2022年高三數(shù)學(xué)第二次診斷考試試題 文(含解析)新人教A版

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1、2022年高三數(shù)學(xué)第二次診斷考試試題 文(含解析)新人教A版   一、選擇題:本大題共12小題,每小題5分,共60分 1.已知集合m={x∈Z|﹣x2+6x>0},N={x|x2﹣5<0},則M∩N等于(  )   A. {1,2,3} B. {1,2} C. {2,3} D. {3,4} 考點(diǎn): 交集及其運(yùn)算. 專題: 集合. 分析: 求出M中不等式的整數(shù)解確定出M,求出N中不等式的解集確定出N,找出M與N的交集即可. 解答: 解:由M中不等式變形得:x(x﹣6)<0, 解得:0<x<6,即M={1,2,3,4,5}; 由N中不等式解得:﹣<x<,即N=(﹣,), 則M

2、∩N={1,2}. 故選:B. 點(diǎn)評: 此題考查了交集及其運(yùn)算,熟練掌握交集的定義是解本題的關(guān)鍵.   2.cos()的值為( ?。?   A. B. C. ﹣ D. ﹣ 考點(diǎn): 運(yùn)用誘導(dǎo)公式化簡求值. 專題: 三角函數(shù)的求值. 分析: 原式中角度變形后,利用誘導(dǎo)公式及特殊角的三角函數(shù)值計(jì)算即可得到結(jié)果. 解答: 解:cos()=cos(670+)=cos=cos(π+)=﹣cos=﹣, 故選:C. 點(diǎn)評: 此題考查了運(yùn)用誘導(dǎo)公式化簡求值,熟練掌握誘導(dǎo)公式是解本題的關(guān)鍵.   3.已知等差數(shù)列{an}中,a4=5,a9=17,則a14=(  )   A. 11 B

3、. 22 C. 29 D. 12 考點(diǎn): 等差數(shù)列的通項(xiàng)公式. 專題: 等差數(shù)列與等比數(shù)列. 分析: 由等由差數(shù)列的性質(zhì)可得2a9=a14+a4,代入數(shù)據(jù)計(jì)算可得. 解答: 解:∵等差數(shù)列{an}中,a4=5,a9=17, ∴由等由差數(shù)列的性質(zhì)可得2a9=a14+a4, ∴2×17=a14+5,解得a14=29 故選:C 點(diǎn)評: 本題考查等差數(shù)列的通項(xiàng)公式和性質(zhì),屬基礎(chǔ)題.   4.已知定義在R上的奇函數(shù)f(x),當(dāng)x>0時(shí),f(x)=log2(2x+1),則f(﹣)等于(  )   A. log23 B. log25 C. 1 D. ﹣1 考點(diǎn): 函數(shù)奇偶性的性質(zhì).

4、 專題: 函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用. 分析: 由f(x)是定義在R上的奇函數(shù)可得f(﹣)=﹣f(),由此可解得f(﹣)的值. 解答: 解:∵由f(x)是定義在R上的奇函數(shù)可得f(﹣x)=﹣f(x), ∴f(﹣)=﹣f()=﹣=﹣1. 故選:D. 點(diǎn)評: 本題主要考察函數(shù)奇偶性的性質(zhì),屬于基礎(chǔ)題.   5.已知α為第三象限角,且sinα+cosα=2m,sin2α=m2,則m的值為(  )   A. B. ﹣ C. ﹣ D. ﹣ 考點(diǎn): 兩角和與差的正弦函數(shù). 專題: 三角函數(shù)的求值. 分析: 把sinα+cosα=2m兩邊平方可得m的方程,解方程可得m,結(jié)合角的范圍可得答案.

