7、2-ac,即有2+ac=a2+c2,
又由a2+c2≥2ac,則有2+ac≥2ac,
變形可得:ac≤=2+,
則S=acsin B=ac≤.
即△ABC面積的最大值為.
3.解 (1)①由圖中表格可知,樣本中每周使用移動支付次數(shù)超過3次的男用戶有45人,女用戶30人,在這75人中,按性別用分層抽樣的方法隨機(jī)抽取5名用戶,其中男用戶有3人,女用戶有2人.
②抽取的3名男用戶分別記為A,B,C;女用戶分別記為d,e.
再從這5名用戶中隨機(jī)抽取2名用戶,共包含(A,B),(A,C),(A,d),(A,e),(B,C),(B,d),(B,e),(C,d),(C,e),(d,e)10種等
8、可能的結(jié)果,其中既有男用戶又有女用戶這一事件包含(A,d),(A,e),(B,d),(B,e),(C,d),(C,e),共計6種等可能的結(jié)果,
由古典概型的計算公式可得P=.
(2)由圖中表格可得列聯(lián)表
不喜歡移動支付
喜歡移動支付
合計
男
10
45
55
女
15
30
45
合計
25
75
100
將列聯(lián)表中的數(shù)據(jù)代入公式計算得
k=≈3.03<3.841,
所以,在犯錯誤的概率不超過0.05的前提下,不能認(rèn)為喜歡使用移動支付與性別有關(guān).
4.解 (1)=6,
=146,
==20,
=146-20×6=26,
∴=20+
9、26,
當(dāng)x=9時,=20×9+26=206,即某天售出9箱水的預(yù)計收益是206元.
(2)設(shè)甲獲一等獎為事件A1,甲獲二等獎為事件A2,乙獲一等獎為事件B1,乙獲二等獎為事件B2,丙獲一等獎為事件C1,丙獲二等獎為事件C2,則總事件有:(A1,B1,C1),(A1,B1,C2),(A1,B2,C1),(A2,B1,C1),(A2,B2,C1),(A2,B1,C2),(A1,B2,C2),(A2,B2,C2),8種情況.甲、乙、丙三人獎金不超過1 000的事件有(A2,B2,C2)1種情況,則求三人獲得獎學(xué)金之和不超過1 000元的概率P=.
5.解 (1)函數(shù)f(x)的定義域為(0,+
10、∞),f'(x)=ln x+1-a.由f'(x)=0得,x=ea-1,當(dāng)x∈(0,ea-1)時,f'(x)<0;當(dāng)x∈(ea-1,+∞)時,f'(x)>0.故函數(shù)在(0,ea-1)內(nèi)是減函數(shù),在(ea-1,+∞)內(nèi)是增函數(shù).
(2)由(1)得f(x)在x=ea-1時有極小值,也就是最小值.所以f(ea-1)≥0.
即(a-1)ea-1-a(ea-1-1)≥0,也就是a≥ea-1.
設(shè)g(x)=x-ex-1,g'(x)=1-ex-1,由g'(x)=0,得x=1,
當(dāng)x∈(0,1)時,g'(x)>0;當(dāng)x∈(1,+∞)時,g'(x)<0,
所以g(x)在(0,1)單調(diào)遞增,g(x)在(1
11、,+∞)單調(diào)遞減.
所以g(x)的最大值為g(x)max=g(1)=0,
所以a≤ea-1.又a≥ea-1,所以a=ea-1,即a=1.
6.解 (1)f'(x)=+x+a=(x>0),令f'(x)=0,即x2+ax+1=0,Δ=a2-4.
①當(dāng)a2-4≤0時,即-2≤a≤2時,x2+ax+1≥0恒成立,即f'(x)≥0,
此時f(x)在(0,+∞)單調(diào)遞增,無極值點.
②當(dāng)a2-4>0時,即a<-2或a>2,
若a<-2,設(shè)方程x2+ax+1=0的兩根為x1,x2,且x10,x2>0,
此時x∈(0,x1),f'(x)>0,f(x)單調(diào)遞增,
12、x∈(x1,x2),f'(x)<0,f(x)單調(diào)遞減,
x∈(x2,+∞),f'(x)>0,f(x)單調(diào)遞增,
故x1,x2分別為f(x)的極大值點和極小值點,
因此a<-2時,f(x)有兩個極值點.
若a>2,設(shè)方程x2+ax+1=0的兩根為x1,x2,且x10,即h'(x)>0,h(x)單調(diào)遞增.
因此x=1為h(x)的極小值點,即h(x)≥h(1)=e+1,故a≤e+1.