（江蘇專版）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)（十七）動(dòng)能定理及其應(yīng)用（含解析）

《（江蘇專版）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)（十七）動(dòng)能定理及其應(yīng)用（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專版）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)（十七）動(dòng)能定理及其應(yīng)用（含解析）（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（江蘇專版）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)（十七）動(dòng)能定理及其應(yīng)用（含解析） 對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：對(duì)動(dòng)能定理的理解 1．(2019·姜堰月考)關(guān)于動(dòng)能的理解，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是(　　) A．動(dòng)能是機(jī)械能的一種表現(xiàn)形式，凡是運(yùn)動(dòng)的物體都具有動(dòng)能 B．物體的動(dòng)能不能為負(fù)值 C．一定質(zhì)量的物體動(dòng)能變化時(shí)，速度一定變化；但速度變化時(shí)，動(dòng)能不一定變化 D．動(dòng)能不變的物體，一定處于平衡狀態(tài) 解析：選D　動(dòng)能是普遍存在的機(jī)械能的一種基本形式，運(yùn)動(dòng)的物體都有動(dòng)能，A正確；根據(jù)Ek＝mv2知，質(zhì)量為正值，速度的平方為正值，則動(dòng)能一定為正值，B正確；一定質(zhì)量的物體，動(dòng)能變化，則速度的大小一定變化，所以

2、速度一定變化；但是速度變化，動(dòng)能不一定變化，比如做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度方向變化，大小不變，則動(dòng)能不變，C正確；動(dòng)能不變的物體，速度方向可能變化，則不一定處于平衡狀態(tài)，D錯(cuò)誤。 2.(2018·溧水期中)我國(guó)發(fā)射的神舟飛船，進(jìn)入預(yù)定軌道后繞地球做橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，地球位于橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上，如圖所示。飛船從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到遠(yuǎn)地點(diǎn)B點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．飛船受到的引力逐漸增大 B．飛船的加速度逐漸增大 C．飛船受到的引力對(duì)飛船不做功 D．飛船的動(dòng)能逐漸減小 解析：選D　由題圖可知，飛船由A到B的過(guò)程中，離地球的距離增大，則萬(wàn)有引力減小，飛船的加速度減小，故A、B錯(cuò)誤；引力對(duì)飛船

3、做負(fù)功，由動(dòng)能定理可知，飛船的動(dòng)能減小，故C錯(cuò)誤，D正確。 對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：動(dòng)能定理的應(yīng)用 3．(2018·揚(yáng)州期末)某士兵練習(xí)迫擊炮打靶，如圖所示，第一次炮彈落點(diǎn)在目標(biāo)A的右側(cè)，第二次調(diào)整炮彈發(fā)射方向后恰好擊中目標(biāo)。忽略空氣阻力的影響，每次炮彈發(fā)射速度大小相等，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．第二次炮彈在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng) B．兩次炮彈在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等 C．第二次炮彈落地速度較大 D．第二次炮彈落地速度較小 解析：選A　炮彈在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升時(shí)間與下落時(shí)間相等。根據(jù)下落過(guò)程豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，h＝gt2，第二次下落高度高，所以第二次炮彈在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)，故A正確，

4、B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理：mgh＝mv2－mv02，由于兩次在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力做功都是零，則v＝v0，所以兩次炮彈落地速度相等，故C、D錯(cuò)誤。 4．(2019·啟東月考)竹蜻蜓是我國(guó)古代發(fā)明的一種兒童玩具，人們根據(jù)竹蜻蜓的原理設(shè)計(jì)了直升機(jī)的螺旋槳。如圖所示，一小孩搓動(dòng)質(zhì)量為20 g的竹蜻蜓，松開(kāi)后竹蜻蜓能上升到二層樓房頂處。搓動(dòng)過(guò)程中手對(duì)竹蜻蜓做的功可能是(　　) A．0.2 J　　　　　　　　　 　B．0.6 J C．1.0 J D．2.5 J 解析：選D　地面到二層樓房頂?shù)母叨燃s為6 m，竹蜻蜓從地面飛到二層樓房頂高處時(shí)，速度剛好為零，此過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：－mgh－Wf＝0

