線的對稱軸是x=-2,由圖象可知:當y1隨著x的增大而減小時,自變量x的取值范圍是x≤-2;(8分) 第1題解圖② 綜上所述,當y1隨著x的增大而減小時,自變量x的取值范圍是x≥2或x≤-2.(10分) 2.解:①

9、是真命題;②是假命題;③是假命題;④是真命題.(2分) 理由如下: ①當k=0時,原函數變形為y=-x+1,當x=1時,y=0,即存在函數y=-x+1,其圖象過(1,0)點,故是真命題; ②當k=0時,原函數變形為y=-x+1,圖象為直線且過第一、二、四象限,與坐標軸只有兩個不同的交點,與總有三個不同交點矛盾,故是假命題;(5分) ③由題可知當k=1時,函數解析式為y=2x2-5x,又x=-=>1時,由圖象可知當x>1時,y隨x先減小再增大,故是假命題;(8分) ④當k≠0時,y==-, 當k>0時,函數圖象開口向上,y有最小值,最小值為負數; 當k<0時,函數圖象開口向下,y有

10、最大值,最大值為正數,故是真命題.(12分) 3.(1)解:由題意,得, 解得, ∴a=1,b=1;(3分) (2)①證明:∵函數y1的圖象的頂點坐標為(-,-), ∴a(-)+b=,即b=, ∵ab≠0,∴-b=2a, 即證2a+b=0;(7分) ②解:∵b=-2a,∴y1=ax(x-2),y2=a(x-2), ∴y1-y2=a(x-2)(x-1), ∵1<x<, ∴x-2<0,x-1>0,∴(x-2)(x-1)<0, ∴當a>0時,a(x-2)(x-1)<0,即y1<y2, 當a<0時,a(x-2)(x-1)>0,即y1>y2.(12分) 4.解:(1)∵函數y

11、1=(x+a)(x-a-1)圖象經過點(1,-2), ∴把x=1,y=-2代入y1=(x+a)(x-a-1)得,-2=(1+a)(-a),(2分) 化簡得,a2+a-2=0,解得,a1=-2,a2=1, ∴y1=x2-x-2;(4分) (2)函數y1=(x+a)(x-a-1)圖象在x軸的交點為(-a,0),(a+1,0), ①當函數y2=ax+b的圖象經過點(-a,0)時, 把x=-a,y=0代入y2=ax+b中, 得a2=b;(6分) ②當函數y2=ax+b的圖象經過點(a+1,0)時, 把x=a+1,y=0代入y2=ax+b中, 得a2+a=-b;(8分) (3)∵拋

12、物線y1=(x+a)(x-a-1)的對稱軸是直線x==,m

13、于點H(如解圖①), 第5題解圖① 由已知得∠ACP=∠BCH=90, ∴∠ACH=∠PCB, 又∵∠AHC=∠PBC=90, ∴△ACH∽△PCB, ∴=. ∵拋物線y=-x2+2mx的對稱軸為直線x=m,其中m>1, 又∵B,C關于對稱軸對稱, ∴BC=2(m-1), ∵B(1,2m-1),P(1,m), ∴BP=m-1, 又∵A(2m,0),C(2m-1,2m-1), ∴H(2m-1,0), ∵AH=1,CH=2m-1, ∴=, ∴m=;(7分) (3)∵B,C不重合,∴m≠1. (Ⅰ)當m>1時,BC=2(m-1),PM=m, BP=m-1.

14、 (ⅰ)若點E在x軸上(如解圖①), ∵∠CPE=90, ∴∠MPE+∠BPC=∠MPE+∠MEP=90, ∴∠BPC=∠MEP. 又∵∠CBP=∠PME=90,PC=EP, ∴△BPC≌△MEP, ∴BC=PM, ∴2(m-1)=m, ∴m=2,此時點E的坐標是(2,0); (ⅱ)若點E在y軸上(如解圖②), 第5題解圖② 過點P作PN⊥y軸于點N, 易證△BPC≌△NPE, ∴BP=NP=OM=1, ∴m-1=1, ∴m=2, 此時點E的坐標是(0,4);(11分) (Ⅱ)當0<m<1時,BC=2(1-m),PM=m,BP=1-m, (ⅰ)若點E在x

