(全國版)2019版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第5章 數(shù)列 第4講 數(shù)列求和學(xué)案
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1、 第4講 數(shù)列求和 板塊一 知識梳理·自主學(xué)習(xí) [必備知識] 考點(diǎn) 數(shù)列求和的六種方法 1.公式法 2.分組求和法 3.倒序相加法 4.并項(xiàng)求和法 5.裂項(xiàng)相消法 6.錯位相減法 [必會結(jié)論] 常見的拆項(xiàng)公式 (1)=-; (2)=; (3)=-. [考點(diǎn)自測] 1.判斷下列結(jié)論的正誤.(正確的打“√”,錯誤的打“×”) (1)如果數(shù)列{an}為等比數(shù)列,且公比不等于1,則其前n項(xiàng)和Sn=.( ) (2)當(dāng)n≥2時(shí),=.( ) (3)求Sn=a+2a2+3a3+…+nan時(shí)只要把上式等號兩邊同時(shí)乘以a即可根據(jù)錯位相減法求得.( ) (4)若數(shù)
2、列a1,a2-a1,…,an-an-1是首項(xiàng)為1,公比為3的等比數(shù)列,則數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式是an=.( ) 答案 (1)√ (2)√ (3)× (4)√ 2.[2018·長沙模擬]已知數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式是an=(-1)n·(3n-2),則a1+a2+…+a10等于( ) A.15 B.12 C.-12 D.-15 答案 A 解析 ∵an=(-1)n(3n-2),∴a1+a2+…+a10=-1+4-7+10-…-25+28=(-1+4)+(-7+10)+…+(-25+28)=3×5=15. 3.[2018·吉林模擬]數(shù)列{an},{bn}滿足anbn=1,an=n2
3、+3n+2,則{bn}的前10項(xiàng)之和為( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 bn===-, S10=b1+b2+b3+…+b10 =-+-+-+…+-=- =.故選B. 4.[課本改編]數(shù)列1,,2,,4,,…的前2n項(xiàng)和S2n=________. 答案 2n- 解析 S2n=(1+2+4+…+2n-1)+=2n-1+1-=2n-. 5.[2018·南京模擬]已知an=,設(shè)bn=,記{bn}的前n項(xiàng)和為Sn,則Sn=________. 答案 解析 bn=n·3n, 于是Sn=1·3+2·32+3·33+…+n·3n,① 3Sn=1·32+2·33
4、+3·34+…+n·3n+1,② ①-②,得-2Sn=3+32+33+…+3n-n·3n+1, 即-2Sn=-n·3n+1, Sn=·3n+1-·3n+1+=. 板塊二 典例探究·考向突破 考向 分組轉(zhuǎn)化法求和 例 1 [2016·北京高考]已知{an}是等差數(shù)列,{bn}是等比數(shù)列,且b2=3,b3=9,a1=b1,a14=b4. (1)求{an}的通項(xiàng)公式; (2)設(shè)cn=an+bn,求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和. 解 (1)等比數(shù)列{bn}的公比q===3, 所以b1==1,b4=b3q=27. 設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d, 因?yàn)閍1=b1=1,a14=b4=2
5、7, 所以1+13d=27,即d=2, 所以an=2n-1(n=1,2,3,…). (2)由(1)知,an=2n-1,bn=3n-1, 因此cn=an+bn=2n-1+3n-1, 從而數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和 Sn=1+3+…+(2n-1)+1+3+…+3n-1 =+=n2+. 觸類旁通 分組轉(zhuǎn)化求和通法 若一個(gè)數(shù)列能分解轉(zhuǎn)化為幾個(gè)能求和的新數(shù)列的和或差,可借助求和公式求得原數(shù)列的和.求解時(shí)應(yīng)通過對數(shù)列通項(xiàng)結(jié)構(gòu)特點(diǎn)進(jìn)行分析研究,將數(shù)列的通項(xiàng)合理分解轉(zhuǎn)化. 【變式訓(xùn)練1】 [2018·西安模擬]已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn=,n∈N*. (1)求數(shù)列{an}的
6、通項(xiàng)公式; (2)設(shè)bn=2an+(-1)nan,求數(shù)列{bn}的前2n項(xiàng)和. 解 (1)當(dāng)n=1時(shí),a1=S1=1; 當(dāng)n≥2時(shí),an=Sn-Sn-1=-=n. ∵n=1時(shí),a1=1符合上式, 故數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an=n. (2)由(1)知,bn=2n+(-1)nn.記數(shù)列{bn}的前2n項(xiàng)和為T2n,則T2n=(21+22+…+22n)+(-1+2-3+4-…+2n).記A=21+22+…+22n,B=-1+2-3+4-…+2n,則A==22n+1-2,B=(-1+2)+(-3+4)+…+[-(2n-1)+2n]=n.故數(shù)列{bn}的前2n項(xiàng)和T2n=A+B=22n+1
7、+n-2.