5、－mv02，則：mv02＞mgh＝0.02×10×6 J＝1.2 J，而在搓動(dòng)過(guò)程中手對(duì)竹蜻蜓做的功等于竹蜻蜓獲得的初動(dòng)能，所以在搓動(dòng)過(guò)程中手對(duì)竹蜻蜓做的功大于1.2 J，故D正確。 5.如圖，水平轉(zhuǎn)臺(tái)上有一個(gè)質(zhì)量為m的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，物塊與豎直轉(zhuǎn)軸間距為R，物塊與轉(zhuǎn)臺(tái)間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，現(xiàn)讓物塊始終隨轉(zhuǎn)臺(tái)一起由靜止開(kāi)始緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)至角速度為ω時(shí)，(　　) A．物塊受到的向心力為μmg B．物塊受到的摩擦力為mω2R C．轉(zhuǎn)臺(tái)對(duì)物塊做的功為mω2R2 D．轉(zhuǎn)臺(tái)對(duì)物塊做的功不小于μmgR 解析：選C　物塊與圓盤間是靜摩擦力，不能用滑動(dòng)摩擦力公式計(jì)算，故

6、A錯(cuò)誤。物塊受到重力、支持力和摩擦力三個(gè)力的作用，摩擦力沿半徑方向的分量充當(dāng)了向心力Ff＝mω2R，因?yàn)閳A盤加速轉(zhuǎn)動(dòng)，摩擦力在切向有分力，所以摩擦力大于mω2R，故B錯(cuò)誤。物塊始終隨轉(zhuǎn)臺(tái)一起由靜止開(kāi)始緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)至角速度為ω的過(guò)程中，重力和支持力不做功，只有摩擦力做功，末速度v＝ωR，根據(jù)動(dòng)能定理，有W＝mv2＝mω2R2，故C正確。物體即將滑動(dòng)時(shí)，最大靜摩擦力提供向心力，由向心力公式μmg＝m，得mvmax2＝μmgR，物體做加速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程Wf＝mv2，v＜vmax，所以轉(zhuǎn)臺(tái)對(duì)物塊做的功小于或等于μmgR，故D錯(cuò)誤。 6.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一個(gè)半徑為R的四分之三光滑圓管軌道，其上端

7、點(diǎn)B在圓心O的正上方，另一個(gè)端點(diǎn)A與圓心O等高。一個(gè)小球(可視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)正上方某一高度處自由下落，由A點(diǎn)進(jìn)入圓管軌道后從B點(diǎn)飛出，之后又恰好從A點(diǎn)進(jìn)入圓管軌道。則小球開(kāi)始下落時(shí)距A點(diǎn)的高度為(　　) A．R B. C. D. 解析：選D　小球從B點(diǎn)飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，恰好從A點(diǎn)進(jìn)入管道時(shí)，水平方向：vt＝R，豎直方向：R＝gt2，解得：v＝ ；小球從A點(diǎn)上方自由下落，經(jīng)B再次從A點(diǎn)落入圓管軌道，整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理得：mg(h－R)＝mv2，解得h＝R，即小球開(kāi)始下落時(shí)距A點(diǎn)的高度為h＝R，故D正確。 對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：動(dòng)能定理的圖像問(wèn)題 7．(2018·淮安期中)如圖所示，x軸在水

8、平地面上，y軸在豎直方向。圖中畫出了從y軸上不同位置沿x軸正向水平拋出的三個(gè)質(zhì)量相等小球a、b和c的運(yùn)動(dòng)軌跡。小球a從(0,2L)拋出，落在(2L,0)處；小球b、c從(0，L)拋出，分別落在(2L,0)和(L,0)處。不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．b球的初速度是a球的初速度的兩倍 B．b球的初速度是a球的初速度的倍 C．b球的動(dòng)能增量是c球的動(dòng)能增量的兩倍 D．a(chǎn)球的動(dòng)能增量是c球的動(dòng)能增量的倍 解析：選B　a、b兩球的水平位移相同，但運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，根據(jù)t＝ 可知＝，根據(jù)v0＝可知＝，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；b、c兩球的豎直位移相同，根據(jù)動(dòng)能定理mgh＝ΔEk可知，b球的

