2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專題三 電場和磁場 專題跟蹤訓(xùn)練8 電場及帶電粒子在電場中的運(yùn)動

2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專題三 電場和磁場 專題跟蹤訓(xùn)練8 電場及帶電粒子在電場中的運(yùn)動一、選擇題1(2018·廣州市高三畢業(yè)測試)如圖，有兩個等量異種點(diǎn)電荷置于正方體的兩個頂點(diǎn)上，正點(diǎn)電荷置于a點(diǎn)，負(fù)點(diǎn)電荷置于c點(diǎn)，則()Ab、d、h、f點(diǎn)電勢相等Be、f、g、h點(diǎn)電勢相等Cbd連線中點(diǎn)的場強(qiáng)為零Dbd連線中點(diǎn)與fh連線中點(diǎn)的場強(qiáng)相同解析由等量異種點(diǎn)電荷的電場分布可知，ac連線的垂直等分面為等勢面，b、d、h、f點(diǎn)處于這個等勢面上，這四點(diǎn)電勢相等，選項A正確；e點(diǎn)電勢高于h點(diǎn)電勢，選項B錯誤；bd連線中點(diǎn)的場強(qiáng)不為零，選項C錯誤；bd連線中點(diǎn)與fh連線中點(diǎn)的場強(qiáng)方向相同，但大小不相同，選項D錯誤答案A2(2018·福州市高三質(zhì)檢)(多選)真空中，兩個固定點(diǎn)電荷A、B所帶電荷量分別為Q1和Q2.在它們共同形成的電場中，有一條電場線如圖中實線所示，實線上的箭頭表示電場線的方向，電場線上標(biāo)出了C、D兩點(diǎn)，其中D點(diǎn)的切線與AB連線平行，O點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)，則()AA帶正電，B帶負(fù)電，且|Q1|>|Q2|BO點(diǎn)電勢比D點(diǎn)電勢高C負(fù)檢驗電荷在C點(diǎn)的電勢能大于在D點(diǎn)的電勢能D在C點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，只在電場力作用下將沿電場線運(yùn)動到D點(diǎn)解析根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)終止于負(fù)電荷可知，A帶正電，B帶負(fù)電，根據(jù)場強(qiáng)疊加原理，結(jié)合D點(diǎn)的場強(qiáng)方向水平，可知|Q1|>|Q2|，選項A正確；根據(jù)等勢面垂直于電場線、沿著電場線的方向電勢降低可知，O點(diǎn)電勢比D點(diǎn)電勢高，選項B正確；C點(diǎn)電勢高于D點(diǎn)電勢，根據(jù)電勢能公式Epq可知，負(fù)檢驗電荷在C點(diǎn)的電勢能小于在D點(diǎn)的電勢能，選項C錯誤；場強(qiáng)的方向為電場線上某一點(diǎn)的切線方向，正電荷受電場力的方向與該點(diǎn)的場強(qiáng)方向相同，因此在C點(diǎn)由靜止釋放的帶正電的檢驗電荷，不會沿電場線運(yùn)動到D點(diǎn)，選項D錯誤答案AB3(2018·全國卷)(多選)圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2 V一電子經(jīng)過a時的動能為10 eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6 eV.下列說法正確的是()A平面c上的電勢為零B該電子可能到達(dá)不了平面fC該電子經(jīng)過平面d時，其電勢能為4 eVD該電子經(jīng)過平面b時的速率是經(jīng)過d時的2倍解析電子在等勢面b時的電勢能為Eq2 eV，電子由a到d的過程電場力做負(fù)功，電勢能增加6 eV，由于相鄰兩等勢面之間的距離相等，故相鄰兩等勢面之間的電勢差相等，則電子由a到b、由b到c、由c到d、由d到f電勢能均增加2 eV，則電子在等勢面c的電勢能為零，等勢面c的電勢為零，A正確由以上分析可知，電子在等勢面d的電勢能應(yīng)為2 eV，C錯誤電子在等勢面b的動能為8 eV，電子在等勢面d的動能為4 eV，由公式Ekmv2可知，該電子經(jīng)過平面b時的速率為經(jīng)過平面d時速率的倍，D錯誤如果電子的速度與等勢面不垂直，則電子在該勻強(qiáng)電場中做曲線運(yùn)動，所以電子可能到達(dá)不了平面f就返回平面a，B正確答案AB4(2018·蘭州高三診斷)真空中正三角形ABC的三個頂點(diǎn)上分別放有電荷量相等、電性不同的點(diǎn)電荷，A、C兩點(diǎn)處為正點(diǎn)電荷，B點(diǎn)處為負(fù)點(diǎn)電荷，如圖所示A處點(diǎn)電荷所受靜電力大小為F，則B、C兩處點(diǎn)電荷所受靜電力大小分別為()A.FF B.FFC2F2F D2F2F解析由庫侖定律F可知，三個點(diǎn)電荷相互之間的庫侖力大小相等，則對A處點(diǎn)電荷受力分析如圖甲所示，由于FBFC，因此圖甲中的三角形應(yīng)為正三角形，則FBFCF.