5、 解答: 解:把sinα+cosα=2m兩邊平方可得1+sin2α=4m2, 又sin2α=m2,∴3m2=1,解得m=, 又α為第三象限角,∴m= 故選:B 點(diǎn)評: 本題考查兩角和與差的三角函數(shù),涉及二倍角公式,屬基礎(chǔ)題.   6.已知“0<t<m(m>0)”是“函數(shù)f(x)=﹣x2﹣tx+3t在區(qū)間(0,2)上只有一個零點(diǎn)”的充分不必要條件,則m的取值范圍是(  )   A.(0,2) B. (0,2] C. (0,4) D. (0,4] 考點(diǎn): 必要條件、充分條件與充要條件的判斷. 專題: 簡易邏輯. 分析: 先根據(jù)函數(shù)f(x)解析式求出該函數(shù)在(0,2)上存在零點(diǎn)時(shí)

6、t的取值范圍:0<t<4,所以由0<t<m(m>0)是f(x)在(0,2)上存在一個零點(diǎn)的充分不必要條件,得到:0<m<4. 解答: 解:對于函數(shù)f(x)=﹣x2﹣tx+3t,在區(qū)間(0,2)上只有一個零點(diǎn)時(shí),只能△=t2+12t>0,即t<﹣12,或t>0; 此時(shí),f(0)f(2)=3t(t﹣4)<0,解得0<t<4; ∵0<t<m(m>0)是函數(shù)f(x)在(0,2)上只有一個零點(diǎn)的充分不必要條件; ∴0<m<4. 故選C. 點(diǎn)評: 考查函數(shù)零點(diǎn)的概念,二次函數(shù)圖象和x軸交點(diǎn)的情況和判別式△的關(guān)系,充分條件,必要條件,充分不必要條件的概念. 7.已知非零向量,滿足||=1,且與

7、﹣的夾角為30°,則||的取值范圍是( ?。?   A.(0,) B. [,1) C. [1,+∞) D. [,+∞) 考點(diǎn): 平面向量數(shù)量積的運(yùn)算. 專題: 平面向量及應(yīng)用. 分析: 在空間任取一點(diǎn)C,分別作,則,并且使∠A=30°.從而便構(gòu)成一個三角形,從三角形中,便能求出的取值范圍. 解答: 解:根據(jù)題意,作; ∴,且∠A=30°; 過C作CD⊥AB,垂足為D,則CD的長度便是的最小值; 在Rt△CDA中,CA=1,∠A=30°,∴CD=; ∴的取值范圍是[,+∞). 故選D. 點(diǎn)評: 把這三個向量放在一個三角形中,是求解本題的關(guān)鍵.   8.設(shè)a=,b=lo

8、g9,c=log8,則a,b,c之間的大小關(guān)系是( ?。?   A. a>b>c B. a>c>b C. c>a>b D. c>b>a 考點(diǎn): 對數(shù)的運(yùn)算性質(zhì). 專題: 函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用. 分析: 利用對數(shù)函數(shù)的單調(diào)性可得=<,.即可得出. 解答: 解:a=,b=log9,c=log8, ∵=<,. ∴c>a>b. 故選:C. 點(diǎn)評: 本題考查了對數(shù)函數(shù)的單調(diào)性,屬于基礎(chǔ)題.   9.設(shè)等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若axx=2Sxx+6,3axx=2Sxx+6,則數(shù)列{an}的公比q等于( ?。?   A. B. ﹣或1 C. 或1 D. 2 考點(diǎn): 等比數(shù)列的前

9、n項(xiàng)和. 專題: 等差數(shù)列與等比數(shù)列. 分析: 已知兩式相減結(jié)合等比數(shù)列的通項(xiàng)公式和求和公式可得q的方程,解方程可得. 解答: 解:由題意可知axx=2Sxx+6,①,3axx=2Sxx+6,② ②﹣①可得3axx﹣axx=2Sxx﹣2Sxx=2axx, ∴3axxq﹣axx=2axxq2,∴2q2﹣3q+1=0, 解得q=1或q= 故選:C 點(diǎn)評: 本題考查等比數(shù)列的求和公式,涉及通項(xiàng)公式和一元二次方程,屬基礎(chǔ)題.   10.給出下列命題,其中錯誤的是(  )   A. 在△ABC中,若A>B,則sinA>sinB   B. 在銳角△ABC中,sinA>cosB  

