（全國通用）2020年高考物理一輪題復(fù)習(xí) 第九章 磁場 微專題63 帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動(dòng)

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1、帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動(dòng) 1．考點(diǎn)及要求：(1)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)(Ⅱ)；(2)質(zhì)譜儀(Ⅰ).2.方法與技巧：(1)若帶電粒子在疊加場中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則重力、電場力與磁場力的合力為零；(2)若帶電粒子在疊加場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則重力與電場力等大、反向． 1．有一電荷量為－q，重力為G的小球，從豎直的帶電平行板上方h處自由落下，兩極板間勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向如圖1所示，則帶電小球通過有電場和磁場的空間時(shí)(　　) 圖1 A．一定做曲線運(yùn)動(dòng) B．不可能做曲線運(yùn)動(dòng) C．有可能做勻速運(yùn)動(dòng) D．有可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng) 2．(多選)如圖2所示，豎直放置的兩塊很大的

2、平行金屬板a、b，相距為d，ab間的電場強(qiáng)度為E，今有一帶正電的粒子從a板下邊緣以初速度v0豎直向上射入電場，當(dāng)它飛到b板時(shí)，速度大小不變，而方向變成水平方向，且剛好從高度也為d的狹縫穿過b板而進(jìn)入bc區(qū)域，bc區(qū)域的寬度也為d，所加電場的場強(qiáng)大小為E，方向豎直向上；磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于，重力加速度為g，則下列說法中正確的是(　　) 圖2 A．粒子在ab區(qū)域中做勻變速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為 B．粒子在bc區(qū)域中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓周半徑r＝d C．粒子在bc區(qū)域中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為 D．粒子在ab、bc區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為 3．如圖3所示，水平放置的平

3、行金屬板a、b帶有等量正負(fù)電荷，a板帶正電，兩板間有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一個(gè)帶正電的粒子在兩板間做直線運(yùn)動(dòng)，粒子的重力不計(jì)．關(guān)于粒子在兩板間運(yùn)動(dòng)的情況，正確的是(　　) 圖3 A．可能向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng) B．可能向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng) C．只能是向右做勻速直線運(yùn)動(dòng) D．只能是向左做勻速直線運(yùn)動(dòng) 4．如圖4所示，虛線空間中存在由勻強(qiáng)電場E和勻強(qiáng)磁場B組成的正交或平行的電場和磁場，有一個(gè)帶正電小球(電荷量為q，質(zhì)量為m)從正交或平行的電磁復(fù)合場上方的某一高度自由落下，那么，帶電小球可能沿直線通過的是(　　) 圖4 A．①② B．③④ C．①③ D．②④ 5．如

4、圖5所示，是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖．帶電粒子被加速電場加速后，進(jìn)入速度選擇器．速度選擇器內(nèi)存在相互正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，強(qiáng)度分別為B和E.平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2.平板S下方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場．下列表述錯(cuò)誤的是(　　) 圖5 A．質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具 B．速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外 C．能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于 D．粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越小 6．如圖6所示，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球從M點(diǎn)自由下落，M點(diǎn)距場區(qū)邊界PQ高為h，邊界PQ下方有方向豎直向下、電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場，

5、同時(shí)還有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場，小球從邊界上的a點(diǎn)進(jìn)入復(fù)合場后，恰能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并從邊界上的b點(diǎn)穿出，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，則以下說法正確的是(　　) 圖6 A．小球帶負(fù)電荷，勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向外 B．小球的電荷量與質(zhì)量的比值＝ C．小球從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，小球和地球系統(tǒng)機(jī)械能守恒 D．小球在a、b兩點(diǎn)的速度相同 7．如圖7所示，整個(gè)空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場，MN的右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場．由絕緣材料制成的光滑軌道AC與水平面的夾角為θ，C點(diǎn)處于MN邊界上，其延長線為CD.一質(zhì)量為m的帶電小球沿軌道AC下滑，至C點(diǎn)后沿直線CD運(yùn)動(dòng)．則以下說法錯(cuò)誤的是(

6、　　) 圖7 A．小球帶正電荷 B．小球在MN左側(cè)做勻加速直線運(yùn)動(dòng) C．小球在MN右側(cè)做勻速直線運(yùn)動(dòng) D．小球在MN的右側(cè)所受洛倫茲力為 8．(多選)一塊橫截面為矩形的金屬導(dǎo)體的寬度為b，厚度為d，將導(dǎo)體置于一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于側(cè)面，如圖8所示．當(dāng)在導(dǎo)體中通以圖示方向的電流I時(shí)，在導(dǎo)體的上下表面間用電壓表測得的電壓為UH，已知自由電子的電量為e，則下列判斷正確的是(　　) 圖8 A．導(dǎo)體內(nèi)自由電子只受洛倫茲力作用 B．用電壓表測UH時(shí)，電壓表的“＋”接線柱接下表面 C．金屬導(dǎo)體的厚度d越大，UH越小 D．該導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)