對C處點(diǎn)電荷受力分析，同理可知C處點(diǎn)電荷所受的靜電力大小也為F.對B處點(diǎn)電荷受力分析如圖乙所示，由幾何關(guān)系可知F與FA的夾角應(yīng)為30°，則F2FAcos30°F.故B正確答案B5(2018·全國卷)(多選)如圖，同一平面內(nèi)的a、b、c、d四點(diǎn)處于勻強(qiáng)電場中，電場方向與此平面平行，M為a、c連線的中點(diǎn)，N為b、d連線的中點(diǎn)一電荷量為q(q>0)的粒子從a點(diǎn)移動到b點(diǎn)，其電勢能減小W1；若該粒子從c點(diǎn)移動到d點(diǎn)，其電勢能減小W2.下列說法正確的是()A此勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向一定與a、b兩點(diǎn)連線平行B若該粒子從M點(diǎn)移動到N點(diǎn)，則電場力做功一定為C若c、d之間的距離為L，則該電場的場強(qiáng)大小一定為D若W1W2，則a、M兩點(diǎn)之間的電勢差一定等于b、N兩點(diǎn)之間的電勢差解析由題意得，(ab)qW1，(cd)qW2，只能得出a、b兩點(diǎn)間和c、d兩點(diǎn)間的電勢關(guān)系，無法確定場強(qiáng)的方向，選項A錯誤；若c、d之間的距離為L，因無法確定場強(qiáng)的方向，故無法確定場強(qiáng)的大小，選項C錯誤；由于M、N、WMNq(MN)，上述式子聯(lián)立求解得粒子從M點(diǎn)移動到N點(diǎn)電場力做的功為WMN，所以B正確；若W1W2，有abcd，變形可得acbd，又aMa，bNb，所以aMbN，D正確答案BD6(2018·襄陽市高三統(tǒng)考)如圖所示，AC、BD為圓的兩條相互垂直的直徑，圓心為O，半徑為R，電荷量均為Q的正、負(fù)點(diǎn)電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，正點(diǎn)電荷所處位置與O點(diǎn)的連線和OC間夾角為60°.下列說法正確的是()AO點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為，方向由O指向DBO點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為，方向由O指向DCA、C兩點(diǎn)的電勢關(guān)系是A<CD電荷量為q的正電荷在A點(diǎn)的電勢能大于在C點(diǎn)的電勢能解析根據(jù)點(diǎn)電荷的電場Ek和電場疊加原理知，O點(diǎn)的場強(qiáng)大小Ekcos30°，方向由O指向D，A錯誤，B正確；由等量異種點(diǎn)電荷的等勢線分布特點(diǎn)可知，兩點(diǎn)電荷連線的垂直平分線上的電勢均為零，即A、C兩點(diǎn)的電勢相等，C錯誤；A點(diǎn)與C點(diǎn)的電勢相等，故電荷量為q的正電荷在A點(diǎn)的電勢能等于在C點(diǎn)的電勢能，D錯誤答案B7一平行板電容器充電后與電源斷開，負(fù)極板接地兩板間有一個正檢驗電荷固定在P點(diǎn)，如下圖甲所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場強(qiáng)、表示P點(diǎn)的電勢，W表示正電荷在P點(diǎn)的電勢能，若正極板保持不動，將負(fù)極板緩慢向右平移一小段距離l0的過程中，各物理量與負(fù)極板移動距離x的關(guān)系圖象中正確的是()解析電容器的電容C，兩板間距隨負(fù)極板向右平移而逐漸增大，但電容C與(dx)成反比，A錯誤；電容器與電源斷開后，電荷量不變，根據(jù)E，U，C，可知E保持不變，B錯誤；負(fù)極板接地，電勢為零，P點(diǎn)的電勢等于P點(diǎn)到負(fù)極板的電勢差，即El，E不變，l減小，線性減小，C正確；由Wq，可知W隨的變化而變化，即W隨l的變化而變化，D錯誤答案C8. (多選)空間某一靜電場的電勢在x軸上分布如圖所示，x軸上B、C點(diǎn)電場強(qiáng)度在x方向上