(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第二章 不等式學(xué)案
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1、 第二章 不等式 第一節(jié)不等關(guān)系與不等式 1.兩個實(shí)數(shù)比較大小的依據(jù) (1)a-b>0?a>b. (2)a-b=0?a=b. (3)a-b<0?a<b. 2.不等式的性質(zhì) (1)對稱性:a>b?bb,b>c?a>c; (3)可加性:a>b?a+c>b+c; a>b,c>d?a+c>b+d; (4)可乘性:a>b,c>0?ac>bc; a>b>0,c>d>0?ac>bd; (5)可乘方:a>b>0?an>bn(n∈N,n≥1); (6)可開方:a>b>0? > (n∈N,n≥2). [小題體驗(yàn)] 1.(教材習(xí)題改編)用不等號“>
2、”或“<”填空:
(1)a>b,c<d?a-c________b-d;
(2)a>b>0,c>d>0?ac________bd;
(3)a>b>0?________.
答案:(1)> (2)> (3)>
2.+,+的大小關(guān)系為____________.
答案:+<+
3.若00,則與的大小關(guān)系為________.
答案:>
1.在應(yīng)用傳遞性時,注意等號是否傳遞下去,如a≤b,b
3、. [小題糾偏] 1.設(shè)a,b,c∈R,且a>b,則( ) A.a(chǎn)c>bc B.< C.a(chǎn)2>b2 D. a3>b3 答案:D 2.“a>b>0”是“<”的________條件. 答案:充分不必要 [題組練透] 1.已知x∈R,m=(x+1),n=(x2+x+1),則m,n的大小關(guān)系為( ) A.m≥n B.m>n C.m≤n D.m<n 答案:B 2.若a=,b=,則a____b(填“>”或“<”). 解析:易知a,b都是正數(shù),==log89>1,所以b>a. 答案:< 3.已知等比數(shù)列{an}中,a1>0,q>
4、0,前n項和為Sn,則與的大小關(guān)系為________. 解析:當(dāng)q=1時,=3,=5,所以<. 當(dāng)q>0且q≠1時, -=- ==<0, 所以<.綜上可知<. 答案:< [謹(jǐn)記通法] 比較兩實(shí)數(shù)(式)大小的2種常用方法 作差法 其基本步驟:作差,變形,判斷符號,得出結(jié)論.用作差法比較大小的關(guān)鍵是判斷差的正負(fù),常采用配方、因式分解、分子(分母)有理化等變形方法 作商法 判斷商與1的大小關(guān)系,得出結(jié)論,要特別注意,當(dāng)商與1的大小確定后,必須對商式分子、分母的正負(fù)作出判斷,這是用作商法比較大小時最容易漏掉的關(guān)鍵步驟 [典例引領(lǐng)] 1.已知a,b,c滿足c
5、ac<0,則下列選項中不一定能成立的是( )
A.< B.>0
C.> D.<0
解析:選C 由c0,不一定能成立的是C.
2.(2018·嘉興模擬)若a,b為正實(shí)數(shù),且a≠1,b≠1,則“a>b>1”是“l(fā)oga2 6、充分不必要條件,選A.
[由題悟法]
不等式性質(zhì)應(yīng)用問題的3大常見類型及解題策略
(1)利用不等式性質(zhì)比較大?。煊洸坏仁叫再|(zhì)的條件和結(jié)論是基礎(chǔ),靈活運(yùn)用是關(guān)鍵,要注意不等式性質(zhì)成立的前提條件.
(2)與充要條件相結(jié)合問題.用不等式的性質(zhì)分別判斷p?q和q?p是否正確,要注意特殊值法的應(yīng)用.
(3)與命題真假判斷相結(jié)合問題.解決此類問題除根據(jù)不等式的性質(zhì)求解外,還經(jīng)常采用特殊值驗(yàn)證的方法.
[即時應(yīng)用]
1.若<<0,則下列結(jié)論不正確的是( )
A.a(chǎn)2<b2 B.ab<b2
C.a(chǎn)+b<0 D.|a|+|b|>|a+b|
解析:選D ∵<<0,∴b<a<0,
∴b 7、2>a2,ab<b2,a+b<0,
∴選項A、B、C均正確,
∵b<a<0,
∴|a|+|b|=|a+b|,故D項錯誤,故選D.