15、軸上(如解圖③), 第5題解圖③ 易證△BPC≌△MEP, ∴BC=PM, ∴2(1-m)=m, ∴m=,此時點E的坐標是(,0);(12分) (ⅱ)若點E在y軸上(如解圖④), 第5題解圖④ 過點P作PN⊥y軸上點N, 易證△BPC≌△NPE,∴BP=NP=OM=1, ∴1-m=1, ∴m=0(舍去). 綜上所述,當m=2時,點E的坐標是(2,0)或(0,4), 當m=時,點E的坐標是(,0).(14分) 6.解:(1)∵拋物線y=(x-3)(x+1)與x軸交于A,B兩點(點A在點B左側), ∴當y=0時,(x-3)(x+1)=0, 解得x=3或-1,

16、 ∴點B的坐標為(3,0). ∵y=(x-3)(x+1)=x2-2x-3=(x-1)2-4, ∴頂點D的坐標為(1,-4);(4分) (2)①∵拋物線y=(x-3)(x+1)=x2-2x-3與y軸交于點C, ∴C點坐標為(0,-3). ∵對稱軸為直線x=1, ∴點E的坐標為(1,0). 連接BC,過點C作CH⊥DE于H,如解圖①所示,則H點坐標為(1,-3), 第6題解圖① ∴CH=DH=1, ∴∠CDH=∠BCO=∠BCH=45, ∴CD=,CB=3,BD=2,∴△BCD為直角三角形. 分別延長PC、DC,與x軸相交于點Q,R. ∵∠BDE=∠DCP=∠QCR

17、, ∠CDB=∠CDE+∠BDE=45+∠DCP, ∠QCO=∠RCO+∠QCR=45+∠DCP, ∴∠CDB=∠QCO, ∴△BCD∽△QOC, ∴==, ∴OQ=3OC=9,即Q(-9,0). ∴直線CQ的解析式為y=-x-3, 直線BD的解析式為y=2x-6, 由方程組, 解得, ∴點P的坐標為(,-);(9分) ②(Ⅰ)當點M在對稱軸右側時, 若點N在射線CD上,如解圖②所示,延長MN交y軸于點F,過點M作MG⊥y軸于點G. 第6題解圖② ∵∠CMN=∠BDE,∠CNM=∠BED=90, ∴△MCN∽△DBE, ∴==, ∵MN=2CN, 設C

18、N=a,則MN=2a, ∵∠CDE=∠DCF=45, ∴△CNF,△MGF均為等腰直角三角形, ∴NF=CN=a,CF=a, ∴MF=MN+NF=3a, ∴MG=FG=a, ∴CG=FG-FC=a, ∴M(a,-3+a), 代入拋物線y=(x-3)(x+1),解得a=, ∴M(,-), 若點N在射線DC上,如解圖③所示,MN交y軸于點F,過點M作MG⊥y軸于點G. 第6題解圖③ ∵∠CMN=∠BDE,∠CNM=∠BED=90, ∴△MCN∽△DBE, ∴==, ∴MN=2CN, 設CN=a,則MN=2a. ∵∠CDE=45, ∴△CNF,△MGF均為等腰

19、直角三角形, ∴NF=CN=a,CF=a, ∴MF=MN-NF=a, ∴MG=FG=a, ∴CG=FG+FC=a, ∴M(a,-3+a), 代入拋物線y=(x-3)(x+1), 解得a=5, ∴M(5,12); (Ⅱ)當點M在對稱軸左側時, ∵∠CMN=∠BDE<45, ∴∠MCN>45, 而拋物線左側任意一點K,都有∠KCN<45, ∴點M不存在. 綜上可知,點M坐標為(,-)或(5,12).(14分) 7.解:(1)∵拋物線的對稱軸是x=, ∴AC=m, ∴BE=2AC=2m;(3分) (2)當m= 時,點D落在拋物線上,理由如下: ∵m=, ∴AC