的分量分別是EBx、ECx，下列說法中正確的有()AEBx的大小大于ECx的大小BEBx的方向沿x軸正方向C電荷在O點(diǎn)受到的電場力在x方向上的分量最大D負(fù)電荷沿x軸從B移到C的過程中，電場力先做正功，后做負(fù)功解析在B點(diǎn)和C點(diǎn)附近分別取很小的一段(d)，由圖象知B點(diǎn)段對應(yīng)的電勢差大于C點(diǎn)段對應(yīng)的電勢差，將此小段看作是勻強(qiáng)電場，再由E，可見EBx>ECx，A項正確；同理可知O點(diǎn)場強(qiáng)為零，電荷在該點(diǎn)受到的電場力為零，C項錯誤；因沿電場線方向電勢逐漸降低，則由圖可知在O點(diǎn)左側(cè)，電場方向在x方向上的分量沿x軸負(fù)方向，在O點(diǎn)右側(cè)，電場方向在x方向上的分量沿x軸正方向，則負(fù)電荷沿x軸從B移到C的過程中，電場力先做正功，后做負(fù)功，所以B項錯誤，D項正確答案AD9(多選)制造納米薄膜裝置的工作電極可簡化為真空中間距為d的兩平行金屬板，如圖甲所示，加在A、B間的電壓UAB做周期性變化，其正向電壓為U0，反向電壓為kU0(k1)，電壓變化的周期為2T，如圖乙所示在t0時，有一個質(zhì)量為m、電荷量為e的電子以初速度v0垂直電場方向從兩極板正中間射入電場，在運(yùn)動過程中未與極板相撞，且不考慮重力的作用，則下列說法中正確的是()A若k且電子恰好在2T時刻射出電場，則應(yīng)滿足的條件是d B若k1且電子恰好在4T時刻從A板邊緣射出電場，則其動能增加C若k且電子恰好在2T時刻射出電場，則射出時的速度為 D若k1，則電子在射出電場的過程中，沿電場方向的分速度方向始終不變解析豎直方向，電子在0T時間內(nèi)做勻加速運(yùn)動，加速度的大小a1，位移x1a1T2，在T2T時間內(nèi)先做勻減速運(yùn)動，后反向做勻加速運(yùn)動，加速度的大小a2，初速度的大小v1a1T，勻減速運(yùn)動階段的位移x2，由題知dx1x2，解得d ，A正確；若k1且電子恰好在4T時刻從A板邊緣射出電場，電場力做功為零，動能不變，B錯誤；若k且電子恰好在2T時刻射出電場，垂直電場方向速度為v0，射出時的速度為 ，C錯誤；若k1，電子在射出電場的過程中，沿電場方向的分速度方向始終不變，D正確答案AD二、非選擇題10(2018·石家莊高三質(zhì)檢二)如圖所示，ABCD且A、B、C、D位于一半徑為r的豎直圓上，在C點(diǎn)有一固定點(diǎn)電荷，電荷量為Q.現(xiàn)從A點(diǎn)將一質(zhì)量為m、電荷量為q的小球由靜止釋放，小球沿光滑絕緣軌道ADB運(yùn)動到D點(diǎn)時速度為，g為重力加速度，不考慮運(yùn)動電荷對靜電場的影響，求：(1)小球運(yùn)動到D點(diǎn)時對軌道的壓力；(2)小球從A點(diǎn)到D點(diǎn)過程中電勢能的改變量解析(1)小球在D點(diǎn)時有FNkmg解得FN2mgk由牛頓第三定律得，小球在D點(diǎn)時對軌道的壓力大小為FN2mgk方向豎直向下(2)小球從A運(yùn)動到D，根據(jù)動能定理，有：mgrW電m()20解得電場力做的功：W電mgr因為電場力做負(fù)功，則電勢能增加，Epmgr答案(1)2mgk，方向豎直向下(2)mgr11(2018·江蘇蘇北四市聯(lián)考)如圖甲所示，極板A、B間電壓為U0，極板C、D間距為d，熒光屏到C、D板右端的距離等于C、D板的板長A板O處的放射源連續(xù)無初速地釋放質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，經(jīng)電場加速后，沿極板C、D的中心線射向熒光屏(熒光屏足夠大且與中心線垂直)，當(dāng)C、D板間未加電壓時，粒子通過兩板間的時間為t0；當(dāng)C、D板間加上圖乙所示電壓(圖中電壓U1已知)時，粒子均能從C、D兩板間飛出，不計粒子的重力及相互間的作用求：(1)C、D板的長度L；(2)粒子從C、D板間飛出時垂直于極板方向偏移的最大距離；(3)粒子打在熒光屏上區(qū)域的長度解析(1)粒子在A、B板間有qU0mv在C、D板間有Lv0t0解得：Lt0(2)粒子從nt0(n0、2、4)時刻進(jìn)入C、D板間，從C、D板間飛出時垂直于極板方向偏移距離最大粒子做類平拋運(yùn)動偏移距離yat加速度a得：y(3)粒子從C、D板間飛出時垂直極板方向偏移距離最大時打在熒光屏上距中心線最遠(yuǎn)出C、D板時的偏轉(zhuǎn)角tan，vyat打在熒光屏上距中心線最遠(yuǎn)的距離syLtan粒子打在熒光屏上區(qū)域的長度ss答案(1)t0(2)(3)