2.若a,b,c為實(shí)數(shù),則下列命題正確的是( )
A.若a>b,則ac2>bc2
B.若aab>b2
C.若a
解析:選B A選項需滿足c≠0;取a=-2,b=-1知選項C、D錯誤.故選B.
[典例引領(lǐng)]
1.(2018·嘉興期末)已知-1 8、(m-n)y,
所以m+n=3,m-n=2,
解得m=,n=,
所以3x+2y= (x+y)+(x-y),
由-1 9、范圍是[-1,5].
[類題通法]
利用不等式性質(zhì)可以求某些代數(shù)式的取值范圍,但應(yīng)注意兩點(diǎn):一是必須嚴(yán)格運(yùn)用不等式的性質(zhì);二是在多次運(yùn)用不等式的性質(zhì)時有可能擴(kuò)大了變量的取值范圍,解決的途徑是先建立所求范圍的整體與已知范圍的整體的等量關(guān)系,最后通過“一次性”不等關(guān)系的運(yùn)算求解范圍.
[即時應(yīng)用]
1.若6<a<10,≤b≤2a,c=a+b,則c的取值范圍是( )
A.[9,18] B.(15,30)
C.[9,30] D.(9,30)
解析:選D ∵≤b≤2a,
∴≤a+b≤3a,
即≤c≤3a.
∵6<a<10,
∴9<c<30.故選D.
2.已知a> 10、0,b>0,求證:a+b+2≥2(+).
證明:a+b+2-2(+)=(-1)2+(-1)2≥0,
所以a+b+2≥2(+).
一抓基礎(chǔ),多練小題做到眼疾手快
1.設(shè)a,b∈[0,+∞),A=+,B=,則A,B的大小關(guān)系是( )
A.A≤B B.A≥B
C.A<B D.A>B
解析:選B 由題意得,B2-A2=-2≤0,且A≥0,B≥0,可得A≥B.
2.若a B.>
C.|a|>|b| D.a(chǎn)2>b2
解析:選A 取a=-2,b=-1,則>不成立.
3.(2018·杭州二中月考)a(a-b) 11、>0是<1成立的( )
A.充分不必要條件 B.必要不充分條件
C.充要條件 D.既不充分也不必要條件
解析:選C <1?-1<0?<0?>0?a(a-b)>0,所以a(a-b)>0是<1成立的充要條件,故選C.
4.(2018·金華模擬)設(shè)a,b∈R,若a-|b|>0,則下列不等式中正確的是( )
A.b-a>0 B.a3+b3<0
C.a(chǎn)2-b2<0 D.b+a>0
解析:選D 利用賦值法,令a=1,b=0,排除A、B、C,選D.
5.b g糖水中有a g糖(b>a>0),若再添m g糖(m>0),則糖水變甜了.試根據(jù)這一事實(shí),提煉出一個不等式_________ 12、___.
答案:<
二保高考,全練題型做到高考達(dá)標(biāo)
1.已知a1,a2∈(0,1),記M=a1a2,N=a1+a2-1,則M與N的大小關(guān)系是( )
A.M 13、④ B.②③
C.①③ D.②④
解析:選C 法一:因?yàn)?<0,故可取a=-1,b=-2.顯然|a|+b=1-2=-1<0,所以②錯誤;因?yàn)閘n a2=ln(-1)2=0,ln b2=ln(-2)2=ln 4>0,所以④錯誤,綜上所述,可排除A、B、D,故選C.
法二:由<<0,可知b0,所以<,故①正確;
②中,因?yàn)閎-a>0,故-b>|a|,即|a|+b<0,故②錯誤;
③中,因?yàn)閎->0,所以a->b-,故③正確;
④中,因?yàn)閎 14、a2>0,而y=ln x在定義域(0,+∞)上為增函數(shù),所以ln b2>ln a2,故④錯誤.由以上分析,知①③正確。
3.(2018·寧波模擬)設(shè)a,b是實(shí)數(shù),則“a>b>1”是“a+>b+”的( )
A.充分不必要條件 B.必要不充分條件
C.充要條件 D.既不充分又不必要條件
解析:選A 因?yàn)閍+-=,若a>b>1,顯然a+-=>0,則充分性成立,當(dāng)a=,b=時,顯然不等式a+>b+成立,但a>b>1不成立,所以必要性不成立.
4.若m<0,n>0且m+n<0,則下列不等式中成立的是( )
A.-n<m<n<-m B.-n<m<-m<n
C.m<-n<-m<n 15、D.m<-n<n<-m
解析:選D 法一:(取特殊值法)令m=-3,n=2分別代入各選項檢驗(yàn)即可.
