高考物理二輪復(fù)習(xí) 考前增分技巧 計(jì)算題突破訓(xùn)練 新人教版

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1、高考物理二輪復(fù)習(xí) 考前增分技巧 計(jì)算題突破訓(xùn)練 新人教版 1．從地面發(fā)射質(zhì)量為m的導(dǎo)彈，導(dǎo)彈上的噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)可產(chǎn)生恒定的推力，且可通過改變噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)尾噴管的噴氣質(zhì)量和方向改變發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大小和方向，導(dǎo)彈起飛時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)推力大小為F＝mg，導(dǎo)彈沿和水平方向成θ＝30°角的直線斜向右上方勻加速飛行．經(jīng)過時(shí)間t后，遙控導(dǎo)彈上的發(fā)動(dòng)機(jī)，使推力的方向逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60°，導(dǎo)彈依然可以沿原方向勻減速直線飛行．(不計(jì)空氣阻力和噴氣過程中導(dǎo)彈質(zhì)量的變化)．求： (1)t時(shí)刻導(dǎo)彈的速率及位移是多少； (2)旋轉(zhuǎn)方向后導(dǎo)彈還要經(jīng)過多長時(shí)間到達(dá)最高點(diǎn)； (3)導(dǎo)彈上升的最大高度是多少？ 解析： (1)剛開始時(shí)

2、，導(dǎo)彈受推力和重力作用，兩力的合力與水平方向成30°角斜向上，設(shè)推力F與合力Fh夾角為θ，如圖甲所示． 由正弦定理得：＝解得： θ＝30° 所以合力：Fh＝mg 由牛頓第二定律得導(dǎo)彈的加速度為： a1＝＝g t時(shí)刻的速率：v＝a1t＝gt t時(shí)刻的位移大小為：s1＝gt2. (2)推力方向逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60°，合力的方向與水平方向成30°斜向下，推力F′跟合力F′h垂直，如圖乙所示． 此時(shí)合力大小為：F′h＝mgsin30° 導(dǎo)彈的加速度大小為：a2＝＝ 導(dǎo)彈到最高點(diǎn)的時(shí)間為： t1＝v/a2＝gt/0.5g＝2t. (3)導(dǎo)彈的總位移為 s＝a1t2＋a2t＝gt

3、2＋gt2＝gt2 導(dǎo)彈上升的最大高度為：hm＝s·sin30°＝gt2. 答案：(1)gt　gt2　(2)2t　(3)gt2 2．(xx·重慶卷)如圖為“嫦娥三號(hào)”探測器在月球上著陸最后階段的示意圖．首先在發(fā)動(dòng)機(jī)作用下，探測器受到推力在距月面高度為h1處懸停(速度為0，h1遠(yuǎn)小于月球半徑)；接著推力改變，探測器開始豎直下降，到達(dá)距月面高度為h2處的速度為v；此后發(fā)動(dòng)機(jī)關(guān)閉，探測器僅受重力下降至月面．已知探測器總質(zhì)量為m(不包括燃料)，地球和月球的半徑比為k1，質(zhì)量比為k2，地球表面附近的重力加速度為g，求： (1)月球表面附近的重力加速度大小及探測器剛接觸月面時(shí)的速度大?。? (

4、2)從開始豎直下降到剛接觸月面時(shí)，探測器機(jī)械能的變化． 解析：(1)設(shè)地球質(zhì)量和半徑分別為M和R，月球的質(zhì)量、半徑和表面附近的重力加速度分別為M′、R′和g′，探測器剛接觸月面時(shí)的速度大小為vt.則＝k2，＝k1 由mg′＝G和mg＝G得g′＝g 由v－v2＝2g′h2得vt＝. (2)設(shè)機(jī)械能變化量為ΔE，動(dòng)能變化量為ΔEk，重力勢能變化量為ΔEp. 由ΔE＝ΔEk＋ΔEp 有ΔE＝mv－mg′h1＝m(v2＋)－mgh1 得ΔE＝mv2－mg(h1－h(huán)2)． 答案：(1)g　　(2)mv2－mg(h1－h(huán)2) 3．如圖所示，在方向水平向右、大小為E＝6×103 N/C的勻