考向 裂項(xiàng)相消法求和
命題角度1 形如an= 型
例 2 [2018·正定模擬]已知等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,公差為d,若d,S9為函數(shù)f(x)=(x-2)(x-99)的兩個(gè)零點(diǎn)且d 8、2)∵bn==
=(-),
∴Tn=(-)+(-)+…+(-)+(-)=.
命題角度2 形如an=型
例 3 [2017·全國卷Ⅲ]設(shè)數(shù)列{an}滿足a1+3a2+…+(2n-1)an=2n.
(1)求{an}的通項(xiàng)公式;
(2)求數(shù)列的前n項(xiàng)和.
解 (1)因?yàn)閍1+3a2+…+(2n-1)an=2n,
故當(dāng)n≥2時(shí),a1+3a2+…+(2n-3)an-1=2(n-1),
兩式相減得(2n-1)an=2,
所以an=(n≥2).
又由題設(shè)可得a1=2,滿足上式,
所以{an}的通項(xiàng)公式為an=(n∈N*).
(2)記的前n項(xiàng)和為Sn.
由(1)知==-,
則 9、Sn=-+-+…+-=.
命題角度3 形如an=型
例 4 正項(xiàng)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn滿足:S-(n2+n-1)Sn-(n2+n)=0.
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an;
(2)令bn=,數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Tn.證明:對于任意的n∈N*,都有Tn<.
解 (1)由S-(n2+n-1)Sn-(n2+n)=0,
得[Sn-(n2+n)](Sn+1)=0.
由于{an}是正項(xiàng)數(shù)列,所以Sn>0,Sn=n2+n.
于是a1=S1=2,
當(dāng)n≥2時(shí),an=Sn-Sn-1=n2+n-(n-1)2-(n-1)=2n.當(dāng)n=1時(shí),a1=2=2×1符合上式.
綜上,數(shù)列{an} 10、的通項(xiàng)公式為an=2n.
(2)證明:由于an=2n,
故bn===.
Tn=1-+-+-+…+-+-=1+--<=.
觸類旁通
裂項(xiàng)相消法求和問題的常見類型及解題策略
(1)直接考查裂項(xiàng)相消法求和.解決此類問題應(yīng)注意以下兩點(diǎn):
①抵消后并不一定只剩下第一項(xiàng)和最后一項(xiàng),也有可能前面剩兩項(xiàng),后面也剩兩項(xiàng);
②將通項(xiàng)裂項(xiàng)后,有時(shí)需要調(diào)整前面的系數(shù),使裂開的兩項(xiàng)之差和系數(shù)之積與原通項(xiàng)相等.如:若{an}是等差數(shù)列,則=,=.
(2)與不等式相結(jié)合考查裂項(xiàng)相消法求和.解決此類問題應(yīng)分兩步:第一步,求和;第二步,利用作差法、放縮法、單調(diào)性等證明不等式.
考向 錯位相減法求和
11、
例 5 [2017·山東高考]已知{an}是各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列,且a1+a2=6,a1a2=a3.
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式;
(2){bn}為各項(xiàng)非零的等差數(shù)列,其前n項(xiàng)和為Sn.已知S2n+1=bnbn+1,求數(shù)列的前n項(xiàng)和Tn.