法二:m+n<0?m<-n?n<-m,又由于m<0<n,故m<-n<n<-m成立.
5.設(shè)a<0,b<0,則p=+與q=a+b的大小關(guān)系是( )
A.p>q B.p≥q
C.p 16、答案:a<0<b
7.已知-1 17、____.
解析:∵ab2>a>ab,∴a≠0,
當(dāng)a>0時,b2>1>b,
即解得b<-1;
當(dāng)a<0時,b2<1
18、C.(1,3) D.(0,3)
解析:選B 由已知及三角形三邊關(guān)系得
∴∴
兩式相加得,0<2·<4,
∴的取值范圍為(0,2).
2.設(shè)a>b>0,m≠-a,則>時,m滿足的條件是________.
解析:由>得>0,
因?yàn)閍>b>0,所以>0.
即或
∴m>0或m<-a.
即m滿足的條件是m>0或m<-a.
答案:m>0或m<-a
3.設(shè)a1≈,a2=1+.
(1)證明:介于a1,a2之間;
(2)求a1,a2中哪一個更接近.
解:(1)證明:∵(-a1)(-a2)=(-a1)·=<0.
∴介于a1,a2之間.
(2)|-a2|===|-a1|<|-a1 19、|.
∴a2比a1更接近.
第二節(jié)一元二次不等式及其解法
“三個二次”的關(guān)系
判別式Δ=b2-4ac
Δ>0
Δ=0
Δ<0
二次函數(shù)y=ax2+bx+c (a>0)的圖象
一元二次方程ax2+bx+c=0 (a>0)的根
有兩相異實(shí)根x1,x2(x1<x2)
有兩相等實(shí)根x1=x2=-
沒有實(shí)數(shù)根
一元二次不等式ax2+bx+c>0 (a>0)的解集
{x|x 20、B={x|x2-2x-3≤0},則A∩(?RB)等于( )
A.(1,4) B.(3,4)
C.(1,3) D.(1,2)∪(3,4)
解析:選B 由題意得B={x|-1≤x≤3},
根據(jù)補(bǔ)集的定義,?RB={x|x<-1或x>3},
所以A∩?RB=(3,4).
2.(教材習(xí)題改編)不等式-x2+2x-3>0的解集為________.
答案:?
3.不等式ax2+abx+b>0的解集為{x|2 21、ax2+bx+c>0,求解時不要忘記討論a=0時的情形.
2.當(dāng)Δ<0時,ax2+bx+c>0(a≠0)的解集為R還是?,要注意區(qū)別.
3.含參數(shù)的不等式要注意選好分類標(biāo)準(zhǔn),避免盲目討論.
[小題糾偏]
1.不等式≤0的解集為( )
A.{x|x<1或x≥3} B.{x|1≤x≤3}
C.{x|1<x≤3} D.{x|1<x<3}
解析:選C 由≤0,得
解得1<x≤3.
2.若不等式mx2+2mx+1>0的解集為R,則m的取值范圍是________.
解析:①當(dāng)m=0時,1>0顯然成立.
②當(dāng)m≠0時,由條件知得0 22、1)
[題組練透]
1.已知函數(shù)f(x)=則不等式f(x)-x≤2的解集是________.
解析:當(dāng)x≤0時,原不等式等價于2x2+1-x≤2,∴-≤x≤0;當(dāng)x>0時,原不等式等價于-2x-x≤2,∴x>0.綜上所述,原不等式的解集為.
答案:
2.不等式≥-1的解集為________.
解析:將原不等式移項通分得≥0,
等價于解得x>5或x≤.
所以原不等式的解集為.
答案:
3.解下列不等式:
(1)(易錯題)-3x2-2x+8≥0;
(2)≥2.
解:(1)原不等式可化為3x2+2x-8≤0,
即(3x-4)(x+2)≤0.解得-2≤x 23、≤,
所以原不等式的解集為.
(2)不等式等價于
即
解得-≤x<1或1 24、1)二次項中若含有參數(shù)應(yīng)討論是等于0,小于0,還是大于0,然后將不等式轉(zhuǎn)化為一次不等式或二次項系數(shù)為正的形式.
(2)當(dāng)不等式對應(yīng)方程的根的個數(shù)不確定時,討論判別式Δ與0的關(guān)系.
