《2022年高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第4篇 第3節(jié) 平面向量的數(shù)量積及平面向量的應(yīng)用課時(shí)訓(xùn)練 理》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2022年高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第4篇 第3節(jié) 平面向量的數(shù)量積及平面向量的應(yīng)用課時(shí)訓(xùn)練 理(6頁珍藏版)》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、2022年高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第4篇 第3節(jié) 平面向量的數(shù)量積及平面向量的應(yīng)用課時(shí)訓(xùn)練 理
【選題明細(xì)表】
知識點(diǎn)、方法
題號
平面向量的數(shù)量積
3、4、8
平面向量的夾角及垂直問題
2、5、9
平面向量的模
1、6、7
平面向量數(shù)量積的綜合問題
10、11、12
平面向量與其他知識交匯問題
13、14、15、16
基礎(chǔ)過關(guān)
一、選擇題
1.(xx高考遼寧卷)已知點(diǎn)A(1,3),B(4,-1),則與向量同方向的單位向量為( A )
(A)(,-) (B)(,-)
(C)(-,) (D)(-,)
解析:=(3,-4),則與同方向的單位向量為=(3,-4)=
2、(,-).故選A.
2.(xx高考四川卷)平面向量a=(1,2),b=(4,2),c=ma+b(m∈R),且c與a的夾角等于c與b的夾角,則m等于( D )
(A)-2 (B)-1 (C)1 (D)2
解析:法一 由已知得c=(m+4,2m+2),因?yàn)閏os=,
cos=,所以=,又由已知得|b|=2|a|,所以2c·a=c·b,即2[(m+4)+2(2m+2)]=4(m+4)+2(2m+2),解得m=2.故選D.
法二 易知c是以ma,b為鄰邊的平行四邊形的對角線向量,因?yàn)閏與a的夾角等于c與b的夾角,則m>0,所以該平行四邊形為菱形,又由已知得|b|=2|a|
3、,故m=2.故選D.
3.已知向量a=(1,2),b=(x,-4),若a∥b,則a·b等于( A )
(A)-10 (B)-6 (C)0 (D)6
解析:由a∥b得2x=-4,x=-2,
故a·b=(1,2)·(-2,-4)=-10.故選A.
4.若向量a,b滿足:|a|=1,(a+b)⊥a,(2a+b)⊥b,則|b|等于( B )
(A)2 (B) (C)1 (D)
解析:利用向量的運(yùn)算列式求解.
由題意知
即
將①×2-②得,2a2-b2=0,
∴b2=|b|2=2a2=2|a|2=2,
故|b|=.
故選B.
5.在△ABC中,=(cos 18°,cos 72
4、°),=(2cos 63°,2cos 27°),則角B等于( B )
(A) (B) (C) (D)
解析:·=2cos 18°cos 63°+2cos 72°cos 27°
=2sin 27°cos 18°+2cos 27°sin 18°
=2sin(27°+18°)
=2sin 45°
=.
而||=1,||=2,∴cos B==,
又B∈(0,π),
∴B=.
故選B.
二、填空題
6.(xx四川成都石室模擬)已知向量a、b滿足a=(1,0),b=(2,4),則|a+b|= .?
解析:|a+b|=|(3,4)|==5.
答案:5
7.(xx高考江西卷
5、)已知單位向量e1與e2的夾角為α,且cos α=,向量a=3e1-2e2與b=3e1-e2的夾角為β,則cos β= .?
解析:a·b=(3e1-2e2) ·(3e1-e2)
=9+2-9×1×1×=8,
∵|a|2=(3e1-2e2)2=9+4-12×1×1×=9.
∴|a|=3.
同理,|b|=2.
∴cos β===.
答案:
8. 正三角形ABC中,D是邊BC上的點(diǎn),AB=3,BD=1,則·= .?
解析:法一 ·=3×3×cos 60°=,
=+=+=+(-)
=+,
∴·=·(+)
=+·=.
法二
以B為原點(diǎn),BC所在的直線
6、為x軸,建立坐標(biāo)系,
則B(0,0),A(,),D(1,0).
所以=(-,-),
=(-,-),
所以·=(-)×(-)+(-)2=.
答案:
9.(xx安徽巢湖模擬)已知a=(λ,2λ),b=(3λ,2),如果a與b的夾角為銳角,則λ的取值范圍是 .?
解析:由題意知,a·b>0且a與b不共線,
所以解得λ<-或0<λ<或λ>,所以λ的取值范圍是(-∞,-)∪(0,)∪(,+∞).
答案:(-∞,-)∪(0,)∪(,+∞)
10.關(guān)于平面向量a,b,c,有以下命題:
①若a·b=a·c,則b=c.
②若a=(1,k),b=(-2,6),a⊥b,則k=.
③非
7、零向量a和b,滿足|a|=|b|=|a-b|,則a與a+b的夾角為60°
④非零向量a和b,滿足|a+b|=|a-b|,則a⊥b
其中真命題的序號為 .?
