2022年高三物理一輪復習 第7章 第1講 電路的基本概念和基本規(guī)律練習

2022年高三物理一輪復習 第7章 第1講 電路的基本概念和基本規(guī)律練習選擇題(每題5分,共25分)1.(xx湖北武漢調(diào)研,8)如圖所示是某款理發(fā)用的電吹風的電路圖,它主要由電動機M和電熱絲R構成。當閉合開關S1、S2后,電動機驅動風葉旋轉,將空氣從進風口吸入,經(jīng)電熱絲加熱,形成熱風后從出風口吹出。已知電吹風的額定電壓為220 V,吹冷風時的功率為120 W,吹熱風時的功率為1 000 W。關于該電吹風,下列說法正確的是()A.電熱絲的電阻為55 B.電動機的電阻為 C.當電吹風吹冷風時,電熱絲每秒消耗的電能為1 000 JD.當電吹風吹熱風時,電動機每秒消耗的電能為1 120 J2.(xx江蘇淮安月考,2)一個內(nèi)電阻可以忽略的電源,給一個絕緣的圓管子里裝滿的水銀供電,電流為0.1 A,若把全部水銀倒在一個內(nèi)徑大一倍的絕緣圓管子里,那么通過的電流將是()A.0.4 AB.0.8 AC.1.6 AD.3.2 A3.(xx山東聊城月考,14)截面直徑為d、長為L的導線,兩端電壓為U,當這三個量中的一個改變時,對自由電子定向移動平均速率的影響,下列說法正確的是()A.電壓U加倍時,自由電子定向移動的平均速率不變B.導線長度L加倍時,自由電子定向移動的平均速率減為原來的一半C.導線截面直徑d加倍時,自由電子定向移動的平均速率不變D.導線截面直徑d加倍時,自由電子定向移動的平均速率加倍4.(xx江蘇常州聯(lián)考,14)某一熱敏電阻,其阻值隨溫度的升高而減小,在一次實驗中,將該熱敏電阻與小燈泡串聯(lián),通電后各自的電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示,M為兩元件的伏安特性曲線的交點。則關于熱敏電阻和小燈泡的下列說法正確的是()A.圖線b是小燈泡的伏安特性曲線,圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線B.圖線a是小燈泡的伏安特性曲線,圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線C.圖線中的M點表示該狀態(tài)小燈泡的電阻大于熱敏電阻的阻值D.圖線中M點對應的狀態(tài),小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等5.(xx江蘇南通月考,6)如圖所示,用輸出電壓為1.4 V,輸出電流為100 mA的充電器對內(nèi)阻為2 的鎳-氫電池充電。下列說法正確的是()A.電能轉化為化學能的功率為0.12 WB.充電器輸出的電功率為0.14 WC.充電時,電池消耗的熱功率為0.02 W D.充電器把0.14 W的功率儲存在電池內(nèi)B組xx模擬·提升題組時間:30分鐘分值:50分一、選擇題(每題5分,共20分)1.(xx北京東城月考,9)如圖所示,電源電動勢E=36 V,內(nèi)阻r=1 ,電燈上標有“6 V12 W”的字樣,直流電動機線圈電阻R=2 。接通電源后,電燈恰能正常發(fā)光,下列說法正確的是() A.電路中的電流大小為6 AB.電動機產(chǎn)生的熱功率為56 WC.電動機的機械效率為85.7 %D.電源的輸出功率為72 W2.(xx浙江金華十校期末,8)在研究微型電動機的性能時,可采用如圖所示的實驗電路。當調(diào)節(jié)滑動變阻器R,用外力使電動機停止轉動時,電流表和電壓表的示數(shù)分別為1.0 A和2.0 V;重新調(diào)節(jié)R,使電動機恢復正常運轉時,電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0 A和15.0 V。則有關這臺電動機正常運轉時的說法正確的是()A.電動機的輸出功率為8 WB.