2018-2019高考物理二輪復習 選擇題提速練9

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1、選擇題提速練9 1—5為單選，6—8為多選 1．如圖為一種變壓器的實物圖，根據(jù)其銘牌上所提供的信息，以下判斷正確的是(　B　) A．這是一個升壓變壓器 B．原線圈的匝數(shù)比副線圈的匝數(shù)多 C．當原線圈輸入交流電壓220 V時，副線圈輸出直流電壓12 V D．當原線圈輸入交流電壓220 V、副線圈接負載時，副線圈中電流比原線圈中電流小 解析：根據(jù)銘牌上所提供的信息可知：變壓器的輸入電壓為220 V，輸出電壓為12 V，該變壓器為降壓變壓器，故選項A錯誤，選項B正確；變壓器的工作原理是電磁感應，故變壓器的原、副線圈上的電壓都為交流電壓，選項C錯誤；由理想變壓器的輸出功率等于輸入功率

2、，且原線圈的電壓大于副線圈的電壓，故副線圈接負載時，副線圈中電流比原線圈中電流大，選項D錯誤． 2．下圖為某同學自制的加速度計．構(gòu)造如下：一根輕質(zhì)細桿的下端固定一個小球，桿的上端與光滑水平軸相連接．桿可在豎直平面內(nèi)左右擺動．硬質(zhì)面板緊靠桿擺動的平面放置，并標有刻度線．其中，刻度線c位于經(jīng)過O的豎直線上，刻度線b在bO連線上，∠bOc＝30°，刻度線d在dO連線上，∠cOd＝45°.使用時，若約定加速度計的右側(cè)為汽車前進的方向，速度v＝10 m/s，g取9.8 m/s2，汽車前進時(　B　) A．若細桿穩(wěn)定地指示在b處，則汽車加速度為4.9 m/s2 B．若細桿穩(wěn)定地指示在d處，則0.

3、5 s內(nèi)汽車速度減小了4.9 m/s C．若細桿穩(wěn)定地指示在b處，則0.5 s內(nèi)汽車速度增大了4.9 m/s D．若細桿穩(wěn)定地指示在c處，則5 s內(nèi)汽車前進了100 m 解析：若細桿穩(wěn)定地指示在b處，對小球分析受力，求出沿水平方向所受合力為F合＝mgtan30°，由牛頓第二定律得F合＝ma1，則汽車加速度為a1＝gtan30°＝9.8× m/s2＝5.66 m/s2，選項A錯誤；若細桿穩(wěn)定地指示在d處，則汽車加速度為a2＝gtan45°＝9.8 m/s2，則0.5 s內(nèi)汽車速度減小了Δv＝a2Δt＝4.9 m/s，選項B正確；若細桿穩(wěn)定地指示在b處，則0.5 s內(nèi)汽車速度增大了Δv＝a1

4、Δt＝5.66×0.5 m/s＝2.83 m/s，選項C錯誤；若細桿穩(wěn)定地指示在c處，汽車勻速運動，則5 s內(nèi)汽車前進了s＝vt＝10×5 m＝50 m，選項D錯誤． 3. (2018·荊州模擬)如圖所示，B和C是一組塔輪，即B和C半徑不同，但固定在同一轉(zhuǎn)動軸上，其半徑之比RBRC＝32，A輪的半徑大小與C輪的相同，它與B輪緊靠在一起，當A輪繞過其中心的豎直軸轉(zhuǎn)動時，由于摩擦作用，B輪也隨之無滑動地轉(zhuǎn)動起來．a(chǎn)、b、c分別為三輪邊緣上的三個點，則a、b、c三點在運動過程中的(　D　) A．線速度大小之比為322 B．角速度之比為332 C．轉(zhuǎn)速之比為232 D．向

5、心加速度大小之比為964 解析：A、B間靠摩擦傳動，則邊緣上a、b兩點的線速度相等，即vavb＝11，選項A錯誤；B、C同軸轉(zhuǎn)動，則其上b、c兩點的角速度相等，即ωb＝ωc，＝＝，選項B、C錯誤；對a、b兩點由a＝得＝＝，對b、c兩點由a＝ω2r得＝＝，故aaabac＝964，選項D正確． 4．(2018·鄭州質(zhì)量預測)如圖所示，光滑斜面的頂端固定一彈簧，一小球向右滑行，并沖上固定在地面上的斜面．設小球在斜面最低點A的速度為v，壓縮彈簧至C點時彈簧最短，C點距地面高度為h，則從A點到C點的過程中彈簧彈力做的功是(　A　) A．mgh－mv2 B.mv2－mgh

6、C．－mgh D．－(mgh＋mv2) 解析：小球從斜面底端到最高點C的過程中，重力、彈簧彈力均做功，C點為最高點，即vC＝0，由動能定理得－mgh＋W＝0－mv2，解得彈簧彈力做的功W＝mgh－mv2，選項A正確． 5．如圖，半徑為R的圓是一圓柱形勻強磁場區(qū)域的橫截面(紙面)，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外．一電荷量為q(q>0)、質(zhì)量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區(qū)域，射入點與ab的距離為.已知粒子射出磁場與射入磁場時運動方向間的夾角為60°，則粒子的速率為(不計重力)(　B　) A. B. C. D. 解析：作出粒子運動軌跡如圖中實線所示．因P到