7、為 9．(多選)如圖9甲所示，絕緣輕質(zhì)細(xì)繩一端固定在方向相互垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中的O點(diǎn)，另一端連接帶正電的小球，小球電荷量q＝6×10－7 C，在圖示坐標(biāo)中，電場方向沿豎直方向，坐標(biāo)原點(diǎn)O的電勢(shì)為零．當(dāng)小球以2 m/s的速率繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)繩上的拉力剛好為零．在小球從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，軌跡上每點(diǎn)的電勢(shì)φ隨縱坐標(biāo)y的變化關(guān)系如圖乙所示，重力加速度g＝10 m/s2，則下列判斷正確的是(　　) 圖9 A．勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為3.2×106 V/m B．小球重力勢(shì)能增加最多的過程中，電勢(shì)能減少了2.4 J C．小球做順時(shí)針方向的勻速圓周運(yùn)動(dòng) D．

8、小球所受的洛倫茲力的大小為3 N 10．如圖10所示，與水平面成37°角的傾斜軌道AC，其延長線在D點(diǎn)與半圓軌道DF相切，全部軌道為絕緣材料制成且位于豎直面內(nèi)，整個(gè)空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場，MN的右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(C點(diǎn)處于MN邊界上)．一質(zhì)量為0.4 kg的帶電小球沿軌道AC下滑，至C點(diǎn)時(shí)速度為vC＝ m/s，接著沿直線CD勻速運(yùn)動(dòng)到D處進(jìn)入半圓軌道，進(jìn)入時(shí)無動(dòng)能損失，且恰好能通過F點(diǎn)，在F點(diǎn)速度為vF＝4 m/s(不計(jì)空氣阻力，g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)．求： 圖10 (1)小球帶何種電荷？ (2)小球在半圓軌道部分克服摩

9、擦力所做的功； (3)小球從F點(diǎn)飛出時(shí)磁場同時(shí)消失，小球離開F點(diǎn)后的運(yùn)動(dòng)軌跡與直線AC(或延長線)的交點(diǎn)為G點(diǎn)(未標(biāo)出)，求G點(diǎn)到D點(diǎn)的距離．(計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字) 11．如圖11所示，在真空室中平面直角坐標(biāo)系的y軸豎直向上，x軸上的P點(diǎn)與Q點(diǎn)關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)O對(duì)稱，P、Q間的距離d＝30 cm.坐標(biāo)系所在空間存在一勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)的大小E＝1.0 N/C.一帶電油滴在xOy平面內(nèi)，從P點(diǎn)與x軸正方向成30°的夾角射出，該油滴將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，已知油滴以速度v＝2.0 m/s射出，所帶電荷量q＝1.0×10－7 C，重力加速度為g＝10 m/s2. 圖11 (1)求油滴的質(zhì)量m.

10、 (2)若在空間疊加一個(gè)垂直于xOy平面的圓形有界勻強(qiáng)磁場，使油滴通過Q點(diǎn)，且其運(yùn)動(dòng)軌跡關(guān)于y軸對(duì)稱．已知磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝2.0 T，求： ①油滴在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t； ②圓形磁場區(qū)域的最小面積S.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字) 答案解析 1．A　[帶電小球在重力場、電場和磁場中運(yùn)動(dòng)，所受重力、電場力是恒力，但受到的洛倫茲力是隨速度的變化而變化的變力，因此小球不可能處于平衡狀態(tài)，也不可能在電、磁場中做勻變速運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)A正確．] 2．AD　[粒子在ab區(qū)域中豎直方向受到重力作用，水平方向受到電場力作用，由于都是恒力，故粒子做勻變速運(yùn)動(dòng)，由對(duì)稱性可知Eq＝mg，在豎直方向v0＝g

11、t1，則t1＝，或t1＝＝，選項(xiàng)A正確；粒子在剛進(jìn)入bc區(qū)域時(shí)，受到向下的重力、向上的電場力和向上的洛倫茲力作用，由于B＝，則Bqv0＝Eq＝mg，由于重力和電場力平衡，故粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為r＝＝＝2d，故選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤；由幾何關(guān)系可知，粒子在bc區(qū)域運(yùn)動(dòng)的圓心角為30°，故所用的時(shí)間t2＝＝＝，所以粒子在ab、bc區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為t＝t1＋t2＝，選項(xiàng)D正確．] 3．C　[受分分析可知靜電力向下，洛倫茲力必向上，則速度方向向右；洛倫茲力與速度大小有關(guān)，因此只能為勻速直線運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)C正確．] 4．B　[帶電小球進(jìn)入復(fù)合場時(shí)受力情況如圖， 其中只有③、④兩種情況下合外力可

