備戰(zhàn)2019年高考物理 考點一遍過 考點51 電磁感應(yīng)圖象問題(含解析)

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1、電磁感應(yīng)圖象問題 一、電磁感應(yīng)中的圖象問題 1.圖象類型 電磁感應(yīng)中主要涉及的圖象有B–t圖象、Φ–t圖象、E–t圖象和I–t圖象。還常涉及感應(yīng)電動勢E和感應(yīng)電流I隨線圈位移x變化的圖象,即E–x圖象和I–x圖象。 2.常見題型:圖象的選擇、圖象的描繪、圖象的轉(zhuǎn)換、圖象的應(yīng)用。 3.所用規(guī)律 一般包括:左手定則、安培定則、楞次定律、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、牛頓運動定律等。 4.常見題目類型: 問題類型 解題關(guān)鍵 由給定的電磁感應(yīng)過程選出正確的圖象 根據(jù)題意分析相關(guān)物理量的函數(shù)關(guān)系、分析物理過程中的轉(zhuǎn)折點、明確“+、–”號的含義,結(jié)合數(shù)學(xué)知識做正確的判斷 由一種

2、電磁感應(yīng)的圖象分析求解出對應(yīng)的另一種電磁感應(yīng)圖象的問題 (1)要明確已知圖象表示的物理規(guī)律和物理過程; (2)根據(jù)所求的圖象和已知圖象的聯(lián)系,對另一圖象做出正確的判斷進行圖象間的轉(zhuǎn)換 由電磁感應(yīng)圖象得出的物理量和規(guī)律分析求解動力學(xué)、電路等問題 從圖象上讀取有關(guān)信息是求解本題的關(guān)鍵,圖象是數(shù)理綜合的一個重要的窗口,在運用圖象解決物理問題時,第一個關(guān)鍵是破譯,即解讀圖象中的關(guān)鍵信息(尤其是過程信息),另一個關(guān)鍵是轉(zhuǎn)換,即有效地實現(xiàn)物理信息和數(shù)學(xué)信息的相互轉(zhuǎn)換。 5.題型特點 一般可把圖象問題分為三類: (1)由給定的電磁感應(yīng)過程選出或畫出正確的圖象; (2)由給定的有關(guān)圖象分析電磁

3、感應(yīng)過程,求解相應(yīng)的物理量; (3)根據(jù)圖象定量計算。 6.解題關(guān)鍵 弄清初始條件,正負(fù)方向的對應(yīng),變化范圍,所研究物理量的函數(shù)表達式,進、出磁場的轉(zhuǎn)折點是解決問題的關(guān)鍵。 7.解決圖象問題的一般步驟 (1)明確圖象的種類,即是B–t圖象還是Φ–t圖象,或者是E–t圖象、I–t圖象等; (2)分析電磁感應(yīng)的具體過程; (3)用右手定則或楞次定律確定方向?qū)?yīng)關(guān)系; (4)結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、牛頓運動定律等規(guī)律寫出函數(shù)關(guān)系式; (5)根據(jù)函數(shù)關(guān)系式,進行數(shù)學(xué)分析,如分析斜率的變化、截距等。 (6)畫出圖象或判斷圖象。 二、電磁感應(yīng)中圖象類選擇題的兩個常見解法

4、 1.排除法:定性地分析電磁感應(yīng)過程中物理量的變化趨勢(增大還是減?。⒆兓炻ň鶆蜃兓€是非均勻變化),特別是物理量的正負(fù),排除錯誤的選項。 2.函數(shù)法:根據(jù)題目所給條件定量地寫出兩個物理量之間的函數(shù)關(guān)系,然后由函數(shù)關(guān)系對圖象作出分析和判斷,這未必是最簡捷的方法,但卻是最有效的方法。 三、分析物理圖象常用方法 1.定性分析物理圖象 (1)要明確圖象坐標(biāo)軸的意義; (2)借助有關(guān)的物理概念、公式、定理和定律做出分析判斷。 2.定量計算 (1)弄清圖象所揭示的物理規(guī)律或物理量間的函數(shù)關(guān)系; (2)挖掘圖象中的隱含條件,明確有關(guān)圖線所包圍的面積、圖線的斜率(或其絕對值)、截距所

5、表示的物理意義。 (2018·福建省霞浦第一中學(xué)高二下學(xué)期第一次月考)如圖所示,圖中有一有界勻強磁場,以虛線為界,其右側(cè)磁場方向垂直紙面向外,正方形金屬框邊長是,電阻為,自線框從左邊界進入磁場時開始計時,在外力作用下由靜止開始,以垂直于磁場邊界的恒定加速度進入磁場區(qū)域,時刻線框全部進入磁場。若外力大小為,線框中電功率的瞬時值為,線框磁通量的變化率為,通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為,(其中圖象為拋物線)則這些量隨時間變化的關(guān)系正確的是 A. B. C. D. 【參考答案】BD 【詳細(xì)解析】A、線框做勻加速運動,其速度v=at,感應(yīng)電動勢E=BLv,線框進入磁場過程中受

6、到的安培力,由牛頓第二定律得:,則,故A錯誤;B、電荷量,故B正確;C、線框的位移,,故C錯誤;D、感應(yīng)電流,線框的電功率,故D正確;故選BD。 【名師點睛】由線框進入磁場中切割磁感線,根據(jù)運動學(xué)公式可知速度與時間關(guān)系;再由法拉第電磁感應(yīng)定律,可得出產(chǎn)生感應(yīng)電動勢與速度關(guān)系;由閉合電路歐姆定律來確定感應(yīng)電流的大小,并由安培力公式可確定其大小與時間的關(guān)系;由牛頓第二定律來確定合力與時間的關(guān)系;最后電量、功率的表達式來分別得出各自與時間的關(guān)系。 1.(2018·山東省壽光市第一中學(xué)高二12月月考)如圖所示,閉合導(dǎo)體框abcd從高處自由下落,進入勻強磁場,從bc邊開始進入磁場到ad邊即將進入