解 (1)設(shè){an}的公比為q,
由題意知a1(1+q)=6,aq=a1q2,
又an>0,由以上兩式聯(lián)立方程組解得a1=2,q=2,
所以an=2n.
(2)由題意知S2n+1==(2n+1)·bn+1,
又S2n+1=bnbn+1,bn+1≠0,
所以bn=2n+1.
令cn=,則cn=.
因此Tn=c1+c2+…+cn
12、=+++…++,
又Tn=+++…++,
兩式相減得
Tn=+-,
所以Tn=5-.
觸類旁通
用錯位相減法求和應(yīng)注意的問題
(1)要善于識別題目類型,特別是等比數(shù)列公比為負(fù)數(shù)的情形.
(2)在寫出“Sn”與“qSn”的表達(dá)式時(shí)應(yīng)特別注意將兩式“錯項(xiàng)對齊”以便下一步準(zhǔn)確寫出“Sn-qSn”的表達(dá)式.
(3)在應(yīng)用錯位相減法求和時(shí),若等比數(shù)列的公比為參數(shù),應(yīng)分公比等于1和不等于1兩種情況求解.
【變式訓(xùn)練2】 已知等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若Sm-1=-4,Sm=0,Sm+2=14(m≥2,且m∈N*).
(1)求m的值;
(2)若數(shù)列{bn}滿足=l 13、og2bn(n∈N*),求數(shù)列{(an+6)·bn}的前n項(xiàng)和.
解 (1)由已知得am=Sm-Sm-1=4,
且am+1+am+2=Sm+2-Sm=14,
設(shè)數(shù)列{an}的公差為d,則有2am+3d=14,
∴d=2.
由Sm=0,得ma1+×2=0,即a1=1-m,
∴am=a1+(m-1)×2=m-1=4,
∴m=5.
(2)由(1)知a1=-4,d=2,∴an=2n-6,
∴n-3=log2bn,得bn=2n-3.
∴(an+6)·bn=2n·2n-3=n·2n-2.
設(shè)數(shù)列{(an+6)·bn}的前n項(xiàng)和為Tn,
∴Tn=1×2-1+2×20+…+(n-1)× 14、2n-3+n·2n-2①
2Tn=1×20+2×21+…+(n-1)×2n-2+n·2n-1②
①-②,得-Tn=2-1+20+…+2n-2-n·2n-1
=-n·2n-1
=2n-1--n·2n-1
=(1-n)×2n-1-.
∴Tn=(n-1)·2n-1+(n∈N*).
核心規(guī)律
非等差、等比數(shù)列的一般數(shù)列求和,主要有兩種思想:
(1)轉(zhuǎn)化的思想,即將一般數(shù)列設(shè)法轉(zhuǎn)化為等差或等比數(shù)列,這一思想方法往往通過通項(xiàng)分解或錯位相消來完成;
(2)不能轉(zhuǎn)化為等差或等比的特殊數(shù)列,往往通過裂項(xiàng)相消法、倒序相加法等來求和.
滿分策略
1.直接應(yīng)用公式求和時(shí),要注意公式 15、的應(yīng)用范圍,如當(dāng)?shù)缺葦?shù)列公比為參數(shù)(字母)時(shí),應(yīng)對其公比是否為1進(jìn)行討論.
2.在應(yīng)用錯位相減法時(shí),要注意觀察未合并項(xiàng)的正負(fù)號.
3.在應(yīng)用裂項(xiàng)相消法時(shí),要注意消項(xiàng)的規(guī)律具有對稱性,即前剩多少項(xiàng)則后剩多少項(xiàng).
板塊三 啟智培優(yōu)·破譯高考
規(guī)范答題系列3——求數(shù)列{|an|}的前n項(xiàng)和問題
[2018·德州模擬]在公差為d的等差數(shù)列{an}中,已知a1=10,且a1,2a2+2,5a3成等比數(shù)列.
(1)求d,an;
(2)若d<0,求|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|.
