《(新課標(biāo) 全國I卷)2010-2019學(xué)年高考數(shù)學(xué) 真題分類匯編 專題14 解析幾何(2)文(含解析)》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(新課標(biāo) 全國I卷)2010-2019學(xué)年高考數(shù)學(xué) 真題分類匯編 專題14 解析幾何(2)文(含解析)(9頁珍藏版)》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、專題14 解析幾何(2)
解析幾何大題:10年10考,每年1題.命題的特點(diǎn):2011-2015年和2019年的載體都是圓,利用圓作為載體,更利于考查數(shù)形結(jié)合,圓承擔(dān)的使命就是“形”,盡量不要對圓像橢圓一樣運(yùn)算,2016-2018年的載體連續(xù)3年都是拋物線,2010年的載體是橢圓.
1.(2019年)已知點(diǎn)A,B關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)O對稱,|AB|=4,⊙M過點(diǎn)A,B且與直線x+2=0相切.
(1)若A在直線x+y=0上,求⊙M的半徑;
(2)是否存在定點(diǎn)P,使得當(dāng)A運(yùn)動時(shí),|MA|﹣|MP|為定值?并說明理由.
【解析】(1)∵⊙M過點(diǎn)A,B且A在直線x+y=0上,
∴點(diǎn)M在線段AB的中垂
2、線x﹣y=0上,
設(shè)⊙M的方程為:(x﹣a)2+(y﹣a)2=R2(R>0),則
圓心M(a,a)到直線x+y=0的距離d=,
又|AB|=4,∴在Rt△OMB中,
d2+(|AB|)2=R2,
即①
又∵⊙M與x=﹣2相切,∴|a+2|=R②
由①②解得或,
∴⊙M的半徑為2或6;
(2)∵線段AB為⊙M的一條弦O是弦AB的中點(diǎn),∴圓心M在線段AB的中垂線上,
設(shè)點(diǎn)M的坐標(biāo)為(x,y),則|OM|2+|OA|2=|MA|2,
∵⊙M與直線x+2=0相切,∴|MA|=|x+2|,
∴|x+2|2=|OM|2+|OA|2=x2+y2+4,
∴y2=4x,
∴M的軌跡是
3、以F(1,0)為焦點(diǎn)x=﹣1為準(zhǔn)線的拋物線,
∴|MA|﹣|MP|=|x+2|﹣|MP|=|x+1|﹣|MP|+1=|MF|﹣|MP|+1,
∴當(dāng)|MA|﹣|MP|為定值時(shí),則點(diǎn)P與點(diǎn)F重合,即P的坐標(biāo)為(1,0),
∴存在定點(diǎn)P(1,0)使得當(dāng)A運(yùn)動時(shí),|MA|﹣|MP|為定值.
2.(2018年)設(shè)拋物線C:y2=2x,點(diǎn)A(2,0),B(﹣2,0),過點(diǎn)A的直線l與C交于M,N兩點(diǎn).
(1)當(dāng)l與x軸垂直時(shí),求直線BM的方程;
(2)證明:∠ABM=∠ABN.
【解析】(1)當(dāng)l與x軸垂直時(shí),x=2,代入拋物線解得y=±2,
∴M(2,2)或M(2,﹣2),
直線BM的
4、方程:y=x+1,或:y=﹣x﹣1.
(2)證明:設(shè)直線l的方程為l:x=ty+2,M(x1,y1),N(x2,y2),
聯(lián)立直線l與拋物線方程得,消x得y2﹣2ty﹣4=0,
即y1+y2=2t,y1y2=﹣4,
則有kBN+kBM=+===0,
∴直線BN與BM的傾斜角互補(bǔ),
∴∠ABM=∠ABN.
3.(2017年)設(shè)A,B為曲線C:y=上兩點(diǎn),A與B的橫坐標(biāo)之和為4.
(1)求直線AB的斜率;
(2)設(shè)M為曲線C上一點(diǎn),C在M處的切線與直線AB平行,且AM⊥BM,求直線AB的方程.
【解析】(1)設(shè)A(x1,),B(x2,)為曲線C:y=上兩點(diǎn),
則直線AB的斜率
5、為k==(x1+x2)=×4=1;
(2)設(shè)直線AB的方程為y=x+t,代入曲線C:y=,
可得x2﹣4x﹣4t=0,即有x1+x2=4,x1x2=﹣4t,
再由y=的導(dǎo)數(shù)為y′=x,
設(shè)M(m,),可得M處切線的斜率為m,
由C在M處的切線與直線AB平行,可得m=1,
解得m=2,即M(2,1),
由AM⊥BM可得,kAM?kBM=﹣1,
即為=﹣1,
化為x1x2+2(x1+x2)+20=0,
即為﹣4t+8+20=0,
解得t=7.