5、強(qiáng)電場中有一個(gè)光滑的絕緣平面．一根絕緣細(xì)繩兩端分別系有帶電滑塊甲和乙，甲的質(zhì)量為m1＝2×10－4 kg，帶電荷量為q1＝2×10－9 C，乙的質(zhì)量為m2＝1×10－4 kg，帶電荷量為q2＝－1×10－9 C．開始時(shí)細(xì)繩處于拉直狀態(tài)．由靜止釋放兩滑塊，t＝3 s時(shí)細(xì)繩突然斷裂．不計(jì)滑塊間的庫侖力，試求： (1)細(xì)繩斷裂前兩滑塊的加速度； (2)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，乙的電勢能增量的最大值． 解析：(1)取水平向右為正方向，將甲、乙及細(xì)繩看成一個(gè)整體，根據(jù)牛頓第二定律得 F合＝q1E＋q2E＝(m1＋m2)a0 得a0＝ ＝ m/s2＝0.02 m/s2. (2)當(dāng)乙發(fā)生的位移最

6、大時(shí)，乙的電勢能增量最大，細(xì)繩斷裂前，甲、乙發(fā)生的位移均為 x0＝a0t2＝×0.02×32 m＝0.09 m 此時(shí)甲、乙的速度均為 v0＝a0t＝0.02×3 m/s＝0.06 m/s 細(xì)繩斷裂后，乙的加速度變?yōu)? a乙′＝＝ m/s2＝－0.06 m/s2 從細(xì)繩斷裂到乙速度減為零，乙發(fā)生的位移x乙′為x乙′＝＝ m＝0.03 m 整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程乙發(fā)生的最大位移為 x乙max＝x0＋x乙′＝0.09 m＋0.03 m＝0.12 m 此時(shí)乙的電勢能增量為 ΔEp＝|W乙|＝|q2E|x乙max ＝1×10－9×6×103×0.12 J＝7.2×10－7J. 答案：(1)0

7、.02 m/s2　(2)7.2×10－7 J 4．如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的粒子，以速度v0從O點(diǎn)沿y軸正方向射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向外，粒子飛出磁場區(qū)域后，從b處穿過x軸進(jìn)入場強(qiáng)為E、方向與x軸負(fù)方向成60°角斜向下的勻強(qiáng)電場中，速度方向與x軸正方向的夾角為30°，經(jīng)過一段時(shí)間后恰好通過b點(diǎn)正下方的c點(diǎn)，粒子的重力不計(jì)．試求： (1)圓形勻強(qiáng)磁場的最小面積； (2)c點(diǎn)到b點(diǎn)的距離d. 解析：解答本題的關(guān)鍵是，按題目中所述的運(yùn)動(dòng)方向，根據(jù)速度方向和軌道半徑垂直的關(guān)系，找出粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心O′.很顯然，弦長ON即為圓形磁場區(qū)域的最小

8、直徑． (1)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由qBv0＝m得R＝ 粒子經(jīng)過磁場區(qū)域速度偏轉(zhuǎn)角為120°，這表明在磁場區(qū)域中運(yùn)動(dòng)軌跡為半徑為R的圓弧，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線所示．所求圓形磁場區(qū)域的最小半徑為r＝ON＝Rsin 60°＝ 面積為S＝πr2＝. (2)粒子進(jìn)入電場做類平拋運(yùn)動(dòng)，從b到c垂直電場方向位移為x′＝v0t① 沿電場方向位移為y′＝at2＝　　　② ＝tan 30°③ 解方程①②③得x′＝ y′＝ d＝＝. 答案：(1)　(2) 5．(xx·安徽卷)如圖(1)所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0.5 T，其方向垂直于傾角θ為30°的斜面向上．絕緣斜

9、面上固定有“∧”形狀的光滑金屬導(dǎo)軌MPN(電阻忽略不計(jì))，MP和NP長度均為2.5 m，MN連線水平，長為3 m．以MN中點(diǎn)O為原點(diǎn)、OP為x軸建立一維坐標(biāo)系Ox.一根粗細(xì)均勻的金屬桿CD，長度d為3 m、質(zhì)量m為1 kg、電阻R為0.3 Ω，在拉力F的作用下，從MN處以恒定速度v＝1 m/s在導(dǎo)軌上沿x軸正向運(yùn)動(dòng)(金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好)．g取10 m/s2. (1)求金屬桿CD運(yùn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E及運(yùn)動(dòng)到x＝0.8 m處電勢差UCD； (2)推導(dǎo)金屬桿CD從MN處運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過程中拉力F與位置坐標(biāo)x的關(guān)系式，并在圖(2)中畫出F－x關(guān)系圖象； (3)求金屬桿CD從MN處運(yùn)動(dòng)到