(3)確定無根時可直接寫出解集,確定方程有兩個根時,要討論兩根的大小關(guān)系,從而確定解集形式.
[提醒] 當(dāng)不等式中二次項的系數(shù)含有參數(shù)時,不要忘記討論其等于0的情況.
[即時應(yīng)用]
1.已知不等式ax2-bx-1≥0的解集是,則不等式x2-bx-a<0的解集是( )
A.(2,3)
B.(-∞,2)∪(3,+∞)
C.
D.∪
解析:選A 由題意知-,-是方程ax2-bx-1=0的根,所以由根與 25、系數(shù)的關(guān)系得-+=,-×=-.解得a=-6,b=5,不等式x2-bx-a<0,即為x2-5x+6<0,解集為(2,3).
2.求不等式12x2-ax>a2(a∈R)的解集.
解:原不等式可化為12x2-ax-a2>0,
即(4x+a)(3x-a)>0,
令(4x+a)(3x-a)=0,解得x1=-,x2=.
當(dāng)a>0時,不等式的解集為∪;
當(dāng)a=0時,不等式的解集為(-∞,0)∪(0,+∞);
當(dāng)a<0時,不等式的解集為∪.
[鎖定考向]
一元二次不等式與其對應(yīng)的函數(shù)與方程之間存在著密切的聯(lián)系.在解決具體的數(shù)學(xué)問題時,要注意三者之間的相互聯(lián)系,并在一定條件下相互轉(zhuǎn)換.對于 26、一元二次不等式恒成立問題,常根據(jù)二次函數(shù)圖象與x軸的交點(diǎn)情況確定判別式的符號,進(jìn)而求出參數(shù)的取值范圍.
常見的命題角度有:
(1)形如f(x)≥0(f(x)≤0)(x∈R)確定參數(shù)的范圍;
(2)形如f(x)≥0(x∈[a,b])確定參數(shù)的范圍;
(3)形如f(x)≥0(參數(shù)m∈[a,b])確定x的范圍.
[題點(diǎn)全練]
角度一:形如f(x)≥0(f(x)≤0)(x∈R)確定參數(shù)的范圍
1.若不等式2kx2+kx-<0對一切實(shí)數(shù)x都成立,則k的取值范圍為( )
A.(-3,0) B.[-3,0)
C.[-3,0] D.(-3,0]
解析:選D 當(dāng) 27、k=0時,顯然成立;
當(dāng)k≠0時,即一元二次不等式2kx2+kx-<0對一切實(shí)數(shù)x都成立,則解得-3 28、,1]時,f(x)為增函數(shù),
所以f(x)min=f(-1)=-1-2+b2-b+1
=b2-b-2,
f(x)>0恒成立,即b2-b-2>0恒成立,
解得b<-1或b>2.
∴b的取值范圍為(-∞,-1)∪(2,+∞)
答案:(-∞,-1)∪(2,+∞)
角度三:形如f(x)≥0(參數(shù)m∈[a,b])確定x的范圍
3.(2018·浙江五校聯(lián)考)對于任意的0≤m≤4,使不等式x2+mx>4x+m-3恒成立,則x的取值范圍是__________.
解析:轉(zhuǎn)化為m(x-1)+x2-4x+3>0在0≤m≤4時恒成立.
令f(m)=m(x-1)+x2-4x+3.
則??
∴x< 29、-1或x>3.
故x的取值范圍為(-∞,-1)∪(3,+∞).
答案:(-∞,-1)∪(3,+∞)
[通法在握]
一元二次型不等式恒成立問題的3大破解方法
方法
解 讀
適合題型
判別式法
(1)ax2+bx+c≥0對任意實(shí)數(shù)x恒成立的條件是
(2)ax2+bx+c≤0對任意實(shí)數(shù)x恒成立的條件是
二次不等式在R上恒成立
(如“題點(diǎn)全練”第1題)
分離參數(shù)法
如果不等式中的參數(shù)比較“孤單”,分離后其系數(shù)與0能比較大小,便可將參數(shù)分離出來,利用下面的結(jié)論求解:a≥f(x)恒成立等價于a≥f(x)max;a≤f(x)恒成立等價于a≤f( 30、x)min
適合參數(shù)與變量能分離且f(x)的最值易求
(如“演練沖關(guān)”第2題)
主參換位法
把變元與參數(shù)交換位置,構(gòu)造以參數(shù)為變量的函數(shù),根據(jù)原變量的取值范圍列式求解.常見的是轉(zhuǎn)化為一次函數(shù)f(x)=ax+b(a≠0)在[m,n]恒成立問題,若f(x)>0恒成立?