7、磁場的這段時間里,下列表示線圈運動情況的速度一時間圖象可能的有 A. B. C. D. 【答案】ACD 【解析】在bc邊剛進入磁場時,若重力恰好等于安培力,則物體受力平衡,做勻速直線運動,故A正確;在bc邊剛進入磁場時,如果重力大于安培力,加速度向下,線圈進入磁場做加速運動,由于速度增加會所得感應(yīng)電流增加,安培力增加,所以線圈的合力是在減小的,加速度也在減小,這個過程是變加速運動,當(dāng)安培力增加到等于重力,線圈就做勻速運動,故線圈不可能做勻加速運動,故B錯誤;若bc剛進入磁場時F

8、,C正確;若bc剛進入磁場時F>mg,mg–F=ma,金屬棒減速運動,速度減小則F減小,則a減小,即線圈做加速度減小的減速運動,D正確。所以ACD正確,B錯誤。 2.如圖甲所示,光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ所在平面與水平面成θ角,M、P兩端接一電阻為R的定值電阻,電阻為r的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置,其他部分電阻不計。整個裝置處在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中。時對金屬棒施加一平行于導(dǎo)軌向上的外力F,使金屬棒由靜止開始沿導(dǎo)軌向上運動,通過定值電阻R的電荷量q隨時間的平方變化的關(guān)系如圖乙所示。下列關(guān)于穿過回路的磁通量、金屬棒的加速度a、外力F、通過電阻R的電流I隨時間t變化的圖

9、象中正確的是 A B C D 【答案】C 【解析】由圖看出,q=kt2,則,即通過R的感應(yīng)電流隨時間t增大,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知,穿過回路的磁通量是非均勻變化的,Φ–t應(yīng)是曲線,故A錯誤;設(shè)金屬棒長為L,由乙圖象得,,k是比例系數(shù),則加速度不變,故B錯誤;由牛頓運動定律知F–F安–mgsinθ=ma,知,v隨時間均勻增大,其他量保持不變,故F隨時間均勻增大,故C正確;通過導(dǎo)體棒的電流,I–t圖象為過原點直線,故D錯誤;故選C。 【名師點睛】對于圖象問題一定弄清楚

10、兩坐標(biāo)軸的含義,尤其注意斜率、截距的含義,對于復(fù)雜的圖象可以通過寫出兩坐標(biāo)軸所代表物理量的函數(shù)表達式進行分析。 (2018·安徽省六安市舒城中學(xué)高二下學(xué)期期中考試)如圖所示,在虛線MN的右側(cè)存在著垂直紙面向里的勻強磁場,邊長為a的正三角形金屬線框平行紙面放置,t=0時刻,頂點恰好在磁場的左邊界上,一邊平行磁場邊界MN?,F(xiàn)令該金屬線框勻速進入磁場區(qū)域,則線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E、電流I、所施加的外力F、安培力做功的功率P隨時間t的變化關(guān)系的圖象中正確的是 A. B. C. D. 【參考答案】B 【詳細(xì)解析】線框進入磁場時,有效切割長度均勻增大,由E=BLv知

11、,產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢均勻增大,E–t圖象應(yīng)是過原點的直線,故A錯誤。由知,E均勻增大,R不變,則I均勻增大,I–t圖象是過原點的直線,故B正確。由平衡條件知,F(xiàn)與安培力大小相等,則,L均勻增大,則F–t圖象應(yīng)是曲線,故C錯誤。安培力做功的功率P=Fv,則知P–t圖象應(yīng)是曲線,故D錯誤。故選B。 【名師點睛】先根據(jù)E=BLv分析感應(yīng)電動勢的變化;再由歐姆定律分析感應(yīng)電流的變化,由平衡條件和安培力公式F=BIL分析外力F的變化;由功能關(guān)系分析P的變化。 1.如圖所示,矩形閉合導(dǎo)體線框在勻強磁場上方,由不同高度靜止釋放,用t1、t2分別表示線框ab邊和cd邊剛進入磁場的時刻。線框下落過程形狀不

12、變,ab邊始終保持與磁場水平邊界線OO′平行,線框平面與磁場方向垂直。設(shè)OO′下方磁場區(qū)域足夠大,不計空氣影響,則下列哪一個圖象不可能反映線框下落過程中速度v隨時間t變化的規(guī)律 【答案】A 【解析】由題意可知,線框先做自由落體運動,最終做勻加速直線運動。若ab邊剛進入磁場時,速度較小,線框內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流較小,線框所受安培力小于重力,則線圈進入磁場的過程做加速度逐漸減小的加速運動,圖象C有可能;若線框進入磁場時的速度較大,線框內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流較大,線框所受安培力大于重力,則線框進入磁場時做加速度逐漸減小的減速運動,圖象B有可能;若線框進入磁場時的速度合適,線框所受安培力等于重力,則

13、線框勻速進入磁場,圖象D有可能;由分析可知選A。 【名師點睛】本題考查電磁感應(yīng)、牛頓定律及v–t圖象。關(guān)鍵是分析線圈的受力情況,然后根據(jù)牛頓第二定律進行判斷;此題意在考查考生對電磁感應(yīng)規(guī)律的理解和認(rèn)識。 2.(2018·北京市第四中學(xué)高二年級下學(xué)期期中考試)如圖甲所示,矩形導(dǎo)線框ABCD固定在勻強磁場中,磁感線垂直于線框所在平面且向里。規(guī)定垂直于線框所在平面向里為磁場的正方向;線框中電流沿著逆時針方向為感應(yīng)電流i的正方向。要在線框中產(chǎn)生如圖乙所示的感應(yīng)電流,則磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的規(guī)律可能為 【答案】B 【解析】A.在0~t0時間內(nèi),磁場垂直紙面向里,且均勻減小,根據(jù)楞次定