10、 C. 把函數(shù)y=sin2x的圖象沿x軸向左平移個單位,可以得到函數(shù)y=cos2x的圖象   D. 函數(shù)y=sinωx+cosωx(ω≠0)最小正周期為π的充要條件是ω=2 考點(diǎn): 命題的真假判斷與應(yīng)用. 專題: 閱讀型;三角函數(shù)的圖像與性質(zhì). 分析: 由正弦定理和三角形中大角對大邊,即可判斷A;由銳角三角形中,兩銳角之和大于90°,運(yùn)用正弦函數(shù)的單調(diào)性,即可判斷B;運(yùn)用圖象的左右平移,只對自變量x而言,再由誘導(dǎo)公式,即可判斷C;由兩角和的正弦公式化簡,再由周期公式,即可判斷D. 解答: 解:對于A.在△ABC中,若A>B,則a>b,即由正弦定理有sinA>sinB,故A正確; 對

11、于B.在銳角△ABC中,A+B>,則A>﹣B,由y=sinx在(0,)上遞增, 則sinA>sin(﹣B)=cosB,故B正確; 對于C.把函數(shù)y=sin2x的圖象沿x軸向左平移個單位,可以得到函數(shù)y=sin2(x) =sin(2x)=cos2x的圖象,故C正確; 對于D.函數(shù)y=sinωx+cosωx(ω≠0)=2sin(ωx), 最小正周期為π時(shí),ω也可能為﹣2,故D錯. 故選D. 點(diǎn)評: 本題考查三角函數(shù)的圖象和性質(zhì),考查三角形的邊角關(guān)系和正弦定理的運(yùn)用,正弦函數(shù)的單調(diào)性,以及三角函數(shù)的圖象平移規(guī)律,周期公式,屬于中檔題.   11.已知a,b∈R,函數(shù)f(x)=tan

12、x在x=﹣處與直線y=ax+b+相切,設(shè)g(x)=﹣bxlnx+a在定義域內(nèi)(  )   A.極大值 B. 有極小值 C. 有極大值2﹣ D. 有極小值2﹣ 考點(diǎn): 正切函數(shù)的圖象. 專題: 三角函數(shù)的圖像與性質(zhì). 分析: 先求出f′(x)=,再由條件根據(jù)導(dǎo)數(shù)的幾何意義可得 a=f′(﹣)=2.再把切點(diǎn)(﹣,2)代入切線方程求得b,可得g(x)解析式.再根據(jù)g′(x)的符號,求出g(x)的單調(diào)區(qū)間,從而求得g(x)的極值. 解答: 解:由函數(shù)f(x)=tanx,可得f′(x)=. 再根據(jù)函數(shù)f(x)=tanx在x=﹣處與直線y=ax+b+相切,可得 a=f′(﹣)=2. 再把切點(diǎn)

13、(﹣,2)代入直線y=ax+b+,可得b=﹣1,∴g(x)=xlnx+1,g′(x)=lnx+1. 令g′(x)=lnx+1=0,求得x=,在(0,)上,g′(x)<0,在(,+∞)上,g′(x)>0, 故g(x)在其定義域(0,+∞)上存在最小值為g()=2﹣, 故選:D. 點(diǎn)評: 本題主要考查函數(shù)在某處的導(dǎo)數(shù)的幾何意義,利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的極值,屬于基礎(chǔ)題.   12.函數(shù)f(x)是定義在R上的偶函數(shù),且滿足f(x+2)=f(x),當(dāng)x∈[0,1]時(shí),f(x)=2x,若方程ax﹣a﹣f(x)=0(a>0)恰有三個不相等的實(shí)數(shù)根,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是( ?。?   A.(,1) B.

14、 [0,2] C. (1,2) D. [1,+∞) 考點(diǎn): 根的存在性及根的個數(shù)判斷. 專題: 函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用. 分析: 由題意可得可得函數(shù)f(x)是周期為2的周期函數(shù),函數(shù)y=f(x)的圖象和直線y=ax﹣a=a(x﹣1)有3個交點(diǎn),數(shù)形結(jié)合可得a(3﹣1)<2,且a(5﹣1)>2,由此求得a的范圍. 解答: 解:由f(x+2)=f(x),可得函數(shù)f(x)是周期為2的周期函數(shù). 由方程ax﹣a﹣f(x)=0(a>0)恰有三個不相等的實(shí)數(shù)根, 可得函數(shù)y=f(x)的圖象(紅色部分)和直線y=ax﹣a=a(x﹣1)(藍(lán)色部分)有3個交點(diǎn), 如圖所示: 故有a(3﹣1)<2,且a