若f(x)<0恒成立?
若在分離參數(shù)時會遇到討論參數(shù)與變量,使求函數(shù)的最值比較麻煩,或者即使能容易分離出卻難以求出時
(如“題點(diǎn)全練”第3題)
[演練沖關(guān)]
1.(2018·臺州模擬)不等式a2+8b2≥λb(a+b)對于任意的a,b∈R恒成立,則實(shí)數(shù)λ的取值范圍為________.
解析:因?yàn)閍2+8b2≥ 31、λb(a+b)對于任意的a,b∈R恒成立,
所以a2+8b2-λb(a+b)≥0對于任意的a,b∈R恒成立,即a2-λba+(8-λ)b2≥0恒成立,
由二次不等式的性質(zhì)可得,
Δ=λ2b2+4(λ-8)b2=b2(λ2+4λ-32)≤0,
所以(λ+8)(λ-4)≤0,
解得-8≤λ≤4.
答案:[-8,4]
2.設(shè)函數(shù)f(x)=mx2-mx-1(m≠0),若對于x∈[1,3],f(x)<-m+5恒成立,求m的取值范圍.
解:要使f(x)<-m+5在[1,3]上恒成立,
則mx2-mx+m-6<0,
即m2+m-6<0在x∈[1,3]上恒成立.
因?yàn)閤2-x+1=2+> 32、0,
又因?yàn)閙(x2-x+1)-6<0,所以m<.
因?yàn)楹瘮?shù)y==在[1,3]上的最小值為,所以只需m<即可.
因?yàn)閙≠0,所以m的取值范圍是(-∞,0)∪.
一抓基礎(chǔ),多練小題做到眼疾手快
1.設(shè)集合A={x|x2+x-6≤0},集合B為函數(shù)y=的定義域,則A∩B等于( )
A.(1,2) B.[1,2]
C.[1,2) D.(1,2]
解析:選D A={x|x2+x-6≤0}={x|-3≤x≤2},
由x-1>0得x>1,即B={x|x>1},
所以A∩B={x|1 33、意實(shí)數(shù)x恒成立,則實(shí)數(shù)a的取值范圍為( )
A.[-1,4] B.(-∞,-2]∪[5,+∞)
C.(-∞,-1]∪[4,+∞) D.[-2,5]
解析:選A x2-2x+5=(x-1)2+4的最小值為4,所以x2-2x+5≥a2-3a對任意實(shí)數(shù)x恒成立,只需a2-3a≤4,解得-1≤a≤4.
3.(2018·鎮(zhèn)海中學(xué)月考)不等式ax2+bx+c>0的解集為{x|2<x<3},則不等式ax2-bx+c>0的解集為________________.
解析:令f(x)=ax2+bx+c,其圖象如下圖所示,
再畫出f(-x)的圖象即可,
所以不等式ax2-bx+c>0的解集為 34、{x|-3<x<-2}.
答案:{x|-3<x<-2}
4.(2018·金華十校聯(lián)考)若不等式2x-1>m(x2-1)對滿足|m|≤2的所有m都成立,則x的取值范圍為___________.
解析:原不等式化為(x2-1)m-(2x-1)<0.
令f(m)=(x2-1)m-(2x-1)(-2≤m≤2).
則
解得<x<,
故x的取值范圍為.
答案:
5.(2018·湖州五校聯(lián)考)已知實(shí)數(shù)x,y滿足x2+2y2+≤x(2y+1),則x=________,y=________,2x+log2y=________.
解析:法一:由已知得2x2+4y2-4xy-2x+1≤0,即(x 35、-1)2+(x-2y)2≤0,所以解得x=1,y=,2x+log2y=2+log2=2-1=1.
法二:由已知得,關(guān)于x的不等式x2-(2y+1)x+2y2+≤0(*)有解,所以Δ=[-(2y+1)]2-4≥0,即Δ=-(2y-1)2≥0,所以2y-1=0,即y=,此時不等式(*)可化為x2-2x+1≤0,即(x-1)2≤0,所以x=1,2x+log2y=2+log2=2-1=1.