9、動(dòng)能增量等于c球的動(dòng)能增量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；a球的豎直位移等于c球的2倍，根據(jù)動(dòng)能定理可知，a球的動(dòng)能增量等于c球動(dòng)能增量的2倍，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 8.[多選](2019·南京調(diào)研)如圖所示，滑塊以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到達(dá)最高點(diǎn)后又返回到出發(fā)點(diǎn)。則能大致反映整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，滑塊的加速度a、速度v隨時(shí)間t，重力對(duì)滑塊所做的功W、動(dòng)能Ek與位移x關(guān)系的是(取初始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)、初速度方向?yàn)檎较?(　　) 解析：選BC　上滑時(shí)的加速度a1＝－＝－(gsin θ＋μgcos θ)，下滑時(shí)的加速度a2＝－＝－(gsin θ－μgcos θ)，則|a1|＞|a2|，由于下滑與上滑過(guò)程位移大

10、小相等，則根據(jù)位移公式x＝at2知下滑時(shí)間t2大于上滑的時(shí)間t1，又由于機(jī)械能有損失，返回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)速度(動(dòng)能)小于出發(fā)時(shí)的初速度(動(dòng)能)，故A、D錯(cuò)誤，B正確。重力做功W＝－mgh＝－mgxsin θ，故C正確。 9．(2018·宿遷期末)一物塊沿傾角為θ的斜面向上滑后又滑回原處，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不變，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物塊動(dòng)能與位移x關(guān)系如圖所示。則該過(guò)程中(重力加速度為g)(　　) A．物塊從底端上滑到最高點(diǎn)過(guò)程中克服阻力做功0.5E0 B．物塊從底端上滑到最高點(diǎn)過(guò)程中重力做功為0.75E0 C．物塊在上滑過(guò)程中加速度大小為gsin θ D．物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為tan θ

11、 解析：選D　由題圖可知，物塊從底端開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，再回到底端時(shí)，動(dòng)能損失0.5E0，則克服阻力做功為0.5E0，則物塊從底端上滑到最高點(diǎn)過(guò)程中克服阻力做功0.25E0，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；物塊從底端上滑到最高點(diǎn)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理WG－Wf＝0－E0，解得WG＝－0.75E0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；因＝＝3，則mgsin θ＝3f＝3μmgcos θ，解得μ＝tan θ，選項(xiàng)D正確；物塊上滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律mgsin θ＋f＝ma，解得a＝gsin θ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。 考點(diǎn)綜合訓(xùn)練 10．[多選](2019·鹽城模擬)如圖所示，質(zhì)量為1 kg的小球靜止在豎直放置的輕彈簧上，彈簧勁度系數(shù)k＝50 N/m?，F(xiàn)用

12、大小為5 N、方向豎直向下的力F作用在小球上，當(dāng)小球向下運(yùn)動(dòng)到最大速度時(shí)撤去F(g取10 m/s2，已知彈簧一直處于彈性限度內(nèi))，則小球(　　) A．返回到初始位置時(shí)的速度大小為1 m/s B．返回到初始位置時(shí)的速度大小為 m/s C．由最低點(diǎn)返回到初始位置過(guò)程中動(dòng)能一直增加 D．由最低點(diǎn)返回到初始位置過(guò)程中動(dòng)能先增加后減少 解析：選AC　初始時(shí)彈簧的壓縮量x1＝＝ m＝0.2 m，小球向下運(yùn)動(dòng)到最大速度時(shí)合力為零，由平衡條件得：mg＋F＝kx2，得x2＝0.3 m，則小球從開(kāi)始向下到速度最大的位置通過(guò)的位移x＝x2－x1＝0.1 m，從開(kāi)始到返回初始位置的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理得：F

