2022年高考物理一輪總復(fù)習(xí) 7.2電路 電路的基本規(guī)律隨堂集訓(xùn)

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1、2022年高考物理一輪總復(fù)習(xí) 7.2電路 電路的基本規(guī)律隨堂集訓(xùn) 考向一　 D. RM變小，且R越小，U增大越明顯 解析：本題考查傳感器與電路的動(dòng)態(tài)分析，意在考查考生對(duì)傳感器特點(diǎn)及電路動(dòng)態(tài)分析方法的掌握。 S兩端的電壓增大，總電流變大，總電阻變小，說(shuō)明M的電阻變小，RM變小，且R越大，并聯(lián)電阻減小越快，干路電流增大越明顯，電壓U變大越明顯，C項(xiàng)正確。 答案：C 2. [2011·上海高考]如圖所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最高端向下滑動(dòng)時(shí)，(　　) A. 電壓表V讀數(shù)先變大后變小，電流表A讀數(shù)變大 B. 電壓表V讀數(shù)先變小后變大，電流表A讀數(shù)變小

2、 C. 電壓表V讀數(shù)先變大后變小，電流表A讀數(shù)先變小后變大 D. 電壓表V讀數(shù)先變小后變大，電流表A讀數(shù)先變大后變小 解析：設(shè)滑動(dòng)變阻器總電阻為R0，P以上電阻為Rx，則變阻器在電路中的阻值R′＝。當(dāng)Rx＝時(shí)，R′最大。P從最高端向下滑動(dòng)時(shí)，回路總電阻先增大，后減小。當(dāng)P滑向中點(diǎn)時(shí)： P滑過中點(diǎn)后，R′↓→I↑→U↓，由并聯(lián)分流IA＝I，新的IA增大，故A正確。 答案：A 考向二　 3. [xx·上海高考]如圖，電路中三個(gè)電阻R1、R2和R3的阻值分別為R、2R和4R。當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電源輸出功率為P0；當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電源輸出功率也為P0。則電源

3、電動(dòng)勢(shì)為________；當(dāng)S1、S2都斷開時(shí)，電源的總功率為________。 解析：S1斷開，S2閉合時(shí)：P0＝()2·R； S1閉合、S2斷開時(shí)：P0＝()2·4R， 聯(lián)立得：r＝2R，E＝3， 當(dāng)S1、S2都斷開時(shí)，P＝＝＝P0。 答案：3　P0 考向三　 4. [xx·天津高考]如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置。閉合電鍵S，電路達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動(dòng)。如果僅改變下列某一個(gè)條件，油滴仍能靜止不動(dòng)的是(　　) A. 增大R1的阻值 　　　 B. 增大R2的阻值 C. 增大兩板間的距離

4、 D. 斷開電鍵S 解析：設(shè)油滴質(zhì)量為m，電荷量為q，兩板間距離為d，當(dāng)其靜止時(shí)，有q＝q＝mg；由題圖知，增大R1，UR1增大，油滴將向上加速，增大R2，油滴受力不變，仍保持靜止；由E＝知，增大d，U不變時(shí)，E減小，油滴將向下加速；斷開電鍵S，電容器將通過R1、R2放電，兩板間場(chǎng)強(qiáng)變小，油滴將向下加速，故只有B項(xiàng)正確。 答案：B 【模擬題組——提考能】 1. [xx·石家莊質(zhì)量檢測(cè)]在如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，電源內(nèi)阻不能忽略。閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則下列敘述正確的是(　　) A. 電壓表和電流表的示數(shù)都增大 B. 燈L2變

5、暗，電流表的示數(shù)減小 C. 燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小 D. 電源的效率增大，電容器C所帶電荷量增加 解析：本題考查了歐姆定律、電容、功率、效率等知識(shí)點(diǎn)，意在通過動(dòng)態(tài)電路考查考生的邏輯分析能力。滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，其接入電路的電阻值減小，導(dǎo)致總電阻減小，根據(jù)“串反并同”規(guī)律可知：電壓表讀數(shù)U減小、燈L2變暗，電流表讀數(shù)變大、燈L1變亮，電容器C兩端的電壓等于燈L2兩端的電壓，而其兩端電壓減小，則電容器C所帶電荷量減少，電源的效率η＝×100%減小，選項(xiàng)C正確，A、B、D錯(cuò)誤。 答案：C 2. [xx·湖北黃岡模擬]圖(甲)為測(cè)量某電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)得到的U－I圖線。用此