15、(5﹣1)>2, 求得<a<1, 故選:A. 點(diǎn)評: 本題主要考查方程的根的存在性及個數(shù)判斷,體現(xiàn)了化歸與轉(zhuǎn)化、數(shù)形結(jié)合的數(shù)學(xué)思想,屬于基礎(chǔ)題.   二、填空題:本大題共4小題,每小題5分,共20分 13.函數(shù)y=ln(x﹣1)+的定義域?yàn)椤。?,2] . 考點(diǎn): 函數(shù)的定義域及其求法. 專題: 函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用. 分析: 根據(jù)對數(shù)的性質(zhì),二次根式的性質(zhì)得不等式組,解出即可. 解答: 解:∵, ∴1<x≤2. 故答案為:(1,2]. 點(diǎn)評: 本題考查了對數(shù)的性質(zhì),二次根式的性質(zhì),考查函數(shù)的定義域,是一道基礎(chǔ)題.   14.已知p:關(guān)于x的方程x2+mx+1

16、=0有兩個不等的負(fù)實(shí)數(shù)根,若?p是真命題,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是?。ī仭蓿?]?。? 考點(diǎn): 命題的否定. 專題: 簡易邏輯. 分析: 求出命題p是真命題時(shí)m的取值范圍,再得出?p是真命題時(shí)m的取值范圍即可. 解答: 解:∵命題p:關(guān)于x的方程x2+mx+1=0有兩個不等的負(fù)實(shí)數(shù)根, ∴設(shè)x1,x2是方程的兩個負(fù)實(shí)數(shù)根,則, 即; 解得m>2; ∴當(dāng)?p是真命題時(shí),m的取值范圍是(﹣∞,2]. 故答案為:(﹣∞,2]. 點(diǎn)評: 本題考查了命題與命題的否定之間的應(yīng)用問題,解題時(shí)應(yīng)利用命題與命題的否定只能一真一假,從而進(jìn)行解答問題,是基礎(chǔ)題.   15.已知函數(shù),設(shè)a>b≥

17、0,若f(a)=f(b),則b?f(a)的取值范圍是  . 考點(diǎn): 函數(shù)的零點(diǎn);函數(shù)的值域. 專題: 函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用. 分析: 首先作出分段函數(shù)的圖象,因?yàn)榻o出的分段函數(shù)在每一個區(qū)間段內(nèi)都是單調(diào)的,那么在a>b≥0時(shí),要使f(a)=f(b),必然有b∈[0,1),a∈[1,+∞),然后通過圖象看出使f(a)=f(b)的b與f(a)的范圍,則b?f(a)的取值范圍可求. 解答: 解:由函數(shù),作出其圖象如圖, 因?yàn)楹瘮?shù)f(x)在[0,1)和[1,+∞)上都是單調(diào)函數(shù), 所以,若滿足a>b≥0,時(shí)f(a)=f(b), 必有b∈[0,1),a∈[1,+∞),由圖可知,使f(a)=f

18、(b)的b∈[,1),f(a)∈[,2). 由不等式的可乘積性得:b?f(a)∈[,2).故答案為[,2). 點(diǎn)評: 本題考查函數(shù)的零點(diǎn),考查了函數(shù)的值域,運(yùn)用了數(shù)形結(jié)合的數(shù)學(xué)思想方法,數(shù)形結(jié)合是數(shù)學(xué)解題中常用的思想方法,能夠變抽象思維為形象思維,有助于把握數(shù)學(xué)問題的本質(zhì),此題是中檔題.   16.在△ABC中,角A,B,C的對邊分別為a,b,c,且2ccosB=2a+b,若△ABC的面積為S=c,則ab的最小值為 12?。? 考點(diǎn): 正弦定理. 專題: 解三角形. 分析: 由條件里用正弦定理、兩角和的正弦公式求得cosC=﹣,C=.根據(jù)△ABC的面積為S=ab?sinC=