14、律,知感應(yīng)電流的方向為ABCDA,與規(guī)定的正方向相反,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為定值,則感應(yīng)電流為定值,同理,在t0~2t0時間內(nèi),感應(yīng)電流的方向為ADCBA,與規(guī)定的正方向相同,感應(yīng)電流為正值,且為定值,故A錯誤。B.在0~t0時間內(nèi),磁場垂直紙面向外,且均勻減小,根據(jù)楞次定律,知感應(yīng)電流的方向為ADCBA,與規(guī)定的正方向相同,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為定值,則感應(yīng)電流為定值,在t0~2t0時間內(nèi),磁場方向垂直紙面向外,且均勻增大,根據(jù)楞次定律,感應(yīng)電流的方向為ABCDA,與規(guī)定的正方向相反,故B正確。C、在0~t0時間內(nèi),磁場垂直紙面向里,且均勻減小,根據(jù)楞

15、次定律,知感應(yīng)電流的方向為ABCDA,與規(guī)定的正方向相反,感應(yīng)電流為負(fù)值,故C錯誤。D、磁感應(yīng)強度不變,磁通量不變,則不產(chǎn)生感應(yīng)電流,故D錯誤。故選B。 如圖甲所示,無限長的直導(dǎo)線與y軸重合,通有沿+y方向的恒定電流,該電流在其周圍產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強度B與橫坐標(biāo)的倒數(shù)的關(guān)系如圖乙所示(圖中x0、B0均為已知量)。圖甲中,坐標(biāo)系的第一象限內(nèi),平行于x軸的兩固定的金屬導(dǎo)軌間距為L,導(dǎo)軌右端接阻值為R的電阻,左端放置一金屬棒ab。ab棒在沿+x方向的拉力作用下沿導(dǎo)軌運動(ab始終與導(dǎo)軌垂直且保持接觸良好),產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定不變。已知ab棒的質(zhì)量為m,經(jīng)過x=x0處時的速度為v0,不計棒、

16、導(dǎo)軌的電阻。 (1)判斷ab棒中感應(yīng)電流的方向; (2)求ab棒經(jīng)過x=3x0時的速度和所受安培力的大小。 【參考答案】(1)ab棒中感應(yīng)電流的方向a→b (2)3v0 【詳細(xì)解析】(1)由安培定則判斷知導(dǎo)軌所在處磁場的方向垂直紙面向里,由右手定則判斷:ab棒中感應(yīng)電流的方向a→b。 (2)因棒中棒中感應(yīng)電流恒定不變,電路中感應(yīng)電動勢不變,有: B0Lv0=BLv 由圖象知 聯(lián)立得:v=3v0, 棒所受安培力的大小為: 1.一正三角形導(dǎo)線框ABC(高度為a)從圖示位置沿x軸正向勻速穿過兩勻強磁場區(qū)域。兩磁場區(qū)域磁感應(yīng)強度大小均為B、方向相反、垂直于平面、寬度

17、均為a。下列圖象反映感應(yīng)電流I與線框移動距離x的關(guān)系,以逆時針方向為電流的正方向。其中正確的是 A B C D 【答案】C 【解析】在線圈進入磁場時磁通量增加,感應(yīng)電流形成的磁場與原磁場方向相反,可判斷感應(yīng)電流沿逆時針方向,B錯;在線圈穿出磁場時,磁通量減小,感應(yīng)電流形成的磁場與原磁場方向相同,可判斷感應(yīng)電流的方向沿逆時針方向,D錯;在由磁場1進入磁場2的過程中有磁通量的變化不均衡,產(chǎn)生不了恒定的電流,故A錯。由上分析知,C對。 【名師點睛】解電磁感應(yīng)的圖象問題的

18、一般解題步驟: (1)明確圖象的種類,即是B–t圖還是Φ–t圖,或者是E–t圖、I–t圖等。 (2)分析電磁感應(yīng)的具體過程判斷對應(yīng)的圖象是否分段,共分幾段。 (3)用右手定則或楞次定律確定感應(yīng)電流的方向。 (4)結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、牛頓定律等規(guī)律寫出函數(shù)關(guān)系式。 (5)根據(jù)函數(shù)關(guān)系式,進行數(shù)學(xué)分析。 (6)畫圖象或判斷圖象。 (2018·湖南省五市十校高二下學(xué)期期末考試)如圖所示的空間內(nèi)存在一有界勻強磁場。其方向垂直于紙面向里,磁場的右邊界為,在的右側(cè)有一矩形金屬框,邊與重合?,F(xiàn)使線框以邊為軸,按圖示方向勻速轉(zhuǎn)動。將、兩端連到示波器的輸入端。若電流從沿軸到為

19、正。則從示波器上觀察到的中電流隨時間變化的波形是 【參考答案】A 【詳細(xì)解析】線圈以ab邊為軸按圖示方向勻速轉(zhuǎn)動,從cd邊剛好進入磁場開始計時,線圈磁通量在變大,則感應(yīng)電流的磁場會阻礙其變大,所以感應(yīng)電流方向是adcba,感應(yīng)電流大小在漸漸變小,電流為正方向;當(dāng)線圈平面與磁場垂直時感應(yīng)電流為零;線圈繼續(xù)轉(zhuǎn)動直到出離磁場時,電流方向為abcda,負(fù)方向;然而磁場只有一半,因此只有A選項符合條件。故選A。 【名師點睛】本題要分階段來判斷感應(yīng)電流的方向,對照正方向與圖線對比。同時也可以假設(shè)磁場沒有界,則感應(yīng)電流變化規(guī)律應(yīng)是余弦曲線,從而可快速確定當(dāng)一半磁場時的答案。 1.如圖甲所示,

20、矩形線圈位于一變化的勻強磁場內(nèi),磁場方向垂直線圈所在的平面(紙面)向里,磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示。用I表示線圈中的感應(yīng)電流,取順時針方向的電流為正。則圖丙中的I–t圖象正確的是 【答案】C 【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律得:,所以線圈中的感應(yīng)電流決定于磁感應(yīng)強度B隨t的變化率。由圖乙可知,0~1 s時間內(nèi),B增大,Φ增大,感應(yīng)磁場與原磁場方向相反(感應(yīng)磁場的磁感應(yīng)強度的方向向外),由右手定則,感應(yīng)電流是逆時針的,因而是負(fù)值,所以可判斷0~1 s為負(fù)的恒值;1~2 s為零;2~3 s為為正的恒值,故C正確,ABD錯誤,故選C。 【名師點睛】此類問題不必非要求