則直線AB的方程為y=x+7.
4.(2016年)在直角坐標(biāo)系xOy中,直線l:y=t(t≠0)交y軸于點(diǎn)M,交拋物線C:y2=2
6、px(p>0)于點(diǎn)P,M關(guān)于點(diǎn)P的對稱點(diǎn)為N,連結(jié)ON并延長交C于點(diǎn)H.
(1)求;
(2)除H以外,直線MH與C是否有其它公共點(diǎn)?說明理由.
【解析】(1)將直線l與拋物線方程聯(lián)立,解得P(,t),
∵M(jìn)關(guān)于點(diǎn)P的對稱點(diǎn)為N,
∴=,=t,
∴N(,t),
∴ON的方程為y=x,
與拋物線方程聯(lián)立,解得H(,2t)
∴==2;
(2)由(1)知kMH=,
∴直線MH的方程為y=x+t,與拋物線方程聯(lián)立,消去x可得y2﹣4ty+4t2=0,
∴△=16t2﹣4×4t2=0,
∴直線MH與C除點(diǎn)H外沒有其它公共點(diǎn).
5.(2015年)已知過點(diǎn)A(0,1)且斜率為k的直
7、線l與圓C:(x﹣2)2+(y﹣3)2=1交于點(diǎn)M、N兩點(diǎn).
(1)求k的取值范圍;
(2)若=12,其中O為坐標(biāo)原點(diǎn),求|MN|.
【解析】(1)由題意可得,直線l的斜率存在,
設(shè)過點(diǎn)A(0,1)的直線方程為y=kx+1,即kx﹣y+1=0.
由已知可得圓C的圓心C的坐標(biāo)(2,3),半徑R=1.
故由<1,
故當(dāng)<k<,過點(diǎn)A(0,1)的直線與圓C:(x﹣2)2+(y﹣3)2=1相交于M,N兩點(diǎn).
(2)設(shè)M(x1,y1);N(x2,y2),
由題意可得,經(jīng)過點(diǎn)M、N、A的直線方程為y=kx+1,代入圓C的方程(x﹣2)2+(y﹣3)2=1,
可得 (1+k2)x2﹣4(
8、k+1)x+7=0,
∴x1+x2=,x1?x2=,
∴y1?y2=(kx1+1)(kx2+1)=k2x1x2+k(x1+x2)+1=?k2+k?+1=,
由=x1?x2+y1?y2==12,解得 k=1,
故直線l的方程為 y=x+1,即 x﹣y+1=0.
圓心C在直線l上,MN長即為圓的直徑.
所以|MN|=2.
6.(2014年)已知點(diǎn)P(2,2),圓C:x2+y2﹣8y=0,過點(diǎn)P的動直線l與圓C交于A,B兩點(diǎn),線段AB的中點(diǎn)為M,O為坐標(biāo)原點(diǎn).
(1)求M的軌跡方程;
(2)當(dāng)|OP|=|OM|時(shí),求l的方程及△POM的面積.
【解析】(1)由圓C:x2+y2﹣8
9、y=0,得x2+(y﹣4)2=16,
∴圓C的圓心坐標(biāo)為(0,4),半徑為4.
設(shè)M(x,y),則,.
由題意可得:.
即x(2﹣x)+(y﹣4)(2﹣y)=0.
整理得:(x﹣1)2+(y﹣3)2=2.
∴M的軌跡方程是(x﹣1)2+(y﹣3)2=2.
(2)由(1)知M的軌跡是以點(diǎn)N(1,3)為圓心,為半徑的圓,
由于|OP|=|OM|,
故O在線段PM的垂直平分線上,
又P在圓N上,
從而ON⊥PM.
∵kON=3,
∴直線l的斜率為﹣.
∴直線PM的方程為,即x+3y﹣8=0.
則O到直線l的距離為.
又N到l的距離為,
∴|PM|=.
∴.
7.
10、(2013年)已知圓M:(x+1)2+y2=1,圓N:(x﹣1)2+y2=9,動圓P與圓M外切并與圓N內(nèi)切,圓心P的軌跡為曲線C.
(1)求C的方程;
(2)l是與圓P,圓M都相切的一條直線,l與曲線C交于A,B兩點(diǎn),當(dāng)圓P的半徑最長時(shí),求|AB|.
【解析】(1)由圓M:(x+1)2+y2=1,可知圓心M(﹣1,0);圓N:(x﹣1)2+y2=9,圓心N(1,0),半徑3.
設(shè)動圓的半徑為R,
∵動圓P與圓M外切并與圓N內(nèi)切,∴|PM|+|PN|=R+1+(3﹣R)=4,
而|NM|=2,由橢圓的定義可知:動點(diǎn)P的軌跡是以M,N為焦點(diǎn),4為長軸長的橢圓,
∴a=2,c=1,b2
11、=a2﹣c2=3.