解題視點(diǎn) 對等差數(shù)列{an},求{|an|}的前n項(xiàng)和的題型,常先由Sn的最值判斷出哪些項(xiàng)為正 16、,哪些項(xiàng)為負(fù),或先求出an,解an≥0的n的取值范圍,判斷出哪些項(xiàng)為正,哪些項(xiàng)為負(fù).
若前k項(xiàng)為負(fù),從k+1項(xiàng)開始以后的項(xiàng)非負(fù),則{|an|}的前n項(xiàng)和Tn=若前k項(xiàng)為正,以后各項(xiàng)非正,則Tn=
解 (1)由題意得5a3·a1=(2a2+2)2,
即d2-3d-4=0,故d=-1或4.
所以an=-n+11,n∈N*或an=4n+6,n∈N*.
(2)設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn.
因?yàn)閐<0,由(1)得d=-1,an=-n+11,
所以Sn=-n2+n,令an≥0,則n≤11.
當(dāng)n≤11時(shí),
|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=Sn=-n2+n.
當(dāng)n≥12時(shí) 17、,|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|
=-Sn+2S11=n2-n+110.
綜上所述,|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|
=
[答題模板] 求數(shù)列{|an|}前n項(xiàng)和的一般步驟
第一步:求數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和;
第二步:令an≤0(或an≥0)確定分類標(biāo)準(zhǔn);
第三步:分兩類分別求前n項(xiàng)和;
第四步:用分段函數(shù)形式表示結(jié)論;
第五步:反思回顧,即查看{|an|}的前n項(xiàng)和與{an}的前n項(xiàng)和的關(guān)系,以防求錯結(jié)果.
跟蹤訓(xùn)練
已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn=12n-n2.
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式;
(2)求數(shù)列{|an|}的前n項(xiàng)和Tn.
18、
解 (1)∵當(dāng)n=1時(shí),a1=S1=11;
當(dāng)n≥2時(shí),Sn=12n-n2,Sn-1=12(n-1)-(n-1)2,
∴an=Sn-Sn-1=13-2n;
當(dāng)n=1時(shí)也滿足此式成立,
故an的通項(xiàng)公式為an=13-2n.
(2)令an=13-2n≥0,n≤.當(dāng)n≤6時(shí),數(shù)列{|an|}的前n項(xiàng)和Tn=Sn=12n-n2;
當(dāng)n>6時(shí),a7,a8,…,an均為負(fù)數(shù),故Sn-S6<0,
此時(shí)Tn=S6+|Sn-S6|=S6+S6-Sn=72+n2-12n.
故{|an|}的前n項(xiàng)和Tn=
板塊四 模擬演練·提能增分
[A級 基礎(chǔ)達(dá)標(biāo)]
1.若數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an 19、=2n+2n-1,則數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為( )
A.2n+n2-1 B.2n+1+n2-1
C.2n+1+n2-2 D.2n+n-2
答案 C
解析 Sn=a1+a2+a3+…+an=(21+2×1-1)+(22+2×2-1)+(23+2×3-1)+…+(2n+2n-1)=(2+22+…+2n)+2(1+2+3+…+n)-n=+2×-n=2(2n-1)+n2+n-n=2n+1+n2-2.
2.[2017·全國卷Ⅲ]等差數(shù)列的首項(xiàng)為1,公差不為0.若a2,a3,a6成等比數(shù)列,則前6項(xiàng)的和為( )
A.-24 B.-3 C.3 D.8
答案 A
解 20、析 由已知條件可得a1=1,d≠0,
由a=a2a6可得(1+2d)2=(1+d)(1+5d),
解得d=-2.
所以S6=6×1+=-24.故選A.
3.[2018·江南十校聯(lián)考]已知函數(shù)f(x)=xa的圖象過點(diǎn)(4,2),令an=,n∈N*.記數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,則S2017=( )
A.-1 B.-1
C.-1 D.+1
答案 C
解析 由f(4)=2可得4a=2,解得a=,則f(x)=x.所以an===-,S2017=a1+a2+a3+…+a2017=(-)+(-)+(-)+…+(-)+(-)=-1.故選C.