21、得電動勢的大小,應(yīng)根據(jù)楞次定律判斷電路中電流的方向,結(jié)合電動勢的變化情況即可得出正確結(jié)果。 2.(2018·遼寧省實驗中學(xué)、大連八中、大連二十四中、鞍山一中、東北育才學(xué)校高三上學(xué)期期末考試)如圖所示,圖中兩條平行虛線間存有勻強磁場,虛線間的距離為2L,磁場方向垂直紙面向里。abcd是位于紙面內(nèi)的梯形閉合線圈,ad與bc間的距離為2L且均與ab相互垂直,ad邊長為2L,bc邊長為3L,t=0時刻,c點與磁場區(qū)域左邊界重合。現(xiàn)使線圈以恒定的速度向v右運動,若b→c→d→a方向的感應(yīng)電流為正,則在線圈穿過磁場區(qū)域的過程中,感應(yīng)電流I及ab間電勢差U隨時間t變化的關(guān)系圖線可能是 【答案】

22、BD 【解析】①t在時間內(nèi),cd邊進入磁場切割磁感線,產(chǎn)生感應(yīng)電流,由楞次定律判斷得知感應(yīng)電流沿逆時針方向為正,根據(jù)感應(yīng)電動勢大小公式E=BLv,可知切割長度均勻增大,所以感應(yīng)電動勢均勻增大,則感應(yīng)電流均勻增大;而隨著E的變化而變化,即均勻增大;②t在時間內(nèi),磁通量不斷增大,由楞次定律判斷得知感應(yīng)電流沿逆時針方向,為正,線框有效的切割長度不變,根據(jù)感應(yīng)電動勢大小公式:E=BLv,所以感應(yīng)電流不變,電壓Uab也不變;③t在時間內(nèi),磁通量不斷增大,由楞次定律判斷得知感應(yīng)電流沿逆時針方向為正,線框有效的切割長度均勻減小,根據(jù)感應(yīng)電動勢大小均勻減小,所以感應(yīng)電流均勻減小,電壓Uab也均勻減小;④t在

23、時間內(nèi),磁通量不斷減小,由楞次定律判斷得知感應(yīng)電流沿順時針方向為負(fù),線框有效的切割長度不變,根據(jù)感應(yīng)電動勢大小公式E=BLv,感應(yīng)電動勢不變,所以感應(yīng)電流不變,而恒定不變但變大,故BD正確,AC錯誤。故選BD。 【名師點睛】對于圖象問題可以通過排除法判斷,本題關(guān)鍵要理解感應(yīng)電動勢公式E=Blv中,l是有效切割長度,并掌握右手定則或楞次定律。 1.如圖1所示,線圈abcd固定于勻強磁場中,磁場方向垂直紙面向外,磁感應(yīng)強度隨時間的變化情況如圖2所示。下列關(guān)于ab邊所受安培力隨時間變化的F–t圖象(規(guī)定安培力方向向右為正)正確的是 2.(2018·遼寧省阜新縣第二高級中學(xué)高二上

24、學(xué)期第一次月考)如圖所示,虛線上方空間有垂直線框平面的勻強磁場,直角扇形導(dǎo)線框繞垂直于線框平面的軸O以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動。設(shè)線框中感應(yīng)電流方向以逆時針為正,那么在下列選項圖中能正確描述線框從圖示位置開始轉(zhuǎn)動一周的過程中,線框內(nèi)感應(yīng)電流隨時間變化情況的是 A. B. C. D. 3.紙面內(nèi)兩個半徑均為R的圓相切于O點,兩圓形區(qū)域內(nèi)分別存在垂直于紙面的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小相等、方向相反,且不隨時間變化。一長為2R的導(dǎo)體桿OA繞O點且垂直于紙面的軸順時針勻速旋轉(zhuǎn),角速度為ω。t=0時,OA恰好位于兩圓的公切線上,如圖所示,若選取從O指向A的電動勢為正,下列描述導(dǎo)體桿中感應(yīng)電動勢隨

25、時間變化的圖象可能正確的是 A B C D 4.(2018·遼寧省重點六校協(xié)作體高三上學(xué)期期中考試)如圖1所示,光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ所在平面與水平面成角,M、P兩端接有阻值為R的定值電阻。阻值為r的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置,其他部分電阻不計。整個裝置處在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中,磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上。從時刻開始棒受到一個平行于導(dǎo)軌向上的外力F,由靜止開始沿導(dǎo)軌向上運動,運動中棒始終與導(dǎo)軌垂直,且接觸良好,通過R的感應(yīng)電流I隨時間t變化的圖象

26、如圖2所示。下面分別給出了穿過回路abPM的磁通量φ、磁通量的變化率、棒兩端的電勢差和通過棒的電荷量q隨時間變化的圖象,其中正確的是 A. B. C. D. 5.三角形導(dǎo)線框abc放在勻強磁場中,磁感線方向與線圈平面垂直,磁感應(yīng)強度B隨時間變化的圖象如圖所示。t=0時磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里,則在0~4 s時間內(nèi),線框的ab邊所受安培力隨時間變化的圖象如圖所示(力的方向規(guī)定向右為正) 6.如圖,在水平面(紙面)內(nèi)有三根相同的均勻金屬棒ab、ac和MN,其中ab、ac在a點接觸,構(gòu)成“V”字型導(dǎo)軌。空間存在垂直于紙面的均勻磁場。用力使MN向右勻速運動,從圖示位置開始計

27、時,運動中MN始終與∠bac的平分線垂直且和導(dǎo)軌保持良好接觸。下列關(guān)于回路中電流i、穿過三角形回路的磁通量Φ、MN上安培力F的大小、回路中的電功率P與時間t的關(guān)系圖線。可能正確的是 A B C D 7.(2018·河北省張家口市第一中學(xué)高三上學(xué)期同步練習(xí))如圖甲所示,位于豎直面內(nèi)的兩金屬導(dǎo)軌平行且處在勻強磁場中,磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面。導(dǎo)軌的一端與一電阻R相連,具有一定質(zhì)量的金屬桿ab放在導(dǎo)軌上且接觸良好并與導(dǎo)軌垂直,導(dǎo)軌上有支撐水平金屬桿的套環(huán),使金屬桿始終保持靜止。當(dāng)磁場的磁感