電動機的輸出功率為22 WC.電動機的內(nèi)電阻為2 D.電動機的內(nèi)電阻為7.5 3.(xx浙江金華十校期末,6)一只普通舊干電池,用電壓表測量其電動勢時,示數(shù)仍接近1.5 V?，F(xiàn)對該電池做下述兩種處理:讓它給一個額定電壓為1.5 V的小燈泡供電時,發(fā)現(xiàn)小燈泡完全不亮。把它裝在額定電壓也為1.5 V的電子鐘內(nèi)時,電子鐘仍能正常工作較長時間。對上述兩種情形比較和分析,下述說法正確的是()A.情形中的電路電流較情形小B.情形中的路端電壓較情形大C.小燈泡的電阻遠大于電子鐘的電阻D.小燈泡的額定功率遠大于電子鐘的額定功率4.(xx北京海淀期末,5)如圖所示電路,電源電動勢為E,內(nèi)阻為r。當開關S閉合后,小型直流電動機M和指示燈L都恰能正常工作。已知指示燈L的電阻為R0,額定電流為I,電動機M的線圈電阻為R,則下列說法中正確的是()A.電動機的額定電壓為IR B.電動機的輸出功率為IE-I2RC.電源的輸出功率為IE-I2rD.整個電路的熱功率為I2(R0 +R + r) 二、非選擇題(5題18分,6題12分,共30分)5.(xx浙江大聯(lián)考四聯(lián),16)感冒藥等醫(yī)用藥品物料配比常常要求嚴格精確,人工稱重既繁瑣又不精確,工業(yè)大規(guī)模生產(chǎn)中常常利用“吊斗式”電子秤根據(jù)設計實現(xiàn)物料的精確投放。圖甲所示的是“吊斗式”電子秤的結構圖,其中實現(xiàn)稱質(zhì)量的關鍵性元件是拉力傳感器。拉力傳感器的內(nèi)部電路如圖乙所示,R1、R2、R3是定值電阻,R1=20 k,R2=10 k,R0是對拉力敏感的應變片電阻,其電阻隨拉力變化的圖像如圖丙所示。已知料斗重G0=1×103 N,沒裝料時Uba=0,g=10 m/s2。(1)求R3的電阻。(2)當生產(chǎn)某種藥品時,根據(jù)需要從振料口投放60 kg原料,此刻監(jiān)控上Uba應為多大?(3)生產(chǎn)藥品時,當發(fā)現(xiàn)監(jiān)控顯示Uba持續(xù)升高時,應該對原料投放采取什么措施?6.(xx江蘇南通聯(lián)考,13)在如圖所示電路中,電源電動勢E=6.0 V,內(nèi)阻r=0.50 ,D為直流電動機,其電樞線圈電阻R=1.0 ,限流電阻R'=2.0 。當電動機正常工作時,理想電壓表的示數(shù)UV=0.40 V。求:(1)通過電動機的電流I;(2)電動機兩端的電壓UD和輸入的電功率PD;(3)電動機在t=5 min內(nèi)輸出的機械能E。A組xx模擬·基礎題組選擇題1.A根據(jù)題述,電吹風的額定電壓為220 V,吹冷風時的功率為120 W,吹熱風時的功率為1 000 W,可知電熱絲功率為880 W,由P=U2/R可得電熱絲的電阻為R=55 ,選項A正確。電動機為非純電阻用電器,對于電動機P=U2/R不適用,B錯誤。當電吹風吹冷風時,電熱絲所在支路斷開,電熱絲不消耗電能;當電吹風吹熱風時,電動機每秒消耗的電能為120 J,選項C、D錯誤。2.C大圓管子內(nèi)徑大一倍,即橫截面積為原來的4倍,由于水銀體積不變,故水銀長度變?yōu)樵瓉淼?則由電阻定律知電阻變?yōu)樵瓉淼?由歐姆定律知電流變?yōu)樵瓉淼?6倍。C選項正確。3.BC根據(jù)I=neSv=可知,v,當電壓U加倍時,自由電子定向移動的平均速率加倍;導線長度L加倍時,自由電子定向移動的平均速率減為原來的一半;導線截面直徑d加倍時,自由電子定向移動的平均速率不變。本題答案為B、C。4.AD伏安特性曲線中,圖線上某點與坐標原點連線的斜率表示電阻的倒數(shù),由于小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大,熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小,所以圖線b是小燈泡的伏安特性曲線,圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線,選項A正確B錯誤。