（浙江專版）2022年高考物理一輪復習 第3章 相互作用檢測

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1、（浙江專版）2022年高考物理一輪復習 第3章 相互作用檢測 一、選擇題(每小題只有一個選項正確,共70分) 1. 中國女排在2016年奧運會比賽中再度奪冠。圖為比賽中精彩瞬間的照片,此時排球受到的力有(　　) A.推力 B.重力、推力 C.重力、空氣對球的作用力 D.重力、推力、空氣對球的作用力 2.如圖所示的裝置中,小球的質量均相同,彈簧和細線的質量均不計,一切摩擦忽略不計,平衡時各彈簧的彈力分別為F1、F2、F3,其大小關系是(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.F1=F2=F3 B.F1=F2F2 D.F3>F1>F2

2、3.關于由滑動摩擦力公式Ff=μFN推出的μ=,下列說法正確的是(　　) A.動摩擦因數(shù)μ與摩擦力Ff成正比,Ff越大,μ越大 B.動摩擦因數(shù)μ與正壓力FN成反比,FN越大,μ越小 C.μ與Ff成正比,與FN成反比 D.μ的大小由兩物體接觸面的情況及其材料性質決定 4. 水平橫梁一端A插在墻壁內,另一端裝有一小滑輪B,一輕繩的一端C固定于墻壁上,另一端跨過滑輪后懸掛一質量為m=10 kg的重物,∠CBA=30°,如圖所示,則滑輪受到繩子的作用力的大小為(　　) A.50 N B.20 N C.100 N D.100 N 5. 如圖所示,三根相同的繩子末端連接于O點,A

3、、B端固定,C端受一水平力F,當F逐漸增大時(O點位置保持不變),最先斷的繩子是(　　) A.OA繩 B.OB繩 C.OC繩 D.三繩同時斷 6. 如圖所示,質量為m的正方體和質量為m0的正方體放在兩豎直墻和水平面間,處于靜止狀態(tài)。m和m0的接觸面與豎直方向的夾角為α,重力加速度為g,若不計一切摩擦,下列說法正確的是(　　) A.水平面對正方體m0的彈力大小大于(m0+m)g B.水平面對正方體m0的彈力大小為(m0+m)gcos α C.墻面對正方體m的彈力大小為mgtan α D.墻面對正方體m0的彈力大小為 7. 如圖所示,某同學為頸椎病人設計的一個牽引裝置的

4、示意圖,一根繩繞過兩個定滑輪和一個動滑輪,兩端各掛著一個相同的重物,與動滑輪相連的帆布帶拉著病人的頸椎(圖中是用手指代替頸椎做實驗),整個裝置在同一豎直平面內。如果要增大手指所受的拉力,可采取的方法是(　　) ①只增加繩的長度?、谥辉黾又匚锏馁|量?、壑粚⑹种赶蛳乱苿印、苤粚⑹种赶蛏弦苿? A.②③ B.①② C.③④ D.②④ 8. 如圖所示,一光滑半圓形碗固定在水平面上,質量為m1的小球用輕繩跨過碗口并連接質量分別為m2和m3的物體,平衡時碗內小球恰好與碗之間沒有彈力,兩繩與水平方向夾角分別為53°、37°,則m1∶m2∶m3的比值為(已知sin 53°=0.8,cos 53°=0

5、.6)(　　) A.5∶4∶3 B.4∶3∶5 C.3∶4∶5 D.5∶3∶4 9. 如圖所示,質量為m0的楔形物塊靜置在水平地面上,其斜面的傾角為θ。斜面上有一質量為m的小物塊,小物塊與斜面之間存在摩擦。用恒力F沿斜面向上拉小物塊,使之勻速上滑。在小物塊運動的過程中,楔形物塊始終保持靜止。則地面對楔形物塊的支持力的大小為(　　) A.(m0+m)g B.(m0+m)g-F C.(m0+m)g+Fsin θ D.(m0+m)g-Fsin θ 10. 如圖所示,一種常用的“千斤頂”示意圖,搖動手柄能使螺旋桿轉動并保持水平,而A、B間距離發(fā)生變化,重物就能被頂起或下降。若物