答案:1 1
二保高考,全練題型做到高考達(dá)標(biāo)
1.已知不等式x2-2x-3<0的解集為A,不等式x2+x-6<0的解集為B,不等式x2+ax+b<0的解集為A∩B,則a+b等于( )
A.-3 36、 B.1
C.-1 D.3
解析:選A 由題意得,A={x|-1<x<3},B={x|-3<x<2},∴A∩B={x|-1<x<2},由根與系數(shù)的關(guān)系可知,a=-1,b=-2,則a+b=-3.
2.(2018·麗水五校聯(lián)考)不等式x+>2的解集是( )
A.(-1,0)∪(1,+∞) B.(-∞,-1)∪(0,1)
C.(-1,0)∪(0,1) D.(-∞,-1)∪(1,+∞)
解析:選A 法一:x+>2?x-2+>0?>0?x(x-1)(x+1)>0? -1<x<0或x>1.
故原不等式的解集為(-1,0)∪(1,+∞).
法二:驗(yàn)證,x=-2,不滿足 37、不等式,排除B、C、D.
3.(2018·麗水五校聯(lián)考)設(shè)函數(shù)f(x)=若f(-4)=f(0),f(-2)=0,則關(guān)于x的不等式f(x)≤1的解集為( )
A.(-∞,-3]∪[-1,+∞) B.[-3,-1]
C.[-3,-1]∪(0,+∞) D.[-3,+∞)
解析:選C 因?yàn)閒(-4)=f(0),所以當(dāng)x≤0時,f(x)的對稱軸為x=-2,又f(-2)=0,則f(x)=不等式f(x)≤1的解為[-3,-1]∪(0,+∞),故選C.
4.(2018·寧波四校聯(lián)考)設(shè)二次函數(shù)f(x)=x2-x+a(a>0),若f(m)<0,則f(m-1)的值為( )
A.正數(shù)
B.負(fù)數(shù) 38、
C.非負(fù)數(shù)
D.正數(shù)、負(fù)數(shù)和零都有可能
解析:選A 設(shè)f(x)=x2-x+a=0的兩個根為α,β,由f(m)<0,則α 39、當(dāng)a>1時,不等式的解集為[1,a],此時只要a≤3即可,即10,即a2>16.
∴a>4或a<-4.
答案:(-∞,-4)∪(4,+∞)
7.若關(guān)于x的不等式ax>b的解集為,則關(guān)于x的不等式ax2+bx-a>0的解集為________.
解析:由已知ax>b的解集為,可知a<0,且=,將不等式ax2+bx-a>0兩邊同除以a,得x2+x-<0,即x2+x-<0,即5x2+x-4<0,解得-1 40、<x<,故所求解集為.
答案:
8.(2018·蕭山月考)不等式x2+ax+b>0(a,b∈R)的解集為,若關(guān)于x的不等式x2+ax+b 41、,求實(shí)數(shù)a,b的值.
解:(1)∵f(x)=-3x2+a(6-a)x+6,
∴f(1)=-3+a(6-a)+6=-a2+6a+3,
∴原不等式可化為a2-6a-3<0,
解得3-2b的解集為(-1,3)等價于方程-3x2+a(6-a)x+6-b=0的兩根為-1,3,
等價于解得
10.關(guān)于x的不等式的整數(shù)解的集合為{-2},求實(shí)數(shù)k的取值范圍.
解:由x2-x-2>0可得x<-1或x>2.
∵的整數(shù)解為x=-2,
又∵方程2x2+(2k+5)x+5k=0的兩根為-k和-.
①若-k<-,
42、則不等式組的整數(shù)解集合就不可能為{-2};
②若-<-k,則應(yīng)有-2<-k≤3.∴-3≤k<2.
綜上,所求k的取值范圍為[-3,2).
三上臺階,自主選做志在沖刺名校
1.若關(guān)于x的不等式x2-4x-2-a>0在區(qū)間(1,4)內(nèi)有解,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是( )
A.(-∞,-2) B.(-2,+∞)
C.(-6,+∞) D.(-∞,-6)
解析:選A 不等式x2-4x-2-a>0在區(qū)間(1,4)內(nèi)有解等價于a<(x2-4x-2)max,令g(x)=x2-4x-2,x∈(1,4),∴g(x) 43、問是否存在a,b,c∈R,使得不等式x2+≤f(x)≤2x2+2x+對一切實(shí)數(shù)x都成立,證明你的結(jié)論.
解:由f(1)=,得a+b+c=.
令x2+=2x2+2x+,解得x=-1.