圖線中的M點表示該狀態(tài)小燈泡的電阻等于熱敏電阻的阻值,選項C錯誤。根據(jù)P=UI知圖線中的M點對應的狀態(tài),小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等,選項D正確。5.ABC充電器對電池的充電功率為P總=UI=0.14 W,電池充電時的熱功率為P熱=I2r=0.02 W,所以轉化為化學能的功率為P化=P總-P熱=0.12 W,因此充電器把0.12 W的功率儲存在電池內(nèi),故A、B、C正確,D錯誤。B組xx模擬·提升題組一、選擇題1.C電燈恰能正常發(fā)光,電流I= A=2 A,選項A錯;電動機的熱功率 P熱=I2R=22×2 W=8 W,選項B錯;電動機兩端電壓U機=E-U燈-Ir=(36-6-2×1) V=28 V,電動機輸出的機械功率P機=U機I-P熱=(28×2-8) W=48 W,電動機的機械效率=85.7%,選項C正確;電源的輸出功率P=P電+P燈=56 W+12 W=68 W,選項D錯。2.BC電動機的內(nèi)電阻r= =2 ,故選項C正確,D錯誤;正常運轉時電動機的總功率P=U2I2=15.0×2.0 W=30 W,內(nèi)電阻的熱功率Pr=r=2.02×2 W=8 W,電動機的輸出功率P輸出=P-Pr=30 W-8 W=22 W,故選項A錯誤,B正確。3.D直接通過電壓表測量,舊干電池示數(shù)接近1.5 V,可知,舊干電池電動勢約為1.5 V。當用該電池對小燈泡供電時,燈泡完全不亮,說明燈泡兩端的電壓較小,由U=R可知,燈泡的電阻較電源內(nèi)阻r小得多;電子鐘能正常工作,由U=R可知,電子鐘的電阻比電池的內(nèi)阻r大得多,所以電子鐘的電阻大,正常工作的電流較小,故知情形中的電路電流較情形大,情形中的路端電壓較情形中小,小燈泡的電阻遠小于電子鐘的電阻,故選項A、B、C錯誤;由以上分析根據(jù)P額=,可知選項D正確。4.CD電動機屬非純電阻用電器,歐姆定律不適用,其電壓不能用U=IR計算,電動機額定電壓應為E-I(r+R0),選項A錯誤;電動機的輸出功率為IE-I2(r+R0+R),故B選項錯誤;電源的輸出功率為IE-I2r,整個電路的熱功率為I2(R0+R+r),故C、D項正確。二、非選擇題5.答案(1)40 k(2)0.38 V(3)適當降低投放物料的速度解析(1)沒裝料時,根據(jù)串、并聯(lián)電路規(guī)律可得R1兩端的電壓為:=×12 V=8 V沒裝料時,料斗重1×103 N,從R-F圖中可得,此時R0=20 kR3兩端的電壓為=×12 V因為此時Uba=0,說明R1兩端的電壓和R3兩端的電壓相等,即=8 V得R3=40 k。(2)投放原料后,該拉力傳感器承受的拉力為G0+mg=1.6×103 N,由圖丙可知,此時電阻R0'=23 k此刻R3兩端的電壓'=×12 V=7.62 V則Uba=b-=(12 V-a)-(12 V-b)=-'=0.38 V。(3)根據(jù)以上分析,a點電勢時刻保持不變,如果Uba持續(xù)升高,即b點電勢不斷升高,則R3兩端電壓不斷減小,說明R0電阻不斷增大,即投放物料增多,應該適當降低投放物料的速度。6.答案(1)0.2 A(2)5.5 V1.1 W(3)3.2×102 J解析(1)通過電動機與流過限流電阻R'的電流相同,則I=代入數(shù)據(jù)得I=0.2 A(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=UV+UD+Ir代入數(shù)據(jù)得UD=5.5 V輸入的電功率PD=IUD代入數(shù)據(jù)得PD=1.1 W(3)由能量守恒定律有PDt=E+I2Rt代入數(shù)據(jù)得E=3.2×102 J