4.[2018·金版創(chuàng)新]已知數(shù)列{a 21、n}的前n項(xiàng)和為Sn,a1=1,當(dāng)n≥2時(shí),an+2Sn-1=n,則S2017的值為( )
A.2017 B.2016 C.1009 D.1007
答案 C
解析 因?yàn)閍n+2Sn-1=n,n≥2,所以an+1+2Sn=n+1,n≥1,兩式相減得an+1+an=1,n≥2.又a1=1,所以S2017=a1+(a2+a3)+…+(a2016+a2017)=1009.故選C.
5.在數(shù)列{an}中,已知對任意n∈N*,a1+a2+a3+…+an=3n-1,則a+a+a+…+a等于( )
A.(3n-1)2 B.(9n-1)
C.9n-1 D.(3n-1)
答案 B
22、
解析 因?yàn)閍1+a2+…+an=3n-1,所以a1+a2+…+an-1=3n-1-1(n≥2).則n≥2時(shí),an=2·3n-1.
當(dāng)n=1時(shí),a1=3-1=2,適合上式,所以an=2·3n-1(n∈N*).
則數(shù)列{a}是首項(xiàng)為4,公比為9的等比數(shù)列.故選B.
6.[2017·鄭州模擬]設(shè)數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an=2n-10(n∈N*),則|a1|+|a2|+…+|a15|=________.
答案 130
解析 由an=2n-10(n∈N*)知,{an}是以-8為首項(xiàng),2為公差的等差數(shù)列,又由an=2n-10≥0,得n≥5,所以當(dāng)n<5時(shí),an<0,
當(dāng)n≥5時(shí),an≥0, 23、所以|a1|+|a2|+…+|a15|=-(a1+a2+a3+a4)+(a5+a6+…+a15)=20+110=130.
7.化簡Sn=n+(n-1)×2+(n-2)×22+…+2×2n-2+2n-1的結(jié)果是________.
答案 2n+1-n-2
解析 Sn=n+(n-1)×2+(n-2)×22+…+2×2n-2+2n-1,①
2Sn=n×2+(n-1)×22+…+3×2n-2+2×2n-1+2n,②
②-①,得Sn=-n+2+22+…+2n-2+2n-1+2n=-n+=2n+1-n-2.
8.[2017·全國卷Ⅱ]等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,a3=3,S4=10,則=_ 24、_______.
答案
解析 設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d,則
由得
∴Sn=n·1+×1=,
==2,
∴=+++…+
=2
=2=.
9.[2018·衡陽模擬]在等比數(shù)列{an}中,公比q≠1,等差數(shù)列{bn}滿足b1=a1=3,b4=a2,b13=a3.
(1)求數(shù)列{an}與{bn}的通項(xiàng)公式;
(2)記cn=(-1)nbn+an,求數(shù)列{cn}的前2n項(xiàng)和S2n.
解 (1)由題意,b1=a1=3,b4=a2=3q,b13=a3=3q2.
又∵{bn}為等差數(shù)列,設(shè)公差為d,
∴化簡得q2-4q+3=0,
∴q=1(舍)或q=3,∴an=3n,
∵d 25、==2,
∴bn=3+2(n-1)=2n+1.
(2)由題意得cn=(-1)n(2n+1)+3n.
S2n=-3+3+5+32-7+33+…-(4n-1)+32n-1+(4n+1)+32n
=(3+32+…+32n)+[-3+5-7+9-…-(4n-1)+(4n+1)]
=+{(5-3)+(9-7)+…+[(4n+1)-(4n-1)]}
=+2n.
10.[2018·北京西城區(qū)模擬]設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,已知a1=9,a2為整數(shù),且Sn≤S5.
(1)求{an}的通項(xiàng)公式;
(2)設(shè)數(shù)列的前n項(xiàng)和為Tn,求證:Tn≤.
解 (1)由a1=9,a2為整數(shù)可知,等 26、差數(shù)列{an}的公差d為整數(shù).
又Sn≤S5,∴a5≥0,a6≤0,
于是9+4d≥0,9+5d≤0,解得-≤d≤-.
∵d為整數(shù),∴d=-2.
故{an}的通項(xiàng)公式為an=11-2n.