10、P點(diǎn)的全過程產(chǎn)生的焦耳熱． 解析：(1)金屬桿CD在勻速運(yùn)動(dòng)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢 E＝Blv(l＝d)，解得E＝1.5 V　(D點(diǎn)電勢高) 當(dāng)x＝0.8 m時(shí)，金屬桿在導(dǎo)軌間的電勢差為零．設(shè)此時(shí)桿在導(dǎo)軌外的長度為l外，則 l外＝d－d、OP＝，得l外＝1.2 m 由楞次定律判斷D點(diǎn)電勢高，故CD兩端電勢差 UCD＝－Bl外v，即UCD＝－0.6 V. (2)桿在導(dǎo)軌間的長度l與位置x關(guān)系是l＝d＝3－x 對(duì)應(yīng)的電阻Rl為Rl＝R，電流I＝ 桿受的安培力F安＝BIl＝7.5－3.75x 根據(jù)平衡條件得F＝F安＋mgsinθ F＝12.5－3.75x(0≤x≤2)． 畫出的F

11、－x圖象如圖所示． (3)外力F所做的功WF等于F－x圖線下所圍的面積，即 WF＝×2 J＝17.5 J 而桿的重力勢能增加量ΔEp＝mgsinθ 故全過程產(chǎn)生的焦耳熱Q＝WF－ΔEp＝7.5 J. 答案：(1)－0.6 V (2)F＝12.5－3.75x(0≤x≤2)　圖象見解析　(3)7.5 J 6．(xx·天津卷)同步加速器在粒子物理研究中有重要的應(yīng)用，其基本原理簡化為如圖所示的模型．M、N為兩塊中心開有小孔的平行金屬板．質(zhì)量為m、電荷量為＋q的粒子A(不計(jì)重力)從M板小孔飄入板間，初速度可視為零．每當(dāng)A進(jìn)入板間，兩板的電勢差變?yōu)閁，粒子得到加速，當(dāng)A離開N板時(shí)，兩

12、板的電荷量均立即變?yōu)榱悖畠砂逋獠看嬖诖怪奔埫嫦蚶锏膭驈?qiáng)磁場，A在磁場作用下做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)，R遠(yuǎn)大于板間距離．A經(jīng)電場多次加速，動(dòng)能不斷增大，為使R保持不變，磁場必須相應(yīng)地變化．不計(jì)粒子加速時(shí)間及其做圓周運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電磁輻射，不考慮磁場變化對(duì)粒子速度的影響及相對(duì)論效應(yīng)．求 (1)A運(yùn)動(dòng)第1周時(shí)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的大?。? (2)在A運(yùn)動(dòng)第n周的時(shí)間內(nèi)電場力做功的平均功率n； (3)若有一個(gè)質(zhì)量也為m、電荷量為＋kq(k為大于1的整數(shù))的粒子B(不計(jì)重力)與A同時(shí)從M板小孔飄入板間，A、B初速度均可視為零，不計(jì)兩者間的相互作用，除此之外，其他條件均不變．下圖中虛線、實(shí)線分別表示A、B的運(yùn)

13、動(dòng)軌跡．在B的軌跡半徑遠(yuǎn)大于板間距離的前提下，請(qǐng)指出哪個(gè)圖能定性地反映A、B的運(yùn)動(dòng)軌跡，并經(jīng)推導(dǎo)說明理由． 解析：(1)設(shè)A經(jīng)電場第1次加速后速度為v1，由動(dòng)能定理得qU＝mv－0① A在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受洛倫茲力充當(dāng)向心力 qv1B1＝② 由①②得 B1＝.③ (2)設(shè)A經(jīng)n次加速后的速度為vn，由動(dòng)能定理得 nqU＝mv－0④ 設(shè)A做第n次圓周運(yùn)動(dòng)的周期為Tn，有 Tn＝⑤ 設(shè)在A運(yùn)動(dòng)第n周的時(shí)間內(nèi)電場力做功為Wn，則 Wn＝qU⑥ 在該段時(shí)間內(nèi)電場力做功的平均功率為 n＝⑦ 由④⑤⑥⑦解得 n＝.⑧ (3)A圖能定性地反映A、B運(yùn)動(dòng)的軌跡．