28、應(yīng)強度B隨時間t按如圖乙所示變化時(規(guī)定垂直紙面向里的磁場方向為正),若規(guī)定套環(huán)對金屬桿的支持力向上為正,則如圖所示反映金屬桿所受的支持力F隨時間t變化和電阻R的發(fā)熱功率P隨時間t變化的圖線可能正確的是 A. B. C. D. 8.在空間存在著豎直向上的各處均勻的磁場,將一個不變形的單匝金屬圓線圈放入磁場中,規(guī)定線圈中感應(yīng)電流方向如圖甲所示的方向為正。當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示時,下圖中能正確表示線圈中感應(yīng)電流隨時間變化的圖線是 A B

29、 C D 9.(2018·河北省張家口市第一中學(xué)高三上學(xué)期同步練習(xí))如圖甲所示,電阻R=1 Ω、半徑r1=0.2 m的單匝圓形導(dǎo)線框P內(nèi)有一個與P共面的圓形磁場區(qū)域Q,P、Q的圓心相同,Q的半徑r2=0.1 m。t=0時刻,Q內(nèi)存在著垂直于紙面向里的磁場,磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。若規(guī)定逆時針方向為電流的正方向,則線框P中感應(yīng)電流I隨時間t變化的關(guān)系圖象應(yīng)該是圖中的 A. B. C. D. 10.如圖所示,閉合導(dǎo)線框勻速穿過垂直紙面向里的勻強磁場區(qū)域,磁場

30、區(qū)域?qū)挾却笥诰€框尺寸,規(guī)定線框中逆時針方向的電流為正,則線框中電流i隨時間t變化的圖象可能正確的是 A B C D 11.(2018·陜西省西安中學(xué)高三第九次模擬考試)如圖所示,某空間中存在一個有豎直邊界的水平方向磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場區(qū)域,現(xiàn)將一個等腰梯形閉合導(dǎo)線圈abcd,從圖示位置(ab邊處于磁場區(qū)域的左邊界)垂直于磁場方向水平從磁場左側(cè)以速度v勻速拉過這個區(qū)域,其中ab=L,cd=3L,梯形高為2L,線框abcd的總電阻為R。下圖中,,則能正確反映該過程線圈中感應(yīng)電流

31、i隨時間t變化的是(規(guī)定adcba的方向為電流正方向) A. B. C. D. 12.如圖所示,兩個相鄰的勻強磁場,寬度均為L,方向垂直紙面向外,磁感應(yīng)強度大小分別為B、2B。邊長為L的正方形線框從位置甲勻速穿過兩個磁場到位置乙,規(guī)定感應(yīng)電流逆時針方向為正,則感應(yīng)電流i隨時間t變化的圖象是 A B C D 13.(2018·河北省張家口市第一中學(xué)高三上學(xué)期同步練習(xí))一

32、閉合線圈固定在垂直紙面的勻強磁場中,設(shè)垂直紙面向里為磁感應(yīng)強度B的正方向,圖中箭頭為感應(yīng)電流I的正方向,如圖甲所示。已知線圈中的感應(yīng)電流隨時間變化的圖象如圖乙所示,則磁感應(yīng)強度隨時間變化的圖象可能是 14.如圖所示,閉合直角三角形線框,底邊長為l,現(xiàn)將它勻速拉過寬度為d的勻強磁場(l>d)。若以逆時針方向為電流的正方向,則以下四個I–t圖象中正確的是 A B C D 15.(2018·河南省洛陽市孟津縣第二高級中學(xué)高三9月月考調(diào)研考試)如圖所

33、示,一光滑導(dǎo)軌水平放置,整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中,以導(dǎo)軌的頂點為原點建立直角坐標(biāo)系,導(dǎo)軌滿足方程y2=ax,a為定值。一均勻?qū)w棒垂直于x軸在外力作用下由坐標(biāo)原點開始向x軸正方向勻速運動,運動過程中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好形成閉合回路,導(dǎo)軌電阻不計,則導(dǎo)體棒運動過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E、回路電流I、通過導(dǎo)體棒橫截面的電荷量q,外力做的功W隨時間t變化規(guī)律圖象正確的是 A. B. C. D. 16.如圖所示,為三個有界勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小均為B,方向分別垂直紙面向外、向里和向外,磁場寬度均為L,在磁場區(qū)域的左側(cè)邊界處,有一邊長為L的正方形導(dǎo)體線框,總電阻為R,且線框平面與

34、磁場方向垂直,現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場區(qū)域,以初始位置為計時起點,規(guī)定電流沿逆時針方向時的電動勢E為正,磁感線垂直紙面向里時的磁通量Φ為正值,外力F向右為正。則以下反映線框中的磁通量Φ、感應(yīng)電動勢E、外力F和電功率P隨時間變化規(guī)律圖象錯誤的是 A B C D 17.(2018·湖南省長沙市雅禮中學(xué)高三上學(xué)期11月月考)鐵路上使用一種電磁裝置向控制中心傳輸信號以確定火車的位置。能產(chǎn)生勻強磁場的磁鐵被安裝在火車首節(jié)車廂下面,如圖所示(俯視圖)。當(dāng)它經(jīng)過安放在

35、兩鐵軌間的線圈時,便會產(chǎn)生一個電信號,通過和線圈相連的電壓傳感器被控制中心接收,從而確定火車的位置。現(xiàn)一列火車以加速度a駛來,則電壓信號關(guān)于時間的圖象為 A. B. C. D. 18.如圖所示,水平面上固定一個間距L=1 m的光滑平行金屬導(dǎo)軌,整個導(dǎo)軌處在豎直方向的磁感應(yīng)強度B=1 T的勻強磁場中,導(dǎo)軌一端接阻值R=9 Ω的電阻。導(dǎo)軌上有質(zhì)量m=1 kg、電阻r=1 Ω、長度也為1 m的導(dǎo)體棒,在外力的作用下從t=0開始沿平行導(dǎo)軌方向運動,其速度隨時間的變化規(guī)律是,不計導(dǎo)軌電阻。求: (1)t=4 s時導(dǎo)體棒受到的安培力的大小; (2)請在如圖所示的坐標(biāo)系