(2)證明:由(1),得=
=,
∴Tn==.
令bn=,由函數(shù)f(x)=的圖象關(guān)于點(diǎn)(4.5,0)對稱及其單調(diào)性,知0 27、2018項(xiàng)之和S2018等于( )
A.2008 B.4017 C.1 D.0
答案 B
解析 由已知得an=an-1+an+1(n≥2),∴an+1=an-an-1.
故數(shù)列的前8項(xiàng)依次為2008,2009,1,-2008,-2009,-1,2008,2009.
由此可知該數(shù)列為周期數(shù)列,周期為6,且S6=0.
∴2018=6×336+2,∴S2018=S2=2008+2009=4017.故選B.
2.?dāng)?shù)列1,1+2,1+2+4,…,1+2+22+…+2n-1,…的前n項(xiàng)和Sn>1020,那么n的最小值是( )
A.7 B.8 C.9 D.10
答案 D
28、解析 an=1+2+22+…+2n-1=2n-1.
∴Sn=(21-1)+(22-1)+…+(2n-1)
=(21+22+…+2n)-n=2n+1-n-2,
∴S9=1013<1020,S10=2036>1020,∴Sn>1020,n的最小值是10.故選D.
3.[2016·浙江高考]設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn.若S2=4,an+1=2Sn+1,n∈N*,則a1=________,S5=________.
答案 1 121
解析 ∵an+1=2Sn+1,∴Sn+1-Sn=2Sn+1,∴Sn+1=3Sn+1,∴Sn+1+=3,∴數(shù)列是公比為3的等比數(shù)列,∴=3.又S2=4,∴S1 29、=1,∴a1=1,∴S5+=×34=×34=,∴S5=121.
4.已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,a1=-2,且滿足Sn=an+1+n+1(n∈N*).
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式;
(2)若bn=log3(-an+1),設(shè)數(shù)列的前n項(xiàng)和為Tn,求證:Tn<.
解 (1)由Sn=an+1+n+1(n∈N*),得Sn-1=an+n(n≥2,n∈N*),
兩式相減,并化簡,得an+1=3an-2,
即an+1-1=3(an-1),又a1-1=-2-1=-3≠0,
所以{an-1}是以-3為首項(xiàng),3為公比的等比數(shù)列,
所以an-1=(-3)·3n-1=-3n.
故an=-3 30、n+1.
(2)證明:由bn=log3(-an+1)=log33n=n,得
==,
Tn=
=
=-<.
5.[2017·天津高考]已知{an}為等差數(shù)列,前n項(xiàng)和為Sn(n∈N*),{bn}是首項(xiàng)為2的等比數(shù)列,且公比大于0,b2+b3=12,b3=a4-2a1,S11=11b4.
(1)求{an}和{bn}的通項(xiàng)公式;
(2)求數(shù)列{a2nbn}的前n項(xiàng)和(n∈N*).
解 (1)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d,等比數(shù)列{bn}的公比為q.由已知b2+b3=12,得b1(q+q2)=12.
而b1=2,所以q2+q-6=0,解得q=-3或q=2.
又因?yàn)閝>0,所以q= 31、2.所以bn=2n.
由b3=a4-2a1,可得3d-a1=8①.
由S11=11b4,可得a1+5d=16②,
聯(lián)立①②,解得a1=1,d=3,由此可得an=3n-2.
所以,數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an=3n-2,數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式為bn=2n.
(2)設(shè)數(shù)列{a2nbn}的前n項(xiàng)和為Tn.由a2n=6n-2,得
Tn=4×2+10×22+16×23+…+(6n-2)×2n,
2Tn=4×22+10×23+16×24+…+(6n-8)×2n+(6n-2)×2n+1.
上述兩式相減,得
-Tn=4×2+6×22+6×23+…+6×2n-(6n-2)×2n+1
=-4-(6n-2)×2n+1=-(3n-4)2n+2-16,
所以Tn=(3n-4)2n+2+16.
所以,數(shù)列{a2nbn}的前n項(xiàng)和為(3n-4)2n+2+16.
14
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