19、c,求得c=ab.再由余弦定理化簡可得a2b2=a2+b2+ab≥3ab,由此求得ab的最小值. 解答: 解:在△ABC中,由條件里用正弦定理可得2sinCcosB=2sinA+sinB=2sin(B+C)+sinB, 即 2sinCcosB=2sinBcosC+2sinCcosB+sinB,∴2sinBcosC+sinB=0,∴cosC=﹣,C=. 由于△ABC的面積為S=ab?sinC=ab=c,∴c=ab. 再由余弦定理可得c2=a2+b2﹣2ab?cosC,整理可得a2b2=a2+b2+ab≥3ab,當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí),取等號,∴ab≥12, 故答案為:12. 點(diǎn)評: 本題主

20、要考查正弦定理和余弦定理的應(yīng)用,誘導(dǎo)公式、兩角和的正弦公式、基本不等式的應(yīng)用,屬于基礎(chǔ)題.   三、解答題:本大題共6小題,滿分70分,解答應(yīng)寫出文字說明,證明過程或者演算步驟. 17.(10分)已知函數(shù)f(x)=的定義域?yàn)锳,函數(shù)g(x)=2x(﹣1≤x≤m)的值域?yàn)锽. (1)當(dāng)m=1時(shí),求A∩B; (2)若A∪B=B,求實(shí)數(shù)m的取值范圍. 考點(diǎn): 對數(shù)函數(shù)圖象與性質(zhì)的綜合應(yīng)用. 專題: 函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用. 分析: 根據(jù)函數(shù)f(x)=的定義域?yàn)锳,函數(shù)g(x)=2x(﹣1≤x≤m)的值域?yàn)锽.求解得出A, 函數(shù)g(x)=2x(﹣1≤x≤m)的值域?yàn)锽.m=1 根據(jù)單

21、調(diào)性可得;≤y≤2m,即,再利用集合的關(guān)系求解得出答案. 解答: (1)∵函數(shù)f(x)=的定義域?yàn)锳, ∴∴A為:{x|<x≤1} ∵函數(shù)g(x)=2x(﹣1≤x≤m)的值域?yàn)锽.m=1 ∴≤y≤2m,即,可得A∩B={x|<x≤1} (2)∵A∪B=B,∴A?B, 根據(jù)(1)可得:2m≥1,即m≥0, 實(shí)數(shù)m的取值范圍為;[0,+∞) 點(diǎn)評: 本題考查了函數(shù)的概念,性質(zhì),運(yùn)用求解集合的問題,屬于容易題.   18.(12分)在△ABC中,角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,滿足(a﹣b)(sinA﹣sinB)=csinC﹣asinB. (1)求角C的大?。? (2)若

22、c=,a>b,且△ABC的面積為,求的值. 考點(diǎn): 正弦定理;三角函數(shù)中的恒等變換應(yīng)用. 專題: 解三角形. 分析: (1)△ABC中,由條件利用正弦定理求得 a2+b2﹣c2=ab.再利用余弦定理求得cosC的值,可得C的值. (2)由(1)可得即 a2+b2﹣ab=7 ①,又△ABC的面積為=,可得ab=6 ②.由①②可得的值. 解答: 解:(1)△ABC中,由(a﹣b)(sinA﹣sinB)﹣csinC﹣asinB, 利用正弦定理可得(a﹣b)(a﹣b)=c2﹣ab,即 a2+b2﹣c2=ab. 再利用余弦定理可得,cosC==,∴C=. (2)由(1)可得即 a2+

23、b2﹣ab=7 ①,又△ABC的面積為 =, ∴ab=6 ②. 由①②可得 =. 點(diǎn)評: 本題主要考查正弦定理和余弦定理的應(yīng)用,屬于基礎(chǔ)題.   19.(12分)已知向量=(sinx,cosx),=(cosx,﹣cosx). (1)若⊥(﹣),且cosx≠0,求sin2x+sin(+2x)的值; (2)若f(x)=?,求f(x)在[﹣,0]上的最大值和最小值. 考點(diǎn): 平面向量數(shù)量積的運(yùn)算;三角函數(shù)中的恒等變換應(yīng)用. 專題: 計(jì)算題;三角函數(shù)的求值;三角函數(shù)的圖像與性質(zhì);平面向量及應(yīng)用. 分析: (1)由⊥(﹣),得到()=0,即有sinxcosx=3cos2x,由co