36、中畫出電流平方與時間的關(guān)系(I2–t)圖象。 19.如圖甲所示,在水平面上固定寬為L=1 m、足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌,左端接有R=0.5 Ω的定值電阻,在垂直導(dǎo)軌且距導(dǎo)軌左端 d=2.5 m處有阻值 r=0.5 ?、質(zhì)量 m=2 kg的光滑導(dǎo)體棒,導(dǎo)軌其余部分電阻不計。磁場垂直于導(dǎo)軌所在平面,磁感應(yīng)強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。第1 s內(nèi)導(dǎo)體棒在拉力F作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài),1 s后,拉力F保持與第1 s末相同,導(dǎo)體棒從靜止直至剛好達到最大速度過程中,拉力F做功為W=11.25 J。求: (1)第1 s末感應(yīng)電流的大?。? (2)第1 s末拉力的大小及方向; (3)1 s后導(dǎo)體棒

37、從靜止直至剛好達到最大速度過程中,電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。 20.如圖甲所示,兩根足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ被固定在水平面上,導(dǎo)軌間距l(xiāng)=0.6 m,兩導(dǎo)軌的左端用導(dǎo)線連接電阻R1及理想電壓表V,電阻為r=2 Ω的金屬棒垂直于導(dǎo)軌靜止在AB處;右端用導(dǎo)線連接電阻R2,已知R1=2 Ω,R2=1 Ω,導(dǎo)軌及導(dǎo)線電阻均不計。在矩形區(qū)域CDFE內(nèi)有豎直向上的磁場,CE=0.2 m,磁感應(yīng)強度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。開始時電壓表有示數(shù),當(dāng)電壓表示數(shù)變?yōu)榱愫?,對金屬棒施加一水平向右的恒力F,使金屬棒剛進入磁場區(qū)域時電壓表的示數(shù)又變?yōu)樵瓉淼闹?,金屬棒在磁場區(qū)域內(nèi)運動的過程中電壓表的示數(shù)始終保持

38、不變。求: (1)t=0.1 s時電壓表的示數(shù); (2)恒力F的大小; (3)從t=0時刻到金屬棒運動出磁場的過程中整個電路產(chǎn)生的熱量。 21.如圖甲所示,兩根完全相同的光滑平行導(dǎo)軌固定,每根導(dǎo)軌均由兩段與水平成θ=30°的長直導(dǎo)軌和一段圓弧導(dǎo)軌平滑連接而成,導(dǎo)軌兩端均連接電阻,阻值R1=R2=2 Ω,導(dǎo)軌間距L=0.6 m。在右側(cè)導(dǎo)軌所在斜面的矩形區(qū)域M1M2P2P1內(nèi)分布有垂直斜面向上的磁場,磁場上下邊界M1P1、M2P2的距離d=0.2 m,磁感應(yīng)強度大小隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻,在右側(cè)導(dǎo)軌斜面上與M1P1距離s=0.1 m處,有一根阻值r=2 Ω的從屬棒ab垂

39、直于導(dǎo)軌由靜止釋放,恰好獨立勻速通過整個磁場區(qū)域,取重力加速度g=10 m/s2,導(dǎo)軌電阻不計。求: (1)ab在磁場中運動的速度大小v; (2)在t1=0.1 s時刻和t2=0.25 s時刻電阻R1的電功率之比; (3)電阻R2產(chǎn)生的總熱量Q總。 22.如圖甲所示,兩根足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌間距,導(dǎo)軌電阻不計。導(dǎo)軌與水平面成角固定在一范圍足夠大的勻強磁場中,磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上,兩根相同的金屬桿MN、PQ垂直放在金屬導(dǎo)軌上,金屬桿質(zhì)量均為,電阻均為。用長為的絕緣細(xì)線將兩金屬桿的中點相連,在下述運動中,金屬桿與金屬導(dǎo)軌始終接觸良好。 (1)在上施加平行于導(dǎo)軌的拉力,使保

40、持靜止,穿過回路的磁場的磁感應(yīng)強度變化規(guī)律如圖乙所示,則在什么時刻回路的面積發(fā)生變化? (2)若磁場的方向不變,磁感應(yīng)強度大小恒為,將細(xì)線剪斷,同時用平行于導(dǎo)軌的拉力使金屬桿以的速度沿導(dǎo)軌向上作勻速運動,求拉力的最大功率和回路電阻的最大發(fā)熱功率。 23.(2018·新課標(biāo)全國ⅠⅠ卷)如圖,在同一平面內(nèi)有兩根平行長導(dǎo)軌,導(dǎo)軌間存在依次相鄰的矩形勻強磁場區(qū)域,區(qū)域?qū)挾染鶠閘,磁感應(yīng)強度大小相等、方向交替向上向下。一邊長為的正方形金屬線框在導(dǎo)軌上向左勻速運動,線框中感應(yīng)電流i隨時間t變化的正確圖線可能是 A. B. C.

41、 D. 24.(2016·四川卷)如圖所示,電阻不計、間距為l的光滑平行金屬導(dǎo)軌水平放置于磁感應(yīng)強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中,導(dǎo)軌左端接一定值電阻R。質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒MN置于導(dǎo)軌上,受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運動,外力F與金屬棒速度v的關(guān)系是F=F0+kv(F0、k是常量),金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好。金屬棒中感應(yīng)電流為i,受到的安培力大小為FA,電阻R兩端的電壓為UR,感應(yīng)電流的功率為P,它們隨時間t變化圖象可能正確的有 25.(2014·新課標(biāo)全國Ⅰ卷)如圖(a),線圈ab、cd繞在同一軟鐵芯上,在ab線圈中通以變化的電流,

