《(通用版)2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 特訓(xùn)“2+1+2”壓軸滿分練(三)理(重點(diǎn)生含解析)》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(通用版)2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 特訓(xùn)“2+1+2”壓軸滿分練(三)理(重點(diǎn)生含解析)(5頁珍藏版)》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、(通用版)2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 特訓(xùn)“2+1+2”壓軸滿分練(三)理(重點(diǎn)生,含解析)
1.已知函數(shù)f(x)=+2kln x-kx,若x=2是函數(shù)f(x)的唯一極值點(diǎn),則實(shí)數(shù)k的取值范圍是( )
A. B.
C.(0,2] D.[2,+∞)
解析:選A 由題意可得f′(x)=+=,x>0,
令f′(x)=0,得x=2或ex=kx2(x>0),
由x=2是函數(shù)f(x)的唯一極值點(diǎn)知ex≥kx2(x>0)恒成立或ex≤kx2(x>0)恒成立,由y=ex(x>0)和y=kx2(x>0)的圖象可知,只能是ex≥kx2(x>0)恒成立.
法一:由x>0知,ex≥
2、kx2,則k≤,
設(shè)g(x)=,則k≤g(x)min.
由g′(x)=,得當(dāng)x>2時(shí),g′(x)>0,g(x)單調(diào)遞增;當(dāng)00)恒成立,則y=ex(x>0)的圖象在y=kx2(x>0)的圖象的上方(含相切),
①若k≤0,易知滿足題意;
②若k>0,設(shè)y=ex(x>0)與y=kx2(x>0)的圖象在點(diǎn)(x0,y0)處有相同的切線,
則解得數(shù)形結(jié)合可知,0
3、且?s∈N*,as>as+1.已知“有增有減”數(shù)列{an}共4項(xiàng),若ai∈{x,y,z}(i=1,2,3,4),且x
4、數(shù)列,含1,2,3中的任意兩個(gè)數(shù)或三個(gè)數(shù),
若含兩個(gè)數(shù),則有C=3種情況,以含有1,2為例,不減數(shù)列有1,1,1,2;1,1,2,2;
1,2,2,2,共3個(gè),所以含兩個(gè)數(shù)的不減數(shù)列共有3×3=9個(gè).
若含三個(gè)數(shù),則不減數(shù)列有1,1,2,3;1,2,3,3;1,2,2,3,共3個(gè).
所以不減數(shù)列共有9+3=12個(gè).
③不增數(shù)列,同理②,共有12個(gè).
綜上,數(shù)列{an}不是“有增有減”數(shù)列共有3+12×2=27個(gè).
所以,數(shù)列{an}是“有增有減”數(shù)列共有34-27=54個(gè).
法二:根據(jù)題設(shè)“有增有減”數(shù)列的定義,數(shù)列{an}共有兩類.
第一類:數(shù)列{an}的4項(xiàng)只含有x,y,
5、z中的兩個(gè),則有C=3種情況,以只含x,y為例,滿足條件的數(shù)列{an}有x,y,x,x;x,x,y,x;y,x,y,y;y,y,x,y;x,y,x,y;y,x,y,x;x,y,y,x;y,x,x,y,共8個(gè),所以此類共有3×8=24個(gè).
第二類:數(shù)列{an}的4項(xiàng)含有x,y,z中的三個(gè),必有兩項(xiàng)是同一個(gè),有C=3種情況,以兩項(xiàng)是x,另兩項(xiàng)分別為y,z為例,滿足條件的數(shù)列{an}有x,x,z,y;x,y,x,z;x,z,x,y;x,y,z,x;x,z,y,x;y,x,x,z;y,x,z,x;y,z,x,x;z,x,x,y;z,x,y,x,共10個(gè),所以此類共有3×10=30個(gè).
綜上,數(shù)列{
6、an}共有24+30=54個(gè).
3.如圖,等腰三角形PAB所在平面為α,PA⊥PB,AB=4,C,D分別為PA,AB的中點(diǎn),G為CD的中點(diǎn).平面α內(nèi)經(jīng)過點(diǎn)G的直線l將△PAB分成兩部分,把點(diǎn)P所在的部分沿直線l翻折,使點(diǎn)P到達(dá)點(diǎn)P′(P′?平面α).若點(diǎn)P′在平面α內(nèi)的射影H恰好在翻折前的線段AB上,則線段P′H的長度的取值范圍是________.