20、=,BE=2,y=x2-x-3, 把x=2代入y=x2-x-3,得 y=(2)2-2-3=3, ∴OE=3=OC, ∵∠DEO=∠ACO=90,∠DOE=∠AOC, ∴△OED≌△OCA, ∴DE=AC=, ∴D(-,3), ∴把x=-代入y=x2-x-3,得y=(-)2-(-)-3=3, ∴點D落在拋物線上;(7分) (3)①由(1)得BE=2m,則點B的橫坐標為2m,如解圖①,當x=2m時,y=2m2-3,則點B的縱坐標為2m2-3, ∴OE=2m2-3. 第7題解圖① ∵AG∥y軸, ∴EG=AC=BE, ∴FG=OE, ∵S△DOE=S△BGF,

21、即DEOE=BGFG, ∴DE=BG=AC. ∵∠DOE=∠AOC, ∴tan∠DOE=tan∠AOC, ∵∠DEO=∠ACO=90, ∴=, ∴OE=OC=, ∴2m2-3=,∴m=, 又∵m>0, ∴m=;(8分) ②.(10分) 【解法提示】由①知B(2m,2m2-3),E(0,2m2-3),A(m,-3), ∵G是BE的中點, ∴GF=m2-,則AF=m2+, 易得直線BO的解析式為y=x, 設直線AE的解析式為y=k1x+b, 則, 解得, ∴直線AE的解析式為y=-2mx+2m2-3. 聯(lián)立得, 解得x=, ∴點M的橫坐標為. 如解圖②,

22、過點M作MN⊥AG于點N, 第7題解圖② 則MN=m-=, 由S△BGF=S△AMF得MNAF=GBGF, 即(m2+)=m(m2-), 解得m=,或m=0(舍去),或m=-(舍去). 8.解:(1)把點C(6,)代入y=x2+x+c,得=9++c, 解得c=-3,(1分) ∴y=x2+x-3, 當y=0時,x2+x-3=0, 解得x1=-4,x2=3, ∴A(-4,0),(2分) 設直線AC的函數表達式為y=kx+b(k≠0), 把A(-4,0),C(6,)代入,得,解得, ∴直線AC的函數表達式為y=x+3;(4分) (2)①∵在Rt△AOB中,tan∠OAB==. 在Rt△AOD中,tan∠OAD==, ∴∠OAB=∠OAD,(6分) ∵在Rt△POQ中,M為PQ中點, ∴OM=MP, ∴∠MOP=∠MPO, ∵∠MOP=∠AON, ∴∠APM=∠AON, ∴△APM∽△AON;(8分) ②如解圖,過點M作ME⊥x軸于點E. 第8題解圖 又∵OM=MP, ∴OE=EP, ∵點M橫坐標為m, ∴AE=m+4,AP=2m+4,(9分) ∵tan∠OAD=, ∴cos∠EAM=cos∠OAD=, ∴AM=AE=,(10分) ∵△APM∽△AON, ∴=,(11分) ∴AN==.(12分)

展開閱讀全文
溫馨提示:
1: 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
2: 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權益歸上傳用戶所有。
3.本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網頁內容里面會有圖紙預覽,若沒有圖紙預覽就沒有圖紙。
4. 未經權益所有人同意不得將文件中的內容挪作商業(yè)或盈利用途。
5. 裝配圖網僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內容的表現(xiàn)方式做保護處理,對用戶上傳分享的文檔內容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內容負責。
6. 下載文件中如有侵權或不適當內容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
7. 本站不保證下載資源的準確性、安全性和完整性, 同時也不承擔用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

相關資源

更多
正為您匹配相似的精品文檔
關于我們 - 網站聲明 - 網站地圖 - 資源地圖 - 友情鏈接 - 網站客服 - 聯(lián)系我們

copyright@ 2023-2025  zhuangpeitu.com 裝配圖網版權所有   聯(lián)系電話:18123376007

備案號:ICP2024067431-1 川公網安備51140202000466號


本站為文檔C2C交易模式,即用戶上傳的文檔直接被用戶下載,本站只是中間服務平臺,本站所有文檔下載所得的收益歸上傳人(含作者)所有。裝配圖網僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內容的表現(xiàn)方式做保護處理,對上載內容本身不做任何修改或編輯。若文檔所含內容侵犯了您的版權或隱私,請立即通知裝配圖網,我們立即給予刪除!