42、測得cd間的的電壓如圖(b)所示,已知線圈內(nèi)部的磁場與流經(jīng)的電流成正比, 則下列描述線圈ab中電流隨時間變化關(guān)系的圖中,可能正確的是 A B C D 26.(2015·廣東卷)如圖(a)所示,平行長直金屬導(dǎo)軌水平放置,間距L=0.4 m,導(dǎo)軌右端接有阻值R=1 Ω的電阻,導(dǎo)體棒垂直放置在導(dǎo)軌上,且接觸良好,導(dǎo)體棒及導(dǎo)軌的電阻均不計,導(dǎo)軌間正方形區(qū)域abcd內(nèi)有方向豎直向下的勻強磁場,bd連線與導(dǎo)軌垂直,長度也為L,從0時刻開始,磁感應(yīng)強度B的大小隨時間t變化,規(guī)律如圖(b)所示;

43、同一時刻,棒從導(dǎo)軌左端開始向右勻速運動,1 s后剛好進入磁場,若使棒在導(dǎo)軌上始終以速度v=1 m/s做直線運動,求: (1)棒進入磁場前,回路中的電動勢E; (2)棒在運動過程中受到的最大安培力F,以及棒通過三角形abd區(qū)域時電流i與時間t的關(guān)系式。 27.(2014·山東卷)如圖甲所示,間距為d、垂直于紙面的兩平行板P、Q間存在勻強磁場。取垂直于紙面向里為磁場的正方向,磁感應(yīng)強度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻,一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子(不計重力),以初速度由板左端靠近板面的位置,沿垂直于磁場且平行于板面的方向射入磁場區(qū)。當(dāng)和取某些特定值時,可使時刻入射的粒子經(jīng)時間恰

44、能垂直打在板上[ 8.B【解析】感應(yīng)定律和歐姆定律得,所以線圈中的感應(yīng)電流決定于磁感應(yīng)強度B隨t的變化率,由圖乙可知,0~1 s時間內(nèi),B增大,Φ增大,感應(yīng)磁場與原磁場方向相反(感應(yīng)磁場的磁感應(yīng)強度的方向向外),由楞次定律,感應(yīng)電流是順時針的,因而是正值。所以可判斷0~1 s為正的恒值;在1~2 s內(nèi),因磁場的不變,則感應(yīng)電動勢為零,所以感應(yīng)電流為零;同理2~4 s,磁場在減小,由楞次定律可知,感應(yīng)電流與原方向相反,即為負(fù)的恒值;根據(jù)感應(yīng)定律和歐姆定律得,可知,斜率越大的,感應(yīng)電動勢越大,則感應(yīng)電流越大,故B正確,ACD錯誤。 9.C【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律,可得導(dǎo)線框P中產(chǎn)生的感應(yīng)

45、電動勢為:,再由歐姆定律得,P中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為:I=0.01π(A),由楞次定律,得電流的方向是順時針方向,故C正確,ABD錯誤;故選C。 【名師點睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動勢,然后根據(jù)歐姆定律求解感應(yīng)電流。 【名師點睛】解題時先根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向。再分兩段時間分析感應(yīng)電動勢,由歐姆定律得到感應(yīng)電流的變化情況。感應(yīng)電動勢公式E=Blv,L是有效的切割長度即與速度垂直的長度。 11.D【解析】當(dāng)右邊進入磁場時,便會產(chǎn)生感應(yīng)電流,由楞次定律得,感應(yīng)電流應(yīng)是逆時針方向,即正方向,由于有效切割長度逐漸增大,導(dǎo)致感應(yīng)電流的大小

46、也均勻增大;當(dāng)運動了時,線框右邊出磁場,又運動了過程中,有效切割長度不變,則產(chǎn)生感應(yīng)電流的大小不變,但比剛出磁場時的有效長度縮短,導(dǎo)致感應(yīng)電流的大小比其電流小,但由楞次定律得,感應(yīng)電流應(yīng)仍是逆時針;當(dāng)線框左邊進入磁場時,有效切割長度在變大,當(dāng)感應(yīng)電流的方向是順時針,即是負(fù)方向且大小增大,故選項D正確,ABC錯誤。故選D。 【名師點睛】對于圖象問題可以通過排除法進行求解,如根據(jù)圖象過不過原點、電流正負(fù)、大小變化等進行排除。 18.(1)0.4 N (2)見解析 【解析】(1)4 s時導(dǎo)體棒的速度是 感應(yīng)電動勢E=BLv,感應(yīng)電流 此時導(dǎo)體棒受到的安培力F安=BIL=0.4 N

47、 (2)由(1)可得 作出圖象如圖所示。 19.(1)2 A (2)1.6 N 水平向右 (3)2.5 J (3)1 s后導(dǎo)體棒做變加速直線運動,當(dāng)受力平衡速度達最大B=0.8 T 則由電磁感應(yīng)定律:,最終勻速運動時:F=BIL代入數(shù)據(jù)得:I=2 A, 代入數(shù)據(jù)得:,根據(jù)能量守恒定律: 代入數(shù)據(jù)得:, 聯(lián)立解得:。 20.(1)0.3 V (2)0.27 N (3)0.09 J 【解析】(1)在0~0.2 s內(nèi),CDEF產(chǎn)生的電動勢為定值 在0.1 s時電壓表的示數(shù)為: (2)設(shè)此時的總電流為I,則路端電壓為 由題意知: U1=U2

48、此時的安培力為:F=BIL 解得F=0.27 N (3)0~0.2 s內(nèi)的熱量為: 由功能關(guān)系知導(dǎo)體棒運動過程中產(chǎn)生的熱量為 Q2=FLCE=0.054 J 總熱量為Q=Q1+Q2=0.09 J 21.(1)1 m/s (2)4:1 (3)0.01 J R總=3 Ω 由圖乙可知,t=0.2s后磁場保持不變,ab經(jīng)過磁場的時間 故在t2=0.25 s時ab還在磁場中運動,電動勢E2=BLv=0.6 V 此時R1與R2并聯(lián),R總=3 Ω,得R1兩端電壓U1′=0.2 V 電功率,故在t1=0.1 s和t2=0.25 s時刻電阻R1的電功率比值 (3)設(shè)ab的質(zhì)