12、能為零或與速度的方向相同，所以有可能沿直線通過復(fù)合場區(qū)域，①中力qvB隨速度v的增大而增大，所以三力的合力不會(huì)總保持在豎直方向，合力與速度方向?qū)a(chǎn)生夾角，做曲線運(yùn)動(dòng)，所以①錯(cuò)，同理②也錯(cuò)．選項(xiàng)B正確．] 5．D　[粒子在題圖中的加速電場中加速，說明粒子帶正電，其通過速度選擇器時(shí)，電場力與洛倫茲力平衡，則洛倫茲力方向應(yīng)水平向左，由左手定則知，磁場的方向應(yīng)垂直紙面向外，選項(xiàng)B正確；由Eq＝Bqv可知，v＝，選項(xiàng)C正確；粒子打在膠片上的位置到狹縫的距離即為其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的直徑D＝，可見D越小，則粒子的比荷越大，D不同，則粒子的比荷不同，因此利用該裝置可以分析同位素，A正確，D錯(cuò)誤．] 6．B　

13、[帶電小球在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則qE＝mg，選項(xiàng)B正確；電場方向豎直向下，則可知小球帶負(fù)電，由于小球從b點(diǎn)射出，根據(jù)左手定則可知磁場垂直紙面向里，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)過程中，電場力做功，故小球和地球系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，只是a、b兩點(diǎn)機(jī)械能相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；小球在a、b兩點(diǎn)速度方向相反，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．] 7．B　[ 小球在MN右側(cè)受洛倫茲力作用，做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)因重力、靜電力不變，所以洛倫茲力也不變化，由F洛＝qvB可知v不變，則小球在MN右側(cè)一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C對(duì)．小球受力如圖所示，由左手定則可知小球帶正電，小球在MN的左側(cè)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，并且有F洛＝，故A、D對(duì)，B錯(cuò)．] 8．

14、BD　[定向移動(dòng)的電子受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上下表面間形成電勢(shì)差，最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，故A錯(cuò)誤；由題圖知，磁場方向向里，電流方向向右，則電子向左移動(dòng)，根據(jù)左手定則，電子向上表面偏轉(zhuǎn)，則上表面得到電子帶負(fù)電，那么下表面帶正電，所以電壓表的“＋”接線柱接下表面，故B正確；根據(jù)電場力與洛倫茲力平衡，則有：e＝eBv，解得：UH＝Bdv.則金屬導(dǎo)體的厚度d越大，UH越大，故C錯(cuò)誤；根據(jù)e＝eBv，再由I＝neSv＝nebdv，得導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為：n＝，故D正確．] 9．BD　[由勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)公式E＝結(jié)合題圖乙，可得E＝ V/m＝5×106 V/m，故A錯(cuò)誤；由功

15、能關(guān)系W電＝－ΔEp，W電＝qU＝6×10－7×4×106 J＝2.4 J，即電勢(shì)能減少了2.4 J，故B正確；當(dāng)小球以2 m/s的速率繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)繩上的拉力剛好為零，說明是洛倫茲力提供向心力，由左手定則得小球應(yīng)該做逆時(shí)針方向的圓周運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；重力和電場力是一對(duì)平衡力，有qE＝mg，得m＝＝0.3 kg，由洛倫茲力提供向心力可知洛倫茲力為F＝m＝ N＝3 N，故D正確．故選B、D.] 10．見解析 解析　(1)據(jù)題意可知小球在CD間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在CD段小球受到重力、電場力、洛倫茲力作用且合力為0，因此小球應(yīng)帶正電荷． (2)在D點(diǎn)速度為vD＝vC＝ m/

16、s 設(shè)重力與電場力的合力為F，則F＝qvCB 又F＝＝5 N，解得qB＝＝ 在F處由牛頓第二定律可得qvFB＋F＝ 把qB＝ 代入得R＝1 m 設(shè)小球在DF段克服摩擦力做功為Wf，由動(dòng)能定理可得 －Wf－2FR＝ Wf≈27.6 J (3)小球離開F點(diǎn)后做類平拋運(yùn)動(dòng)， 其加速度為a＝ 由2R＝得t＝ ＝ s 交點(diǎn)G與D點(diǎn)的距離GD＝vFt＝ m≈2.26 m. 11．(1)1.0×10－8 kg (2)① s　②7.9×10－3 m2 解析　(1)對(duì)帶電油滴進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有qE－mg＝0 所以m＝＝1.0×10－8 kg (2)①帶電油滴進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，其軌跡如圖甲所示，設(shè)其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R、周期為T、油滴在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，根據(jù)牛頓第二定律： 由qvB＝得R＝＝0.1 m 所以T＝＝0.1π s 設(shè)帶電油滴從M點(diǎn)進(jìn)入磁場，從N點(diǎn)射出磁場，由于油滴的運(yùn)動(dòng)軌跡關(guān)于y軸對(duì)稱，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可知∠MO′N＝60°，所以帶電油滴在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t＝＝ s ②連接M、N，當(dāng)MN為圓形磁場的直徑時(shí)，圓形磁場區(qū)域的面積最小，如圖乙所示．根據(jù)幾何關(guān)系得圓形磁場的半徑 r＝Rsin 30°＝0.05 m 其面積為S＝πr2＝0.002 5π m2≈7.9×10－3 m2.