由f(x)≤2x2+2x+推得f(-1)≤,
由f(x)≥x2+推得f(-1)≥,
∴f(-1)=.∴a-b+c=.故a+c=且b=1.
∴f(x)=ax2+x+-a.
依題意ax2+x+-a≥x2+對一切x∈R都成立,
即(a-1)x2+x+2-a≥0對一切x∈R都成立.
∴a≠1且Δ=1-4(a-1)(2-a)≤0.
即(2a-3)2≤0,∴(2a-3)2=0,
由a-1>0得a=.∴f( 44、x)= x2+x+1.
證明如下:x2+x+1-2x2-2x-=-x2-x-=-(x+1)2≤0.
∴x2+x+1≤2x2+2x+對x∈R都成立.
x2+x+1-x2-=x2+x+=(x+1)2≥0,
∴x2+≤x2+x+1對x∈R都成立.
∴存在實(shí)數(shù)a=,b=1,c=1,使得不等式x2+≤f(x)≤2x2+2x+對一切x∈R都成立.
第三節(jié)絕對值不等式
1.絕對值三角不等式
定理1:如果a,b是實(shí)數(shù),則|a+b|≤|a|+|b|,當(dāng)且僅當(dāng)ab≥0時,等號成立.
定理2:如果a,b,c是實(shí)數(shù),那么|a-c|≤|a-b|+|b-c|,當(dāng)且僅當(dāng)(a-b)(b-c)≥0時,等號 45、成立.
2.絕對值不等式的解法
(1)含絕對值不等式|x|a的解法:
不等式
a>0
a=0
a<0
|x|a
(2)|ax+b|≤c(c>0)和|ax+b|≥c(c>0)型不等式的解法:
①|(zhì)ax+b|≤c?-c≤ax+b≤c;
②|ax+b|≥c?ax+b≥c或ax+b≤-c.
[小題體驗(yàn)]
1.不等式|2x-1|>3的解集為________.
答案:{x|x<-1或x>2}
2.不等式|x+1|-|x-2|≥1的解集為________.
答案:
3.函數(shù)y=|x-4|+|x+4|的最小值為___ 46、_____.
解析:∵|x-4|+|x+4|≥|(x-4)-(x+4)|=8,
即函數(shù)y的最小值為8.
答案:8
1.對形如|f(x)|>a或|f(x)||a-b| B.|a+b|<|a-b|
C.|a-b|<||a|-|b|| D.|a-b|<|a|+|b|
47、
解析:選B ∵ab<0,
∴|a-b|=|a|+|b|>|a+b|.
2.若存在實(shí)數(shù)x使|x-a|+|x-1|≤3成立,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是________.
解析:∵|x-a|+|x-1|≥|(x-a)-(x-1)|=|a-1|,
要使|x-a|+|x-1|≤3有解,可使|a-1|≤3,
∴-3≤a-1≤3,∴-2≤a≤4.
答案:[-2,4]
[題組練透]
1.若不等式|kx-4|≤2的解集為{x|1≤x≤3},則實(shí)數(shù)k=________.
解析:由|kx-4|≤2?2≤kx≤6.
∵不等式的解集為{x|1≤x≤3},∴k=2.
答案:2
2.解不等式|2 48、x-1|+|2x+1|≤6.
解:法一:當(dāng)x>時,原不等式轉(zhuǎn)化為4x≤6? 49、圖象如圖所示.
(2)由f(x)的函數(shù)表達(dá)式及圖象可知,
當(dāng)f(x)=1時,可得x=1或x=3;
當(dāng)f(x)=-1時,可得x=或x=5.
故f(x)>1的解集為{x|1 50、M;
(2)證明:當(dāng)a,b∈M時,|a+b|<|1+ab|.
解:(1)f(x)=
當(dāng)x≤-時,
由f(x)<2得-2x<2,解得x>-1;
當(dāng)- 51、等式再證明.
(2)利用三角不等式||a|-|b||≤|a±b|≤|a|+|b|進(jìn)行證明.
(3)轉(zhuǎn)化為函數(shù)問題,數(shù)形結(jié)合進(jìn)行證明.
[即時應(yīng)用]
已知x,y∈R,且|x+y|≤,|x-y|≤,
求證:|x+5y|≤1.
證明:∵|x+5y|=|3(x+y)-2(x-y)|.