14、A經(jīng)過n次加速后，設(shè)其對(duì)應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為Bn，A、B的周期分別為Tn、T′，綜合②、⑤式并分別應(yīng)用A、B的數(shù)據(jù)得 Tn＝ T′＝＝ 由上可知，Tn是T′的k倍，所以A每繞行1周，B就繞行k周．由于電場只在A通過時(shí)存在，故B僅在與A同時(shí)進(jìn)入電場時(shí)才被加速． 經(jīng)n次加速后，A、B的速度分別為vn和v′n，考慮到④式 vn＝　v′n＝＝vn 由題設(shè)條件并考慮到⑤式，對(duì)A有 Tnvn＝2πR 設(shè)B的軌跡半徑為R′，有 T′v′n＝2πR′ 比較上述兩式得R′＝ 上式表明，運(yùn)動(dòng)過程中B的軌跡半徑始終不變． 由以上分析可知，兩粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖A所示． 答案：(1)　(2) 　(

15、3)見解析 7．(xx·廣東卷)如圖所示，一條帶有圓軌道的長軌道水平固定，圓軌道豎直，底端分別與兩側(cè)的直軌道相切，半徑R＝0.5 m．物塊A以v0＝6 m/s的速度滑入圓軌道，滑過最高點(diǎn)Q，再沿圓軌道滑出后，與直軌上P處靜止的物塊B碰撞，碰后粘在一起運(yùn)動(dòng)．P點(diǎn)左側(cè)軌道光滑，右側(cè)軌道呈粗糙段、光滑段交替排列，每段長度都為L＝0.1 m．物塊與各粗糙段間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ＝0.1，A、B的質(zhì)量均為m＝1 kg(重力加速度g取10 m/s2；A、B視為質(zhì)點(diǎn)，碰撞時(shí)間極短)． (1)求A滑過Q點(diǎn)時(shí)的速度大小v和受到的彈力大小F； (2)若碰后AB最終停止在第k個(gè)粗糙段上，求k的數(shù)值； (3

16、)求碰后AB滑至第n個(gè)(n

17、<45)． 答案：(1)4 m/s　22 N　(2)45 (3)vn＝ m/s(n<45) 8．如圖所示，在xOy平面內(nèi)，緊挨著的三個(gè)“柳葉”形有界區(qū)域①②③內(nèi)(含邊界上)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，它們的邊界都是半徑為a的圓，每個(gè)圓的端點(diǎn)處的切線要么與x軸平行、要么與y軸平行．①區(qū)域的下端恰在O點(diǎn)，①②區(qū)域在A點(diǎn)平滑連接、②③區(qū)域在C點(diǎn)平滑連接．大量質(zhì)量均為m、電荷量均為q的帶正電的粒子依次從坐標(biāo)原點(diǎn)O以相同的速率、各種不同的方向射入第一象限內(nèi)(含沿x軸、y軸方向)，它們只要在磁場中運(yùn)動(dòng)，軌道半徑就都為a.在y≤－a的區(qū)域，存在場強(qiáng)為E的沿－x方向的勻強(qiáng)電場．整個(gè)裝置在真空中，不計(jì)粒子

18、重力、不計(jì)粒子之間的相互作用．求： (1)粒子從O點(diǎn)射出時(shí)的速率v0； (2)這群粒子中，從O點(diǎn)射出至運(yùn)動(dòng)到x軸上的最長時(shí)間； (3)這群粒子到達(dá)y軸上的區(qū)域范圍． 解析：(1)由qBv0＝m代入數(shù)據(jù)得v0＝. (2)這些粒子中，從O沿＋y軸方向射入磁場的粒子，從O到C耗時(shí)最長． 由t＝得tmax＝＝. (3)這些粒子經(jīng)過①區(qū)域偏轉(zhuǎn)后方向都變成與＋x軸平行，接著勻速直線進(jìn)入②區(qū)域，經(jīng)過②區(qū)域偏轉(zhuǎn)又都通過C點(diǎn)，從C點(diǎn)進(jìn)入③區(qū)域，經(jīng)過③區(qū)域偏轉(zhuǎn)，離開③區(qū)域時(shí)，所有粒子運(yùn)動(dòng)方向都變成－y方向(即垂直進(jìn)入電場)．對(duì)于從x＝2a進(jìn)入電場的粒子，在－x方向的分運(yùn)動(dòng)有 2a＝××t 解得t1＝ 則該粒子運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸上的坐標(biāo)為 y1＝－a－v0t1＝－a－Ba 對(duì)于從x＝3a進(jìn)入電場的粒子，在－x方向的分運(yùn)動(dòng)有3a＝××t 解得t2＝ 則該粒子運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸上的坐標(biāo)為y2＝－a－v0t2＝－a－Ba，這群粒子運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸上的區(qū)域范圍為 －a－Ba≤y≤－a－Ba. 答案：(1)　(2) (3)－a－Ba≤y≤－a－Ba