6、電源與三個(gè)阻值均為3 Ω的電阻連接成電路，測(cè)得路端電壓為4.8 V。則在圖(乙)中該電路可能為(　　) 解析：由電源的U－I圖象可知，E＝6 V，當(dāng)U＝4 V時(shí)，I＝4 A。根據(jù)閉合電路歐姆定律有6＝4＋4r，解得r＝0.5 Ω。當(dāng)路端電壓U′＝4.8 V時(shí)，U內(nèi)＝E－U′＝(6－4.8) V＝1.2 V。由＝得外電阻R＝r＝×0.5 Ω＝2 Ω。由電阻的串、并聯(lián)知識(shí)可知，選項(xiàng)B正確。 答案：B 3. [xx·湖南懷化一模](多選)某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標(biāo)系內(nèi)，如圖，根據(jù)圖線可知下列說(shuō)法正確的是(　　)

7、A. 反映Pr變化的圖線是b B. 電源電動(dòng)勢(shì)約為8 V C. 當(dāng)外電阻約為2 Ω時(shí)，輸出功率最大 D. 當(dāng)電流為0.5 A時(shí)，外電路的電阻約為6 Ω 解析：電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr＝I2r，Pr－I圖象是拋物線，而且是增函數(shù)，則反映Pr變化的圖線是c，故A錯(cuò)誤。直流電源的總功率PE＝EI，P－I圖象的斜率等于電動(dòng)勢(shì)E，則有E＝＝ V＝4 V，B錯(cuò)誤。圖中I＝2 A時(shí)，電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr與電源的總功率相等，則有Pr＝I2r，得到r＝＝ Ω＝2 Ω，則當(dāng)外電阻R＝r時(shí)，輸出功率最大，C正確。當(dāng)電流為0.5 A時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I＝，代入解得R＝6 Ω。故D正確。 答案：CD

8、 4. [xx·河北唐山一模](多選)如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝3 V，小燈泡L標(biāo)有“2 V'0.4 W”，開關(guān)S接1，當(dāng)變阻器調(diào)到R＝4 Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作。則(　　) A. 電源內(nèi)阻為1 Ω B. 電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為4 Ω C. 電動(dòng)機(jī)正常工作電壓為1 V D. 電源效率約為93.3% 解析：小燈泡的額定電流為I＝＝ A＝0.2 A，電阻為RL＝＝ Ω＝10 Ω，當(dāng)S接1時(shí)E＝I(RL＋R＋r)，代入數(shù)據(jù)解得r＝1 Ω，故A正確；當(dāng)S接2時(shí)燈泡正 常發(fā)光，流過的電流為I＝0.2 A，電源內(nèi)阻分的電壓為U＝Ir＝0.2×1 V＝0

9、.2 V，故電動(dòng)機(jī)分的電壓為U動(dòng)＝E－UL－U＝3 V－2 V－0.2 V＝0.8 V，故電阻R<＝ Ω<4 Ω，故B、C錯(cuò)誤；電源的效率η＝×100%≈93.3%，D正確。 答案：AD 5. [xx·福建八閩檢測(cè)]電子體重秤的原理圖如圖中的虛線框中部分所示，它主要由三部分構(gòu)成：踏板、壓力傳感器R(是一個(gè)阻值可隨壓力大小而變化的電阻器)、顯示體重的儀表G(實(shí)質(zhì)是理想電流表)。設(shè)踏板的質(zhì)量可忽略不計(jì)，已知理想電流表的量程為3 A，電源電動(dòng)勢(shì)為12 V，內(nèi)阻為2 Ω，電阻R隨踏板變化的函數(shù)為R＝30－0.02F(F和R的單位分別是N和Ω)。下列說(shuō)法正確的是(　　) A. 該秤能測(cè)量的最大體重是140 N B. 該秤能測(cè)量的最大體重是1300 N C. 該秤零刻度線(即踏板空載時(shí)的刻度線)應(yīng)標(biāo)在電流表G刻度盤0.375 A處 D. 該秤零刻度線(即踏板空載時(shí)的刻度線)應(yīng)標(biāo)在電流表G刻度盤0.400 A處 解析：當(dāng)電流表的示數(shù)為3 A時(shí)，電子體重秤所測(cè)值最大，該秤能測(cè)量的最大體重應(yīng)是1400 N，所以選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；當(dāng)F＝0時(shí)，R＝30 Ω，此時(shí)電流表示數(shù)為I＝＝＝0.375 A，所以選項(xiàng)C正確、D錯(cuò)誤。 答案：C