6、重為G,桿AB與AC之間的夾角為θ,不計“千斤頂”本身的重力,則“千斤頂”螺旋桿AB的拉力大小為(　　) A.Gsin θ B.Gcos θ C.Gtan θ D. 11. “竹蜻蜓”是一種在中國民間流傳甚廣的傳統(tǒng)兒童玩具,是中國古代一個很精妙的小發(fā)明,距今已有兩千多年的歷史。其外形如圖所示,呈T字形,橫的一片是由木片經(jīng)切削制成的螺旋槳,當中有一個小孔,其中插一根筆直的竹棍,用兩手搓轉這根竹棍,竹蜻蜓的槳葉便會旋轉獲得升力飛上天,隨著升力減弱而最終又落回地面。20世紀30年代,德國人根據(jù)“竹蜻蜓”的形狀和原理發(fā)明了直升機的螺旋槳。下列關于“竹蜻蜓”的說法正確的是(　　) A.“竹

7、蜻蜓”從手中飛出直至運動到最高點的過程中,始終在加速上升 B.“竹蜻蜓”從手中飛出直至運動到最高點的過程中,始終在減速上升 C.為使“竹蜻蜓”能以圖示方向旋轉上升,其槳葉前緣應比后緣略高 D.為使“竹蜻蜓”能以圖示方向旋轉上升,其槳葉前緣應比后緣略低 12.如圖所示,小方塊代表一些相同質量的鉤碼,圖甲中O為輕繩之間聯(lián)結的節(jié)點,圖乙中光滑的滑輪跨在輕繩上懸掛鉤碼,兩裝置處于靜止狀態(tài),現(xiàn)將圖甲中的B滑輪或圖乙中的端點B沿虛線稍稍上移一些,則關于θ角變化說法正確的是(　　) A.圖甲、圖乙中θ角均增大 B.圖甲、圖乙中θ角均不變 C.圖甲中θ增大、圖乙中θ角不變化 D.圖甲中θ不

8、變、圖乙中θ角變大 13.一鐵球通過三段輕繩OA、OB、OC懸掛在天花板上的A點,輕繩OC拴接在輕質彈簧測力計上。第一次,保持結點O位置不變,某人拉著輕質彈簧測力計從豎直位置緩慢轉動到水平位置,如圖甲所示,彈簧測力計的示數(shù)記為F1。第二次,保持輕繩OC垂直于OA,緩慢釋放輕繩,使輕繩OA轉動到豎直位置,如圖乙所示,彈簧測力計的示數(shù)記為F2。則(　　) A.F1恒定不變,F2逐漸增大 B.F1、F2均逐漸增大 C.F1先減小后增大,F2逐漸減小 D.F1逐漸增大,F2先減小后增大 14.如圖所示,A、B兩木塊質量分別是mA、mB,與水平地面的動摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2。兩木塊放在

9、水平面上,它們之間用細線相連,兩次連接情況中細線傾斜方向不同但傾角一樣。先后用相同的水平力F拉著A、B一起勻速運動,則μ1、μ2之比是(　　) A.1∶1 B.mA∶mB C.mB∶mA D.無法確定 二、非選擇題(共30分) 15.(6分)下圖是探究求合力的方法實驗示意圖。將橡皮條的一端固定于A點,圖甲表示在兩個拉力F1、F2的共同作用下,將橡皮條的結點拉長到O點;圖乙表示準備用一個拉力F拉橡皮條,圖丙是在白紙上根據(jù)實驗結果畫出的力的合成圖示。 (1)有關此實驗,下列敘述正確的是　　　　(填正確答案標號)。? A.在進行圖甲的實驗操作時,F1、F2的方向必須互相垂直 B