13、x＝mv2，解得小球返回到初始位置時(shí)的速度大小為v＝1 m/s，故A正確，B錯(cuò)誤；由最低點(diǎn)返回到初始位置過(guò)程中，彈簧對(duì)小球的彈力一直大于重力，則小球做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能一直增加，故C正確，D錯(cuò)誤。 11．(2018·宜興期末)如圖所示，在水平勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶的左端(P點(diǎn))，輕放—質(zhì)量為m＝1 kg的物塊，物塊隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)后拋出，物塊恰好無(wú)碰撞地沿圓弧切線從B點(diǎn)進(jìn)入豎直光滑圓弧軌道下滑。B、D為圓弧的兩端點(diǎn)，其連線水平。已知圓弧半徑R＝1.0 m，圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角θ＝106°，軌道最低點(diǎn)為C，A點(diǎn)距水平面的高度h＝0.80 m。(g取10 m/s2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0

14、.6)求： (1)物塊離開(kāi)A點(diǎn)時(shí)水平初速度的大??； (2)物塊經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力的大?。? (3)設(shè)物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3，傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)的速度為5 m/s，求物塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至A點(diǎn)過(guò)程中電動(dòng)機(jī)多消耗的電能。 解析：(1)物塊運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)，合速度v的方向與水平速度v0的方向成53°， 有tan 53°＝，又h＝gt2， 聯(lián)立解得v0＝3 m/s。 (2)物塊由B運(yùn)動(dòng)至C的過(guò)程中用動(dòng)能定理可得 mgR(1－cos 53°)＝mvC2－mvB2， vB＝5 m/s， 在C點(diǎn)有：F－mg＝m 聯(lián)立解得F＝43 N。 由牛頓第三定律得，物塊經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為

15、F′＝F＝43 N。 (3)物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a＝3 m/s2， 物塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至A點(diǎn)所需的時(shí)間為t＝＝1 s， 物塊與傳送帶的皮帶相對(duì)距離s＝v皮t－v0t， 多消耗的電能為W＝μmgs＋mv02， 解得W＝15 J。 答案：(1)3 m/s　(2)43 N　(3)15 J 12．(2019·揚(yáng)州模擬)如圖所示，水平轉(zhuǎn)臺(tái)上有一個(gè)質(zhì)量為m的物塊，用長(zhǎng)為2L的輕質(zhì)細(xì)繩將物塊連接在轉(zhuǎn)軸上，細(xì)繩與豎直轉(zhuǎn)軸的夾角θ＝30°，此時(shí)細(xì)繩伸直但無(wú)張力，物塊與轉(zhuǎn)臺(tái)間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。物塊隨轉(zhuǎn)臺(tái)由靜止開(kāi)始緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)，重力加速度為g，求： (1)當(dāng)轉(zhuǎn)臺(tái)角

16、速度ω1為多大時(shí)，細(xì)繩開(kāi)始有張力出現(xiàn)； (2)當(dāng)轉(zhuǎn)臺(tái)角速度ω2為多大時(shí)，轉(zhuǎn)臺(tái)對(duì)物塊支持力為零； (3)轉(zhuǎn)臺(tái)從靜止開(kāi)始加速到角速度ω3＝ 的過(guò)程中，轉(zhuǎn)臺(tái)對(duì)物塊做的功。 解析：(1)當(dāng)最大靜摩擦力不能滿足物塊做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力時(shí)，細(xì)繩上開(kāi)始有張力：μmg＝mω12·2Lsin θ 代入數(shù)據(jù)得：ω1＝ 。 (2) 當(dāng)支持力為零時(shí)，物塊所需要的向心力由重力和細(xì)繩拉力的合力提供： mgtan θ＝mω22·2Lsin θ 代入數(shù)據(jù)得：ω2＝ 。 (3)因?yàn)棣?>ω2，所以物塊已經(jīng)離開(kāi)轉(zhuǎn)臺(tái)在空中做圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)細(xì)繩與豎直方向夾角為α，有： mgtan α＝mω32·2Lsin α 代入數(shù)據(jù)得：α＝60° 轉(zhuǎn)臺(tái)對(duì)物塊做的功等于物塊動(dòng)能增加量與重力勢(shì)能增加量的總和，即： W＝m(ω3·2Lsin 60°)2＋mg(2Lcos 30°－2Lcos 60°) 代入數(shù)據(jù)得：W＝mgL。 答案：(1) 　(2) 　(3)mgL