24、sx≠0,即tanx=3.再由誘導(dǎo)公式和二倍角公式,將所求式子化為含正切的式子,代入即可得到; (2)化簡f(x),運(yùn)用二倍角公式,注意逆用,及兩角差的正弦公式,再由x的范圍,結(jié)合正弦函數(shù)的圖象和性質(zhì),即可得到最值. 解答: 解:(1)∵向量=(sinx,cosx),=(cosx,﹣cosx), ∴=sinxcosx﹣cos2x,=2cos2x, ∵⊥(﹣),∴()=0, 即有=, ∴sinxcosx=3cos2x, ∵cosx≠0,∴sinx=3cosx,即tanx=3. ∴sin2x+sin(+2x)=sin2x+cos2x= ===﹣; (2)f(x)=?=sinxc

25、osx﹣cos2x=sin2x﹣ =(sin2x+cos2x)﹣=sin(2x﹣)﹣, 由于x∈[﹣,0],則2x﹣∈[﹣,﹣]. 則有sin(2x﹣)∈[﹣1,﹣],故f(x)∈[﹣﹣,﹣1], 則f(x)在[﹣,0]上的最大值為﹣1,最小值為﹣﹣. 點(diǎn)評: 本題考查平面向量向量的數(shù)量積的坐標(biāo)公式及向量垂直的條件,考查三角函數(shù)的化簡與求值,注意運(yùn)用二倍角公式和兩角的和差公式,同時(shí)考查正弦函數(shù)的性質(zhì),屬于中檔題.   20.(12分)xx世界園藝博覽會在青島舉行,某展銷商在此期間銷售一種商品,根據(jù)市場調(diào)查,當(dāng)每套商品售價(jià)為x元時(shí),銷量可以達(dá)到15﹣0.1x萬套,供貨商把該產(chǎn)品的供

26、貨價(jià)格分為兩部分,其中固定價(jià)格為每套30元,浮動價(jià)格與銷量(單位:萬套)成反比,比例系數(shù)為k,假設(shè)不計(jì)其它成本,即每套產(chǎn)品銷售利潤=售價(jià)﹣供貨價(jià)格. (1)若售價(jià)為50元時(shí),展銷商的總利潤為180萬元,求售價(jià)為100元時(shí)的銷售總利潤; (2)若k=10,求銷售這套商品總利潤的函數(shù)f(x),并求f(x)的最大值. 考點(diǎn): 函數(shù)模型的選擇與應(yīng)用. 專題: 函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用. 分析: (1)由題意可得10×(50﹣30﹣)=180,解得k=20,即可求得結(jié)論; (2)由題意得f(x)=[x﹣(30+)]×(15﹣0.1x)=﹣0.1x2+18x﹣460,(0<x<150),利用導(dǎo)數(shù)判

27、斷函數(shù)的單調(diào)性即可求得最大值. 解答: 解;(1)售價(jià)為50元時(shí),銷量為15﹣0.1×50=10萬套, 此時(shí)每套供貨價(jià)格為30+(元), 則獲得的總利潤為10×(50﹣30﹣)=180,解得k=20, ∴售價(jià)為100元時(shí),銷售總利潤為; (15﹣0.1×1000(100﹣30﹣)=330(萬元). (2)由題意可知每套商品的定價(jià)x滿足不等式組,即0<x<150, ∴f(x)=[x﹣(30+)]×(15﹣0.1x)=﹣0.1x2+18x﹣460,(0<x<150), ∴f′(x)=﹣0.2x+18,令f′(x)=0可得x=90, 且當(dāng)0<x<90時(shí),f′(x)>0,當(dāng)90<x<

28、150時(shí),f′(x)<0, ∴當(dāng)x=90時(shí),f(x)取得最大值為350(萬元). 點(diǎn)評: 本題以函數(shù)為載體,考查學(xué)生分析問題、解決問題的能力及利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性求函數(shù)最值的方法,屬于中檔題.   21.(12分)設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn=2n2,{bn}為等比數(shù)列,且a1=b1,b2(a2﹣a1)=b1. (Ⅰ)求數(shù)列{an}和{bn}的通項(xiàng)公式; (Ⅱ)設(shè)cn=,求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Tn. 考點(diǎn): 數(shù)列的求和;等差數(shù)列的通項(xiàng)公式;數(shù)列遞推式. 專題: 計(jì)算題;綜合題. 分析: (I)由已知利用遞推公式可得an,代入分別可求數(shù)列bn的首項(xiàng)b1,公比q,從而