7、ab距離為，可知α＝30°.因粒子速度方向改變60°，可知轉(zhuǎn)過的圓心角2θ＝60°.由圖中幾何關(guān)系有(r＋)tanθ＝Rcosα，解得r＝R.再由Bqv＝m可得v＝，故B正確． 6．(2018·湖北七市聯(lián)考)如圖所示，傳送帶與水平面夾角為37°，白色傳送帶以10 m/s的恒定速率沿順時針方向轉(zhuǎn)動，今在傳送帶上端A處無初速度地輕放上一個質(zhì)量為1 kg的小煤塊(可視為質(zhì)點)，它與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.50，已知傳送帶A到B的長度為16 m，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10 m/s2，則在小煤塊從A運動到B的過程中(　ACD　) A．小煤塊從A運動到B的時間

8、為2 s B．煤塊對皮帶做的總功為0 C．小煤塊在白色皮帶上留下黑色印記的長度為6 m D．因煤塊和皮帶之間的摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能為24 J 解析：煤塊放上傳送帶，滑動摩擦力的方向先沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律得a1＝＝gsin37°＋μgcos37°＝10 m/s2. 則速度達到傳送帶速度所需的時間為t1＝＝1 s. 經(jīng)過的位移為x1＝a1t＝5 m. 由于mgsin37°>μmgcos37°，可知煤塊與傳送帶不能保持相對靜止． 速度相等后，煤塊所受的摩擦力沿斜面向上． 根據(jù)牛頓第二定律得 a2＝＝gsin37°－μgcos37°＝2 m/s2. 根據(jù)vt2＋a2t＝L－x

9、1， 代入數(shù)據(jù)解得t2＝1 s. 則t＝t1＋t2＝2 s，故A正確； 煤塊對傳送帶做的總功即是摩擦力所做的功，為W＝－fx傳＝－μmgcosθ·x傳＝－μmgcosθ·vt＝－80 J，故B錯誤； 在t1時間內(nèi)，傳送帶位移為x2＝vt1＝10 m. 所以劃痕長度是Δx1＝x2－x1＝5 m； 在t2時間內(nèi)，傳送帶位移為x3＝vt2＝10 m， 煤塊的位移為x4＝L－x1＝11 m. 所以劃痕長度為Δx2＝x4－x3＝1 m. 所以總劃痕長度是Δx＝Δx1＋Δx2＝6 m，故C正確； 產(chǎn)生的熱量Q＝fΔx＝μmgcosθΔx＝24 J，D正確． 7．(2018·山東模擬)

10、衛(wèi)星電話在搶險救災中能發(fā)揮重要作用，第一代、第二代海事衛(wèi)星只使用靜止軌道衛(wèi)星，不能覆蓋地球上的高緯度地區(qū)，第三代海事衛(wèi)星采用同步和中軌道衛(wèi)星結(jié)合的方案，它由4顆同步衛(wèi)星與12顆中軌道衛(wèi)星構(gòu)成，中軌道衛(wèi)星高度為10 354 km，分布在幾個軌道平面上(與赤道平面有一定的夾角)．在這個高度上，衛(wèi)星沿軌道旋轉(zhuǎn)一周的時間為四分之一天，下列說法中正確的是(　BC　) A．中軌道衛(wèi)星的線速度小于同步衛(wèi)星的線速度 B．中軌道衛(wèi)星的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度 C．在中軌道衛(wèi)星經(jīng)過地面某點的正上方的一天后，該衛(wèi)星還在地面該點的正上方 D．如果某一時刻中軌道衛(wèi)星、同步衛(wèi)星與地球的球心在同一直線上，那么經(jīng)過

11、6小時它們?nèi)栽谕恢本€上 解析：由題意知，中軌道衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑(約為42 400 km)，所以，其線速度大于同步衛(wèi)星的線速度，選項B正確；中軌道衛(wèi)星的周期T1＝6 h，其經(jīng)過地面某點的正上方的一天后，仍在該點，選項C正確；選項D中，中軌道衛(wèi)星需經(jīng)過t＝(＋nT1)，T1＝6 h，n＝0,1,2,3，…，同步衛(wèi)星需經(jīng)過t′＝(＋nT2)．T2＝24 h，n＝0,1,2,3，…，二者再次在同一直線上，顯然t′≠t，選項D錯誤． 8．(2018·武昌模擬)某同學設計了一種靜電除塵裝置，如圖甲所示，其中有一長為L、寬為b、高為d的矩形通道，其前、后面板為絕緣材料，上、下面板為金屬材料，圖乙是裝置的截面圖，上、下兩板與電壓恒為U的高壓直流電源相連．帶負電的塵埃被吸入矩形通道的水平速度為v0，當碰到下板后其所帶電荷被中和，同時被收集．將被收集塵埃的數(shù)量與進入矩形通道塵埃的數(shù)量的比值稱為除塵率．不計塵埃的重力及塵埃之間的相互作用．要增大除塵率，則下列措施可行的是(　AC　) A．只增大電壓U B．只增大高度d C．只增大長度L D．只增大塵埃被吸入水平速度v0 解析：塵埃做類平拋運動，達到下板的塵埃被收集，豎直偏移量y＝at2＝t2＝越大越容易收集，則可以增大U、L，減小v0、d，選項A、C正確． 6