∴由絕對值不等式的性質(zhì),得|x+5y|=|3(x+y)-2(x-y)|≤|3(x+y)|+|2(x-y)|=3|x+y|+2|x-y|≤3×+2×=1.即|x+5y|≤1.
[典例引領(lǐng)]
已知函數(shù)f(x)=|2x-a|+a.
(1)當(dāng)a=2時,求不等式f(x)≤6的解集;
(2)設(shè)函數(shù)g(x)= 52、|2x-1|.當(dāng)x∈R時,f(x)+g(x)≥3,求a的取值范圍.
解:(1)當(dāng)a=2時,f(x)=|2x-2|+2.
解不等式|2x-2|+2≤6得-1≤x≤3.
因此f(x)≤6的解集為{x|-1≤x≤3}.
(2)當(dāng)x∈R時,f(x)+g(x)=|2x-a|+a+|1-2x|≥3,
即+≥.
又min=,
所以≥,解得a≥2.
所以a的取值范圍是[2,+∞).
[由題悟法]
(1)研究含有絕對值的函數(shù)問題時,根據(jù)絕對值的定義,分類討論去掉絕對值符號,將原函數(shù)轉(zhuǎn)化為分段函數(shù),然后利用數(shù)形結(jié)合解決問題,這是常用的思想方法.
(2)f(x)<a恒成立?f(x)max<a. 53、
f(x)>a恒成立?f(x)min>a.
[即時應(yīng)用]
(2018·浙江七校聯(lián)考)已知函數(shù)f(x)=|3x+2|.
(1)解不等式f(x)<4-|x-1|;
(2)已知m+n=1(m,n>0),若|x-a|-f(x)≤+(a>0)恒成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍.
解:(1)不等式f(x)<4-|x-1|,即|3x+2|+|x-1|<4.
當(dāng)x<-時,即-3x-2-x+1<4,
解得- 54、時等號成立.
令g(x)=|x-a|-f(x)=|x-a|-|3x+2|=
∴x=-時,g(x)max=+a,要使不等式恒成立,
只需g(x)max=+a≤4,即0
55、 )
A.|x-y| 56、解集為{x|x<1}∪{x|1≤x<4}∪?={x|x<4}.
答案:{x|x<4}
5.不等式|x(x-2)|>x(x-2)的解集為________.
解析:不等式|x(x-2)|>x(x-2)的解集即x(x-2)<0的解集,解得0 57、y是實(shí)數(shù),那么“xy<0”是“|x-y|=|x|+|y|”的( )
A.充分不必要條件
B.必要不充分條件
C.充要條件
D.既不充分也不必要條件
解析:選A 因?yàn)椤皒y<0”可以推出“|x-y|=|x|+|y|”成立,反過來若“|x-y|=|x|+|y|”成立,但是xy有可能等于0,所以“xy<0”是“|x-y|=|x|+|y|”的充分不必要條件,故選A.
3.不等式|x-5|+|x+3|≥10的解集是( )
A.[-5,7] B.[-4,6]
C. (-∞,-5]∪[7,+∞) D. (-∞,-4]∪[6,+∞)
解析:選D 當(dāng)x≤-3時,|x-5|+|x+3| 58、=5-x-x-3=2-2x≥10,即x≤-4,∴x≤-4.當(dāng)-3 59、1.∴-2≤x<1.
綜上,-2≤x≤1.
所以原不等式的解集為{x|-2≤x≤1},故選A.
5.(2018·長沙六校聯(lián)考)設(shè)f(x)=x2-bx+c,不等式f(x)<0的解集是(-1,3),若f(7+|t|)>f(1+t2),則實(shí)數(shù)t的取值范圍為( )
A.(-3,1) B.(-3,3)
C.(-1,3) D.(-1,1)
解析:選B ∵f(x)<0的解集是(-1,3),
∴a>0,f(x)的對稱軸是x=1,且ab=2.
∴f(x)在[1,+∞)上單調(diào)遞增.
又∵7+|t|≥7,1+t2≥1,
∴由f(7+|t|)>f(1+t2),得7+|t|>1+t2.
∴| 60、t|2-|t|-6<0,解得-3<t<3. 故選B.
6.(2018·溫州模擬)不等式|x-1|-|x-2|(|x-1|-|x-2|)max.
因?yàn)閨x-1|-|x-2|≤|x-1-(x-2)|=1,故a>1.
故a的取值范圍為(1,+∞).
答案:(1,+∞)
7.設(shè)|x-2|
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