10、.在進行圖乙的實驗操作時,必須將橡皮條的結點拉到O點 C.在進行圖甲的實驗操作時,保證O點的位置不變,F1變大時,F2一定變小 D.在誤差允許的范圍內,拉力F一定等于F1、F2的代數(shù)和 (2)圖丙中F'是以F1、F2為鄰邊構成的平行四邊形的對角線,一定沿AO方向的是　　　　(選填“F”或“F'”)。? 16.(8分)某同學在探究彈力和彈簧伸長的關系的實驗中,測得圖中彈簧OC的勁度系數(shù)為500 N/m。如圖甲所示,用彈簧OC和彈簧測力計a、b做“探究求合力的方法”實驗。在保持彈簧伸長1.00 cm不變的條件下, (1)若彈簧測力計a、b間夾角為90°,彈簧測力計a的讀數(shù)是　　　 N

11、(圖乙中所示),則彈簧測力計b的讀數(shù)可能為　　　　 N。? (2)若彈簧測力計a、b間夾角大于90°,保持彈簧測力計a與彈簧OC的夾角不變,減小彈簧測力計b與彈簧OC的夾角,則彈簧測力計a的讀數(shù)　　　　、彈簧測力計b的讀數(shù)　　　　。(均選填“變大”“變小”或“不變”)? 17. (16分)如圖所示,一個質量為m=8 kg的物體置于傾角為37°的斜面上,在水平力F作用下保持靜止。求下列情形下物體與斜面之間的靜摩擦力的大小和方向(g取10 m/s2)。(1)F=50 N;(2)F=60 N;(3)F=70 N。 第三章檢測　相互作用 1.C　題圖中排球受到

12、的力是重力、空氣對球的阻力,所以答案為C。此刻人手與球并沒有接觸,所以沒有推力,所以選項A、B、D均錯。 2.A 3.D　動摩擦因數(shù)μ的大小由接觸面的粗糙程度及材料性質決定,與摩擦力Ff和正壓力FN無關,一旦材料和接觸面的情況確定了,動摩擦因數(shù)μ也就確定了,故D正確。 4.C　 滑輪受到繩子的作用力應等效為兩段繩中拉力F1和F2的合力,因同一根繩張力處處相等,都等于物體的重力,即F1=F2=G=mg=100 N。用平行四邊形定則作圖,如圖所示,可知合力F=100 N,所以滑輪受繩的作用力為100 N,方向與水平方向成30°角斜向下,正確選項為C。 5.A　對結點O受力分析,受三根

13、繩子的拉力,根據(jù)平衡條件的推論得,水平和豎直兩繩拉力的合力與OA繩的拉力等大反向,作出平行四邊形,解得三根繩中OA繩的拉力最大,在水平拉力逐漸增大的過程中,OA繩先達到最大值,故OA繩先斷,A項正確。 6.D　 由于兩墻面豎直,對m0和m整體受力分析可知,地面對m0的彈力大小等于(m0+m)g,A、B錯誤;在水平方向,墻對m0和m的彈力大小相等、方向相反,隔離物體m受力分析如圖所示,根據(jù)平行四邊形定則可得m受到的墻對它的彈力大小為,所以m0受到墻面的彈力大小也為,C錯誤,D正確。 7. A　對動滑輪受力分析,受重力、兩個對稱的拉力,拉力等于懸掛物體的重力mg,如圖,由題可知,由

14、平衡條件得2FTcos θ=F,而且拉力FT=mg。如果只增加繩的長度時,由于兩個細線拉力也不變,動滑輪位置不變,即夾角θ不變,故三個力大小方向都不變,則F不變,故①錯誤;增加重物的重力,兩個拉力變大,動滑輪位置不變,則兩拉力夾角不變,故合力變大,故手要用較大的力,故②正確;手指向下移動,兩個拉力大小不變,夾角變小,故兩拉力合力變大,故手要用較大的力,故③正確;手指向上移動,兩個拉力大小不變,夾角變大,故兩拉力合力變小,故手要用較小的力,故④錯誤。 8.A　 小球m1受力如圖所示,由三力平衡的知識可知,FT2、FT3的合力大小等于m1g,方向豎直向上,FT2=m1gsin 53°=m2