解析:在等腰三角形PAB中,∵PA⊥PB,AB=4,
∴PA=PB=2.
∵C,D分別為PA,AB的中點(diǎn),
∴PC=CD=且PC⊥CD.
連接PG,P′G,
∵G為CD的中點(diǎn),∴PG=P′G=.
連接HG,
∵點(diǎn)P
7、′在平面α內(nèi)的射影H恰好在翻折前的線段AB上,
∴P′H⊥平面α,∴P′H⊥HG,
∴HG<P′G=.
易知點(diǎn)G到線段AB的距離為,
∴HG≥,∴≤HG<.
又P′H=,∴0<P′H≤.
答案:
4.設(shè)拋物線C:y2=2px(p>0)的焦點(diǎn)為F,準(zhǔn)線為l.已知以F為圓心,半徑為4的圓與l交于A,B兩點(diǎn),E是該圓與拋物線C的一個(gè)交點(diǎn),∠EAB=90°.
(1)求p的值;
(2)已知點(diǎn)P的縱坐標(biāo)為-1且在拋物線C上,Q,R是拋物線C上異于點(diǎn)P的兩點(diǎn),且滿足直線PQ和直線PR的斜率之和為-1,試問直線QR是否經(jīng)過一定點(diǎn)?若是,求出定點(diǎn)的坐標(biāo);否則,請說明理由.
解:(1)連接AF
8、,EF,由題意及拋物線的定義,得|AF|=|EF|=|AE|=4,即△AEF是邊長為4的正三角形,所以∠FAE=60°,設(shè)準(zhǔn)線l與x軸交于點(diǎn)D,在Rt△ADF中,∠FAD=30°,所以p=|DF|=|AF|=×4=2.
(2)由題意知直線QR的斜率不為0,設(shè)直線QR的方程為x=my+t,點(diǎn)Q(x1,y1),R(x2,y2).
由得y2-4my-4t=0,
則Δ=16m2+16t>0,y1+y2=4m,y1·y2=-4t.
又點(diǎn)P,Q在拋物線C上,
所以kPQ====,
同理可得kPR=.因?yàn)閗PQ+kPR=-1,
所以+=
==-1,
則t=3m-.
由
解得m∈∪∪(1
9、,+∞),
所以直線QR的方程為x=m(y+3)-,
則直線QR過定點(diǎn).
5.已知函數(shù)f(x)=e2x(x3+ax+4xcos x+1),g(x)=ex-m(x+1).
(1)當(dāng)m≥1時(shí),求函數(shù)g(x)的極值;
(2)若a≥-,證明:當(dāng)x∈(0,1)時(shí),f(x)>x+1.
解:(1)由題意可知g′(x)=ex-m,
當(dāng)m≥1時(shí),由g′(x)=0得x=ln m,
由x>ln m得g′(x)>0,g(x)單調(diào)遞增;由x
10、0,1)時(shí),要證f(x)>x+1,
即證x3+ax+4xcos x+1>.
由(1)得,當(dāng)m=1時(shí),g(x)=ex-(x+1)≥0,
即ex≥x+1,
所以e2x≥(x+1)2,所以<,x∈(0,1),
x3+ax+4xcos x+1->x3+ax+4xcos x+1-=x3+ax+4xcos x+=x,
令h(x)=x2+4cos x+a+,
則h′(x)=2x-4sin x-,
令I(lǐng)(x)=2x-4sin x,
則I′(x)=2-4cos x=2(1-2cos x),
當(dāng)x∈(0,1)時(shí),cos x>cos 1>cos=,
所以1-2cos x<0,
所以I′(x)<0,所以I(x)在(0,1)上為減函數(shù),
所以當(dāng)x∈(0,1)時(shí),I(x)h(1)=a++4cos 1,
因?yàn)?cos 1>4cos=2,而a≥-,
所以a++4cos 1>0,所以當(dāng)x∈(0,1)時(shí),h(x)>0,
所以x3+ax+4xcos x+1>成立,
所以當(dāng)x∈(0,1)時(shí),f(x)>x+1成立.