49、量為m,ab在磁場中運動時,通過ab的電流 ab受到的安培力FA=BIL 又mgsinθ=BIL 解得m=0.024 kg 在0~0.2 s時間里,R2兩端的電壓U2=0.2 V,產(chǎn)生的熱量 ab最終將在M2P2下方的軌道區(qū)域內(nèi)往返運動,到M2P2處的速度為零,由功能關(guān)系可得在t=0.2 s后,整個電路最終產(chǎn)生的熱量Q=mgdsin θ+mv2=0.036J 由電路關(guān)系可得R2產(chǎn)生的熱量Q2=Q=0.006 J 故R2產(chǎn)生的總熱量Q總=Q1+Q2=0.01 J 【名師點睛】本題是法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律以及能量守恒定律等知識的綜合應(yīng)用,關(guān)鍵要搞清電路的連接方式及能量轉(zhuǎn)化的關(guān)

50、系,明確感應(yīng)電動勢既與電路知識有關(guān),又與電磁感應(yīng)有關(guān)。 22.(1)44 s (2)2.4 W 1.8 W 由圖象得, 可得時間t=44 s (2)假設(shè)的運動速度為時,PQ靜止,則回路中的電流強度為,安培力為 有,解得速度 因<,PQ桿向下運動,穩(wěn)定后PQ桿勻速,則回路電流為 PQ桿有 MN桿有 穩(wěn)定后,拉力的功率最大 最大發(fā)熱功率 聯(lián)立解得, 左邊導(dǎo)體棒切割產(chǎn)生的電流方向是順時針,右邊切割磁感線產(chǎn)生的電流方向也是順時針,兩根棒切割產(chǎn)生電動勢方向相同所以 ,則電流為 ,電流恒定且方向為順時針, 再從②移動到③的過程中左右兩根棒切割磁感線產(chǎn)生的電

51、流大小相等,方向相反,所以回路中電流表現(xiàn)為零, 然后從③到④的過程中,左邊切割產(chǎn)生的電流方向逆時針,而右邊切割產(chǎn)生的電流方向也是逆時針,所以電流的大小為,方向是逆時針 當(dāng)線框再向左運動時,左邊切割產(chǎn)生的電流方向順時針,右邊切割產(chǎn)生的電流方向是逆時針,此時回路中電流表現(xiàn)為零,故線圈在運動過程中電流是周期性變化,故D正確;故選D 【名師點睛】根據(jù)線圈的運動利用楞次定律找到電流的方向,并計算電流的大小從而找到符合題意的圖象。 線應(yīng)該和v–t線形狀相同,選項B正確;根據(jù)可知UR與v成正比,則UR–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同;根據(jù)可知P與v2成正比,則P–t圖線不應(yīng)該是直線;同理若,則

52、金屬棒做加速度減小的加速運動,其v–t圖象如圖2所示;導(dǎo)體的電流可知I與v成正比,則I–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同,選項A錯誤;根據(jù)可知FA與v成正比,則FA–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同;根據(jù)可知UR與v成正比,則UR–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同,選項C正確;根據(jù)可知P與v2成正比,則P–t圖線不應(yīng)該是直線,選項D錯誤;故選BC。 【名師點睛】此題是電磁感應(yīng)問題的圖象問題,考查了力、電、磁、能等全方位知識;首先要能從牛頓第二定律入手寫出加速度的表達式,然后才能知道物體可能做的運動性質(zhì);題目中要定量與定性討論相結(jié)合,靈活應(yīng)用數(shù)學(xué)中的函數(shù)知識討論解答。 【方法技巧】此類問題可用排

53、除法最簡單,由圖知產(chǎn)生的電壓大小不變,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知電流隨時間均勻變化,即可排除ABD選項,還可根據(jù)電壓的正負(fù),判斷電流是增大還是減小。 26.(1)E=0.04 V (2)F=0.04 N,i=t–1(其中,1 s≤t≤1.2 s) 【解析】(1)在棒進入磁場前,由于正方形區(qū)域abcd內(nèi)磁場磁感應(yīng)強度B的變化,使回路中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知,在棒進入磁場前回路中的電動勢為E==0.04 V (2)當(dāng)棒進入磁場時,磁場磁感應(yīng)強度B=0.5 T恒定不變,此時由于導(dǎo)體棒做切割磁感線運動,使回路中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知,

54、回路中的電動勢為:e=Blv,當(dāng)棒與bd重合時,切割有效長度l=L,達到最大,即感應(yīng)電動勢也達到最大em=BLv=0.2 V>E=0.04 V 根據(jù)閉合電路歐姆定律可知,回路中的感應(yīng)電流最大為:im==0.2 A 根據(jù)安培力大小計算公式可知,棒在運動過程中受到的最大安培力為:F=imLB=0.04 N 在棒通過三角形abd區(qū)域時,切割有效長度l=2v(t–1)(其中,1 s≤t≤+1 s) 綜合上述分析可知,回路中的感應(yīng)電流為:i==(其中,1 s≤t≤+1 s) 即i=t–1(其中,1 s≤t≤1.2 s) 27.(1) (2) (3)或 (2)設(shè)粒子做圓周運動的半徑為

55、,加速度大小為,由圓周運動公式得 據(jù)題意由幾何關(guān)系得 聯(lián)立④⑤式得 (3)設(shè)粒子做圓周運動的半徑為,周期為,由圓周運動公式得 由牛頓第二定律得 由題意知,代入⑧式得 粒子運動軌跡如圖所示,O1、O2為圓心,O1、O2連線與水平方向夾角為,在每個內(nèi),只有A、B兩個位置才有可能垂直擊中P板,且均要求,由題意可知 設(shè)經(jīng)歷完整的個數(shù)為(,1,2,3...) 若在A點擊中P板,據(jù)題意由幾何關(guān)系得 當(dāng)n=0時,無解 當(dāng)n=1時聯(lián)立以上兩式得 或() 聯(lián)立解得 當(dāng)時,不滿足的要求 若在B點擊中P板,據(jù)題意由幾何關(guān)系得 當(dāng)時無解 當(dāng)時,聯(lián)立解得 或() 聯(lián)立解得 當(dāng)時,不滿足的要求 33

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