15、g,FT3=m1gcos 53°=m3g,解得m1∶m2∶m3=5∶4∶3,選項A正確。 9.D　沿斜面勻速上滑的小物塊和楔形物塊都處于平衡狀態(tài),可將二者看作一個處于平衡狀態(tài)的整體,由豎直方向受力平衡可得(m0+m)g=FN+Fsin θ,解得FN=(m0+m)g-Fsin θ。 10.D　如圖所示,將重力G分解到沿BA方向的拉AB桿的力F1和沿AC方向的壓AC桿的力F2,即得F1=,則螺旋桿AB的拉力大小為。 11.C　“竹蜻蜓”從手中飛出直至運動到最高點的過程中,由于剛開始它旋轉很快,故產(chǎn)生向上的升力較大,會加速上升,但隨著轉速的減慢,重力大于升力時,減速上升,故選項A、B錯誤;

16、為使“竹蜻蜓”能以圖示方向旋轉上升,其槳葉前緣應比后緣略高,使得空氣對它的作用力斜向上,從而產(chǎn)生向上的升力,故選項C正確,D錯誤。 12.B　題圖甲中,根據(jù)鉤碼個數(shù),三個力正好構成直角三角形,若端點B沿虛線稍稍上移一些,三力大小不變,根據(jù)力的合成法則,可以知道,方向不變,即夾角不變。題圖乙中,因光滑的滑輪,且繩子中的張力相等,則A、B的力總是相等的,因此合力平分A、B繩的夾角,即使稍上移,繩子張力大小仍不變,則根據(jù)力的合成法則,可以知道,AB夾角也不變。 13.C　在圖甲中,對O點受力分析,抓住兩根繩的合力等于物體的重力,其大小和方向都不變,OA繩拉力方向不變,根據(jù)平行四邊形定則得,如圖甲

17、,知OA繩上拉力F1先減小后增大。在圖乙中,假設AO與豎直方向的夾角為θ,由平衡條件得F2=mgsin θ,θ減小,則F2逐漸減小。所以C選項是正確的。 14.A　對左圖情形,分析受力情況,根據(jù)平衡條件得F=FfA+FfB;FfA=μ1(mAg-FT1sin θ);FfB=μ2(mBg+FT1sin θ),聯(lián)立得到F=μ1(mAg-FT1sin θ)+μ2(mBg+FT1sin θ)=μ1mAg+μ2mBg-(μ1-μ2)FT1sin θ。 同理,左圖情形,分析受力情況,根據(jù)平衡條件得 F=μ1(mAg+FT2sin θ)+μ2(mBg-FT2sin θ)=μ1mAg+μ2mBg+(

18、μ1-μ2)FT2sin θ 解得μ1=μ2,所以μ1∶μ2之比是1∶1。 15.(1)B　(2)F 16.答案 (1)3.00~3.02　3.09~4.1(有效數(shù)字不作要求)　(2)變大　變大 解析 (1)由題圖乙可知彈簧測力計a的讀數(shù)是F1=3.0 N;因合力為F=kx=500×0.01 N=5 N,兩分力的夾角為90°,則另一個分力的大小為F2==4.0 N。 (2)若彈簧則力計a、b間的夾角大于90°,保持彈簧測力計a與彈簧OC的夾角不變,減小彈簧測力計b與彈簧OC的夾角,根據(jù)力的平行四邊形法則可知,彈簧測力計a的讀數(shù)變大,彈簧測力計b的讀數(shù)變大。 17.答案 (1)8 N,方向沿斜面向上　(2)0　(3)8 N,方向沿斜面向下 解析 根據(jù)平衡條件可得Fcos θ-Ff-mgsin θ=0 解得Ff=Fcos θ-mgsin θ。 (1)F=50 N時,Ff=(50×0.8-80×0.6) N=-8 N,負號表明Ff方向沿斜面向上。 (2)F=60 N時,Ff=(60×0.8-80×0.6) N=0。 (3)F=70 N時,Ff=(70×0.8-80×0.6) N=8 N,方向沿斜面向下。