∴曲線C的方程為(x≠﹣2).
(2)設(shè)曲線C上任意一點(diǎn)P(x,y),
由于|PM|﹣|PN|=2R﹣2≤3﹣1=2,所以R≤2,當(dāng)且僅當(dāng)⊙P的圓心為(2,0),R=2時(shí),其半徑最大,其方程為(x﹣2)2+y2=4.
①l的傾斜角為90°,則l與y軸重合,可得|AB|=.
②若l的傾斜角不為90°,由于⊙M的半徑1≠R,可知l與x軸不平行,
設(shè)l與x軸的交點(diǎn)為Q,則,可得Q(﹣4,0),所以可設(shè)l:y=k(x+4),
由l于M相切可得:,解得.
當(dāng)時(shí),聯(lián)立,得到7x2+8x﹣8=0.
∴,.
∴|AB|==,
由于對稱性可知:當(dāng)時(shí),也有|AB|=.
12、綜上可知:|AB|=或.
8.(2012年)設(shè)拋物線C:x2=2py(p>0)的焦點(diǎn)為F,準(zhǔn)線為l,A∈C,已知以F為圓心,F(xiàn)A為半徑的圓F交l于B,D兩點(diǎn).
(1)若∠BFD=90°,△ABD的面積為,求p的值及圓F的方程;
(2)若A,B,F(xiàn)三點(diǎn)在同一直線m上,直線n與m平行,且n與C只有一個(gè)公共點(diǎn),求坐標(biāo)原點(diǎn)到m,n距離的比值.
【解析】(1)由對稱性知:△BFD是等腰直角△,斜邊|BD|=2p
點(diǎn)A到準(zhǔn)線l的距離,
∵△ABD的面積S△ABD=,
∴,
解得p=2,所以F坐標(biāo)為(0,1),
∴圓F的方程為x2+(y﹣1)2=8.
(2)由題設(shè)(),則,
∵A,B,
13、F三點(diǎn)在同一直線m上,
又AB為圓F的直徑,故A,B關(guān)于點(diǎn)F對稱.
由點(diǎn)A,B關(guān)于點(diǎn)F對稱得:,
得:,直線:,
切點(diǎn),
直線:,
坐標(biāo)原點(diǎn)到m,n距離的比值為:.
9.(2011年)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,曲線y=x2﹣6x+1與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)都在圓C上.
(1)求圓C的方程;
(2)若圓C與直線x﹣y+a=0交與A,B兩點(diǎn),且OA⊥OB,求a的值.
【解析】(1)法一:曲線y=x2﹣6x+1與y軸的交點(diǎn)為(0,1),與x軸的交點(diǎn)為(3+2,0),(3﹣2,0).可知圓心在直線x=3上,故可設(shè)該圓的圓心C為(3,t),則有32+(t﹣1)2=(2)2+t2,解得t=1
14、,故圓C的半徑為,所以圓C的方程為(x﹣3)2+(y﹣1)2=9.
法二:圓x2+y2+Dx+Ey+F=0,
x=0,y=1有1+E+F=0,
y=0,x2 ﹣6x+1=0與x2+Dx+F=0是同一方程,故有D=﹣6,F(xiàn)=1,E=﹣2,
即圓方程為x2+y2﹣6x﹣2y+1=0.
(2)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),其坐標(biāo)滿足方程組,消去y,得到方程2x2+(2a﹣8)x+a2﹣2a+1=0,由已知可得判別式△=56﹣16a﹣4a2>0.
在此條件下利用根與系數(shù)的關(guān)系得到x1+x2=4﹣a,x1x2=①,
由于OA⊥OB可得x1x2+y1y2=0,又y1=x1+a,y2=
15、x2+a,所以可得2x1x2+a(x1+x2)+a2=0②
由①②可得a=﹣1,滿足△=56﹣16a﹣4a2>0.故a=﹣1.
10.(2010年)設(shè)F1,F(xiàn)2分別是橢圓E:x2+=1(0<b<1)的左、右焦點(diǎn),過F1的直線l與E相交于A、B兩點(diǎn),且|AF2|,|AB|,|BF2|成等差數(shù)列.
(1)求|AB|;
(2)若直線l的斜率為1,求b的值.
【解析】(1)由橢圓定義知|AF2|+|AB|+|BF2|=4,
又2|AB|=|AF2|+|BF2|,得.
(2)的方程式為y=x+c,其中,
設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則A,B兩點(diǎn)坐標(biāo)滿足方程組,
化簡得(1+b2)x2+2cx+1﹣2b2=0.
則,.
因?yàn)橹本€AB的斜率為1,所以,
即.
則.
解得.
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