解析:命題①明顯不正確;對于②向量垂直的充要條件易得k=,命題②正確;對于③,可結(jié)合平行四邊形法則,得a與a+b的夾角為30°,命題③不正確;對于④,由|a+b|=|a-b|得(a+b)2=(a-b)2,∴a·b=0,∴a⊥b,命題④正確.
答案:②④
三、解答題
11.已知平面向量a=(1,x),b=(2x+3,-x)(x∈R).
(1)若a⊥b,求x的值;
(2)若a∥b,求|a-b|.
解:(1)由a⊥b,得a
8、·b=0,
故2x+3-x2=0,解得x=-1或x=3.
(2)a-b=(-2x-2,2x),
因?yàn)閍∥b,所以x(2x+3)+x=0,
解得x=0或x=-2.
當(dāng)x=0時(shí),a-b=(-2,0),|a-b|==2.
當(dāng)x=-2時(shí),a-b=(2,-4),|a-b|==2.
綜上,|a-b|為2或2.
12.已知|a|=4,|b|=3,(2a-3b)·(2a+b)=61,
(1)求a與b的夾角θ;
(2)求|a+b|;
(3)若=a,=b,求△ABC的面積.
解:(1)∵(2a-3b)·(2a+b)=61,
∴4|a|2-4a·b-3|b|2=61.
又|a|=4,|b
9、|=3,
∴64-4a·b-27=61,
∴a·b=-6.
∴cos θ===-.
又0≤θ≤π,∴θ=.
(2)|a+b|2=(a+b)2=|a|2+2a·b+|b|2=42+2×(-6)+32=13,
∴|a+b|=.
(3)∵與的夾角θ=,
∴∠ABC=π-=.
又||=|a|=4,||=|b|=3,
∴S△ABC=||||sin∠ABC=×4×3×=3.
能力提升
13.已知向量=(2,2),=(4,1),在x軸上存在一點(diǎn)P使·有最小值,則P點(diǎn)的坐標(biāo)是( C )
(A)(-3,0) (B)(2,0) (C)(3,0) (D)(4,0)
解析:設(shè)P點(diǎn)的坐標(biāo)為(
10、x,0),
則=(x-2,-2),=(x-4,-1).
·=(x-2)(x-4)+(-2)×(-1)=x2-6x+10=(x-3)2+1.
當(dāng)x=3時(shí),·有最小值1.
∴點(diǎn)P坐標(biāo)為(3,0).故選C.
14.(xx河南鄭州模擬)如圖,Rt△ABC中,∠C=90°,其內(nèi)切圓切AC邊于D點(diǎn),O為圓心.若||=2||=2,則·= .?
解析:以CA所在的直線為x軸,CB所在的直線為y軸,建立平面直角坐標(biāo)系,則C(0,0)、O(1,1)、A(3,0).
設(shè)直角三角形內(nèi)切圓與AB邊交于點(diǎn)E,與CB邊交于點(diǎn)F,則由圓的切線長定理可得BE=BF,AD=AE=2,設(shè)BE=BF=x,在R
11、t△ABC中,可得CB2+CA2=AB2,即(x+1)2+9=(x+2)2,解得x=3,故B(0,4).
∴·=(1,-3)·(-3,0)=-3.
答案:-3
15.(xx西安模擬)在△ABC中,設(shè)內(nèi)角A,B,C的對邊分別為a,b,c,向量m=(cos A,sin A),向量n=(-sin A,cos A),若|m+n|=2.
(1)求角A的大小;
(2)若b=4,且c=a,求△ABC的面積.
解:(1)|m+n|==
=,
所以4+4cos(+A)=4,所以cos(+A)=0.
又因?yàn)锳∈(0,π),故+A=,所以A=.
(2)由余弦定理得a2=b2+c2-2bccos
12、A,即a2=(4)2+(a)2-2×4×acos ,解得a=4,所以c=8,所以S△ABC=×4×8×=16.
探究創(chuàng)新
16.(xx衡水中學(xué)調(diào)研)已知|a|=2|b|≠0,且關(guān)于x的函數(shù)f(x)=x3+|a|x2+a·bx在R上有極值,則向量a與b的夾角的范圍是( C )
(A)[0,) (B)(,π]
(C)(,π] (D)(,π)
解析:設(shè)a與b的夾角為θ.
∵f(x)=x3+|a|x2+a·bx,
∴f′(x)=x2+|a|x+a·b.
∵函數(shù)f(x)在R上有極值,
∴方程x2+|a|x+a·b=0有兩個(gè)不同的實(shí)數(shù)根,
即Δ=|a|2-4a·b>0,∴a·b<,
又∵|a|=2|b|≠0,∴cos θ=<=,
即cos θ<,又∵θ∈[0,π],∴θ∈(,π],故選C.