29、可求bn (II)由(I)可得cn=(2n﹣1)?4n﹣1,利用乘“公比”錯位相減求和. 解答: 解:(1):當(dāng)n=1時(shí),a1=S1=2;當(dāng)n≥2時(shí),an=Sn﹣Sn﹣1=2n2﹣2(n﹣1)2=4n﹣2, 故{an}的通項(xiàng)公式為an=4n﹣2,即{an}是a1=2,公差d=4的等差數(shù)列. 設(shè){bn}的公比為q,則b1qd=b1,d=4,∴q=. 故bn=b1qn﹣1=2×,即{bn}的通項(xiàng)公式為bn=. (II)∵cn===(2n﹣1)4n﹣1, Tn=c1+c2+…+cn Tn=1+3×41+5×42+…+(2n﹣1)4n﹣1 4Tn=1×4+3×42+5×43+…+(2

30、n﹣3)4n﹣1+(2n﹣1)4n 兩式相減得,3Tn=﹣1﹣2(41+42+43+…+4n﹣1)+(2n﹣1)4n=[(6n﹣5)4n+5] ∴Tn=[(6n﹣5)4n+5] 點(diǎn)評: (I)當(dāng)已知條件中含有sn時(shí),一般會用結(jié)論來求通項(xiàng),一般有兩種類型:①所給的sn=f(n),則利用此結(jié)論可直接求得n>1時(shí)數(shù)列{an}的通項(xiàng),但要注意檢驗(yàn)n=1是否適合②所給的sn是含有an的關(guān)系式時(shí),則利用此結(jié)論得到的是一個關(guān)于an的遞推關(guān)系,再用求通項(xiàng)的方法進(jìn)行求解. (II)求和的方法的選擇主要是通項(xiàng),本題所要求和的數(shù)列適合乘“公比”錯位相減的方法,此法是求和中的重點(diǎn),也是難點(diǎn).   22.(

31、12分)已知函數(shù)f(x)=(m≠0)是定義在R上的奇函數(shù), (1)若m>0,求f(x)在(﹣m,m)上遞增的充要條件; (2)若f(x)≤sinθcosθ+cos2x+﹣對任意的實(shí)數(shù)θ和正實(shí)數(shù)x恒成立,求實(shí)數(shù)m的取值范圍. 考點(diǎn): 必要條件、充分條件與充要條件的判斷. 專題: 函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用;簡易邏輯. 分析: (1)運(yùn)用奇偶性求出m的值,再運(yùn)用導(dǎo)數(shù)判斷,(2)構(gòu)造函數(shù)g(x)=sinθcosθ+cos2x+﹣=sin2θ, 利用任意的實(shí)數(shù)θ和正實(shí)數(shù)x,得g(x)∈[,],即f(x),求解f(x)最大值即可. 解答: 解:(1)∵函數(shù)f(x)=(m≠0)是定義在R上的奇函數(shù)

32、, ∴f(0)=0,即n=0, f(x)=, f′(x)=≥0,m>0 即2﹣x2≥0,[﹣,] ∵f(x)在(﹣m,m)上遞增, ∴(﹣m,m)?[﹣,] f(x)在(﹣m,m)上遞增的充要條件是m= (2)令g(x)=sinθcosθ+cos2x+﹣=sin2θ, ∵任意的實(shí)數(shù)θ和正實(shí)數(shù)x,∴g(x)∈[,], ∵若f(x)≤sinθcosθ+cos2x+﹣對任意的實(shí)數(shù)θ和正實(shí)數(shù)x恒成立, ∴f(x), ∵f(x)=, 根據(jù)均值不等式可得;≤f(x)≤, 所以只需≤,m≤2 實(shí)數(shù)m的取值范圍:m 點(diǎn)評: 本題考查了函數(shù)的性質(zhì),不等式在求解值域中的應(yīng)用,運(yùn)用恒成立問題和最值的關(guān)系求解,難度較大.

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